2024屆四川省西昌市高二物理第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖中，四盞燈分別標為：L1（4V，1.6W），L2（5V，1.25W），L3（6V，1.8W），L4（10V，10W）。那么，將電路兩端接到8V電源上后，它們消耗的電功率P1、P2、P3、P4的關系是（設燈的的電阻都不變）（）A．P2>P1>P4>P3B．P1>P2>P3>P4C．P2>P1>P3>P4D．P1>P2>P4>P32、某平行板電容器的電容為C，帶電量為Q，相距為d，今在板間中點放一個電量為q的點電荷，則它受到的電場力的大小為（）A． B． C． D．3、下列四個物理過程，屬于通過做功來改變物體內能的是（）A．鐵絲在酒精燈火焰上灼燒變熱B．灼燒變熱的鐵絲逐漸冷卻到常溫C．隕石落到地球上后又逐漸恢復到本來顏色D．隕石進入大氣層后逐漸變成火紅球體4、如圖直角坐標系xOy的一、三象限內有勻強磁場，方向均垂直于坐標平面向里，第一象限內的磁感應強度大小為2B，第三象限內的磁感應強度大小為B。現將由兩條半徑半徑為和四分之一圓弧組成的導線框OPM繞過O點且垂直坐標平面的軸在紙面內以角速度逆時針勻速轉動，導線框回路總電阻為R。在線框勻速轉動的過程中A．線框中感應電流的方向總是順時針方向 B．圓弧段PM始終不受安培力C．線框中感應電流最大值為 D．線框產生的總熱量為5、下面關于自由落體運動的說法中正確的是（）A．初速度為零的運動就是自由落體運動B．加速度為g的運動就是自由落體運動C．初速度為零、加速度為g的運動就是自由落體運動D．速度與時間成正比的運動就是自由落體運動6、如圖所示，用絲綢摩擦過的玻璃棒和驗電器的金屬球接觸，使驗電器的金屬箔片張開，關于這一現象下列說法正確的是()A．兩片金屬箔片上帶異種電荷B．兩片金屬箔片上均帶負電荷C．金屬箔片上有電子轉移到玻璃棒上D．將玻璃棒移走，金屬箔片立即合在一起二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，OM和ON都在紙面內，且相互垂直，只在MON區域內有垂直于紙面向外的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B．在OM上的P點由一質量為m、電荷量為-q的帶電粒子以一速度沿與OM成=45°角方向射入磁場，O、P間距離為L，粒子所受重力不計，則A．帶電粒子在磁場中的運動時間可能為B．帶電粒子在磁場中的運動時間可能為C．帶電粒子經過ON的位置到O的距離可能為D．帶電粒子經過ON的位置到O的距離可能為8、如圖所示，一帶電粒子在電場中沿曲線AB運動，從B點穿出電場，a、b、c、d為該電場中的等勢面，這些等勢面都是互相平行的豎直平面，不計粒子所受重力，則（）A．該粒子一定帶負電B．此電場一定是勻強電場C．粒子在電場中運動過程動能不斷減少D．該電場的電場線方向一定水平向左9、如圖所示，電流表A1(0～3A)和A2(0～0.6A)是由兩個相同的靈敏電流計改裝而成，現將這兩個電流表并聯后接入電路中。閉合開關S，調節滑動變阻器，下列說法正確的是()A．A1的讀數小于A2的讀數B．A1的讀數大于A2的讀數C．A1、A2的指針偏轉角度之比為5∶1D．A1、A2的指針偏轉角度之比為1∶110、傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖所示是一種測定壓力的電容式傳感器，當待測壓力F作用于可動膜片電極上時，可使膜片產生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流計和電源串接成閉合電路．那么.A．當F向上壓膜片電極時，電容將減小.B．當F向上壓膜片電極時，電容將增大.C．若電流計中有向上的電流，則表明壓力F在減小.D．若壓力F不變，則電流計中有向上的電流.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）游標卡尺測一根金屬管的外徑時，卡尺上的游標位置如圖中所示。這根金屬管外徑讀數是_____cm；用螺旋測微器測得金屬絲的直徑，如圖所示，可知金屬絲的直徑d=____mm。12．（12分）一實驗小組準備探究某種元件Q的伏安特性曲線（結果如圖丙），他們設計了如圖甲所示的電路圖．請回答下列問題：（1）請將圖乙中的實物連線按電路圖補充完整_______．（2）在電路圖中閉合開關S，電流表、電壓表均有示數，但無論怎樣移動變阻器滑動片，總不能使電壓表的示數調為零．原因可能是圖中的___（選填a、b、c、d、e、f）處接觸不良．（3）測得元件Q的伏安特性曲線如圖丙所示，則下列說法中正確的是__________A．加0.8V電壓時，導體的電阻約是16ΩB．加1.6V電壓時，導體的電阻約是4ΩC．由圖可知，隨著電壓的增大，導體的電阻不斷減小D．由圖可知，隨著電壓的減小，導體的電阻不斷減小四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）.如圖所示,水平放置的平行板電容器,原來兩極板不帶電,上極板接地,它的極板長l=0.1m,兩極板間距離d=0.4cm。有一束相同微粒組成的帶電粒子流從兩極板中央平行于極板射入,由于重力作用微粒落到下極板上。已知微粒質量為m=2×10-6kg,電荷量為q=+1×10-8C,電容器電容為C=10-6F,g取10m/s2。（1）為使第1個微粒的落點范圍在下極板中點到緊靠邊緣的B點之間,則微粒入射速度v0應為多少?（2）若帶電粒子落到AB板上后電荷全部轉移到極板上,則以上述速度射入的帶電粒子最多能有多少個落到下極板上?14．（16分）某點電荷形成的電場中某區域的電場線如圖所示,A、B是電場中的兩點．一個電荷量

