2024屆湖南省益陽市資陽區第六中學物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的平行板器件中，電場強度E和磁感應強度B相互垂直．一帶電粒子(重力不計)從左端以速度v沿虛線射入后做直線運動，則該粒子()A．一定帶正電B．速度v=C．若速度v＞，粒子一定不能從板間射出D．若此粒子從右端沿虛線方向進入，仍做直線運動2、關于庫侖定律的公式，下列說法中正確的是：（）A．當真空中的兩個點電荷間的距離r→∞時，它們之間的靜電力F→∞B．當真空中的兩個點電荷間的距離r→0時，它們之間的靜電力F→∞C．當兩個點電荷之間的距離r→∞時，庫侖定律的公式就不適用了D．當兩個點電荷之間的距離r→0時，電荷不能看成是點電荷，庫侖定律的公式就不適用了3、將點電荷從零電勢處移入電場中的M點，電場力做功為，若將點電荷從電場中N點移向零電勢處，電場力做功為，則M、N兩點的電勢、有如下關系：A． B． C． D．4、根據電容的定義式知()A．電容器的電容越大，則電容器所帶電荷量應越多B．電容器兩極板間電壓越大，電容越大C．電容器的電容與電荷量成正比，與電壓成反比D．電容器的電容不隨帶電荷量及兩極板間電壓的變化而變化5、現將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計及開關按如圖所示連接．下列說法中正確的是()A．開關閉合后，滑動變阻器的滑片P勻速滑動，會使電流計指針靜止在中央零刻度B．線圈A插入線圈B中后，開關閉合和斷開的瞬間電流計指針均不會偏轉C．開關閉合后，線圈A插入或拔出都會引起電流計指針偏轉D．開關閉合后，只有滑動變阻器的滑片P加速滑動，電流計指針才會偏轉6、橫截面的直徑為d、長為l的導線，兩端電壓為U，當這三個量中一個改變時，對自由電子定向運動的平均速率的影響是()A．電壓U加倍，自由電子定向運動的平均速率不變B．導線長度l加倍，自由電子定向運動的平均速率加倍C．導線橫截面的直徑加倍，自由電子定向運動的平均速率不變D．以上說法均不正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即，實線為一帶正電的質點（不計重力），僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，M、N是這條軌跡上的兩點，據此可知正確的是A．三個等勢面中的，a的電勢最高B．帶電質點通過M點時的加速度比通過N點時大C．帶電質點通過M點時的動能比通過N點時大D．帶電質點在M點具有的電勢能等于在N點具有的電勢能8、下列關于電功、電功率和焦耳定律的說法中正確的是()A．電功率越大，電流做功越快，電路中產生的焦耳熱一定越多B．W＝UIt適用于任何電路，而W＝只適用于純電阻電路C．在非純電阻電路中，UI＞I2RD．焦耳熱Q＝I2Rt適用于任何電路9、如圖所示，一個帶電油滴從O點以初速度v0向右上方射入無限大的勻強電場E中，v0的方向與E方向成α角．現測得油滴到達運動軌跡的最高點P時速度大小仍為v0，則下列說法正確的是（）A．P點可能在O點的右上方B．P點可能在O點的左上方C．到達最高點P時，重力和電場力對油滴做功的功率都為0D．從拋出到最高點的過程中，油滴電勢能的減少量一定等于重力勢能的增加量10、平行板電容器C與兩個可變電阻器R1、R2以及電源連成如圖所示的電路．閉合開關S待電路穩定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷．要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是A．只增大R1B．只減小R1C．只減小R2D．只減小a、b兩極板間的距離三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的是“研究電磁感應現象”的實驗裝置.（1）將圖中所缺導線補接完整_______________.（2）如果在閉合開關時發現靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關后線圈A迅速從線圈B中拔出時，電流計指針將______（選填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉”）.12．（12分）如圖為“用DIS研究在溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系”實驗裝置圖．(1)圖中，實驗器材A是______.(2)一同學在兩次實驗中測得不同的(p、V)數據，發現p和V的乘積明顯不同．若此同學的實驗操作均正確，則造成此結果的可能原因是：______；______.(3)為了保持注射器內氣體的溫度不變，實驗中采取的主要措施有：避免用手握住注射器封閉有氣體的部分；______.(4)大氣壓強為p0,注射器內氣體的初始體積為10cm3.實驗過程中,注射器內氣體體積在4cm3至20cm3的范圍內變化,注射器內部與外界壓強差的最大值為______p0.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質量都是m的兩個完全相同、帶等量異種電荷的小球A、B分別用長l的絕緣細線懸掛在同一水平面上相距為2l的M、N兩點，平衡時小球A、B的位置如圖甲所示，線與豎直方向夾角α＝30°，當外加水平向左的勻強電場時，兩小球平衡位置如圖乙所示，線與豎直方向夾角也為α＝30°，求：(1)A、B小球電性及所帶電荷量Q；(2)外加勻強電場的場強E.14．（16分）一根通有電流I，長為L，質量為m的導體棒靜止在傾角為α的光滑斜面上，如圖所示，重力加速度為g。(1)如果磁場方向豎直向下，求滿足條件的磁感應強度的大小；(2)如果磁場方向可以隨意調整，求滿足條件的磁感應強度的最小值和方向。15．（12分）利用無人機靈活機動的特點，