的點電荷在A點所受電場力，將該點電荷從A點移到B點,電場力做功．求:

（1）請在圖中標出電場線的方向，并求A點電場強度的大小

（2）A、B兩點間的電勢差U（3）若取A點為零電勢位置，求B點電勢能（4）該點電荷從A點靜止釋放后運動到B點的過程中，分析速度和加速度的變化情況．15．（12分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E=12V，內阻可忽略不計，電阻的阻值分別為R1=R2=20Ω，滑動變阻器的最大阻值R=60Ω，電容器MN的電容C=20μF，現將滑動觸頭P置于最左端a點，合上開關S，經過一段時間電路處于穩定．求：（1）通過R1的電流；（2）斷開S后，通過R2的電荷量；（3）滑動觸頭P置于最左端a點，合上開關S，待電路穩定后，將P緩慢地從a點移到最右端b點的過程中，通過導線BM的電荷量．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】根據可得，四個燈泡的電阻，由電路圖可知，L3與L4并聯，所以電壓相等，根據，可知P4＞P3，L1與L2串聯，電流相等，根據P=I2R可知，P2＞P1，L1的電流大于L4的電流，根據P=I2R可知P1＞P4，所以P2＞P1＞P4＞P3；故A正確，BCD錯誤；故選A。2、A【解題分析】

由電容的定義式C=Q/U得，板間電壓為U=Q/C．板間場強大小為E=U/d．點電荷所受的電場力大小為F=qE，聯立得到，F=．故選A.3、D【解題分析】

A．鐵絲在酒精燈火焰上灼燒變熱，是通過熱傳遞改變物體的內能，A不符合題意；B．灼燒變熱的鐵絲逐漸冷卻到常溫，是通過熱傳遞改變物體的內能，B不符合題意；CD．隕石進入大氣層后與空氣摩擦而發光發熱，即空氣阻力對隕石做功，使得內能增加，溫度升高，變成火紅球體；當隕石落到地球上后，通過熱傳遞，溫度又慢慢降低，直至恢復到本來顏色，C不符合題意，D符合題意。故選D。4、D【解題分析】

線框進入磁場過程穿過線框的磁通量增加，線框離開磁場過程穿過線框的磁通量減少，由楞次定律可知，線框進入磁場過程感應電流沿逆時針方向，線框離開磁場過程感應電流沿順時針方向，故A錯誤；圓弧段PM在磁場中時電流流過圓弧段，圓弧段受到安培力作用，故B錯誤；當線框進入或離開第一象限磁場時感應電動勢最大，為：Em=?2Bl2ω=Bl2ω，最大感應電流：Im=，故C錯誤；線框進入或離開第三象限磁場時產生的感應電動勢：E=Bl2ω，在線框勻速轉動360°的過程中線框產生的總熱量：，故D正確；故選D。【題目點撥】應用楞次定律可以判斷出感應電流方向，求出感應電動勢、應用歐姆定律與電功公式即可解題，應用E=BL2ω求出感應電動勢是解題的前提與關鍵。5、C【解題分析】初速度為零，加速度為重力加速度的直線運動即為自由落體運動，故C正確。點晴：解決本題關鍵理解自由落體運動為初速度為零，加速度為重力加速度的直線運動。6、C【解題分析】自然界只存在兩種電荷，正電荷和負電荷．絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電；毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電．用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，即缺少電子，若將其接觸驗電器的金屬球，此時兩個箔片帶同種電荷正電；在此過程中，一部分電子會從驗電器向玻璃棒移動．移走金屬棒時，箔片仍帶電，不會立即合在一起；故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】試題分析：如果粒子從OM邊界射出，軌跡對應的圓心角最大，為，故運動時間：；如果從ON邊界射出，軌跡對應的圓心角最小是接近45°，考慮45°情況，故運動時間：，故A錯誤B正確；粒子經過ON的位置到O的距離最小時軌跡與ON軸相切，畫出臨界軌跡；結合幾何關系，有：，，解得：，故C正確D錯誤；考點：考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動【名師點睛】帶電粒子在勻強磁場中運動時，洛倫茲力充當向心力，從而得出半徑公式，周期公式，運動時間公式，知道粒子在磁場中運動半徑和速度有關，運動周期和速度無關，畫軌跡，定圓心，找半徑，結合幾何知識分析解題，8、BC【解題分析】

A．根據物體做曲線運動的條件，電場力方向水平向右，但電場線方向無法判斷，電性不能確定；故A錯誤；B．由圖可知，等勢線為等間距的平行線，結合等勢面的特點可知，是勻強電場，故B正確；C．帶電粒子在電場中沿曲線AB運動時電場力對粒子做負功，其電勢能增大，動能減小，故C正確；D．根據物體做曲線運動的條件，電場力方向水平向右，并且沿電場線方向電勢降低，而a、b、c、d之間電勢大小關系未知，故無法判斷電場方向線，故D錯誤。故選BC。9、BD【解題分析】

C、D、兩電流表由相同的靈敏電流計改裝而成，由圖示電路圖可知，兩電流表A1、A2并聯，兩表頭的電壓相等，通過它們的電流相等，指針偏轉的角度相同，所以A1、A2的指針偏轉角度之比為1：1，故C錯誤，D正確；A、B、電流表A1的量程為3A，A2的量程為0.6A，當偏轉角相同時，A1、A2的讀數之比為5：1，A1的讀數大于A2的讀數，故A錯誤，B正確；故選BD.【題目點撥】本題要對于安培表的內部結構要了解：小量程電流表（表頭）與分流電阻并聯而成。指針偏轉角度取決于流過表頭的電流大小。10、BC【解題分析】當F向上壓膜片電極時，減小，由得增大，A錯．F增大，減小，增大，不變，據，電荷量增大，形成電流計自左向右的充電電流，C對D錯．F減小，增大，減小，電荷量減小，形成電流計自右向左的放電電流．所以電流計有示數時，壓力F發生變化，B對．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.97cm0.623mm【解題分析】

[1]游標卡尺測內徑時，主尺讀數為29mm，游標讀數為0.1×7=0.7mm，最后讀數為：29.7mm=2.97cm。[2]螺旋測微器的固定刻度讀數0.5mm，可動刻度讀數為12.3×0.01=0.123mm，所以最后讀數為0.623mm。12、fAC【解題分析】(1)由原理圖可知，滑動變阻器采用了分壓接法，即先將下面兩個固定的接線柱接在電源兩端；再將用電器的一端接在上面任意一個接線柱上，另一端接到下面任意一個接線柱上；同時電流表采用外接法，注意電表的正極流入；實物圖如圖；(2)由題意可知，電流與電源應相連，不能調節到零說明滑動變阻器起不到分壓作用，故應是f點接觸不良造成的；(3)A項：由得出的圖象可知，U=0.8V時，電流I=0.05A；故電阻；B項：由得出的圖象可知，U=1.6V時，電流I=0.2A；故電阻；C、D項：圖象斜率表示電阻的倒數，隨著電壓的增大，電阻的倒數增大，電阻減小，故C正確，D錯誤．點晴：變阻器采用分壓式接法時，電壓表或電流表的示數可以從零調；分析圖象的斜率時，應根據需要的物理規律寫出縱軸物理量與橫軸物理量的表達式，然后再討論斜率的物理意義即可四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.5m/s≤v0≤5m/s（2）600個【解題分析】

(1)第一個粒子在極板間做平拋運動,即水平位移：豎直位移：為使第一粒子能落在下板中點O到緊靠邊緣的B點之間，x必須滿足：即：帶入數據計算得出：(2)由題意可知：代入數據得：s.

由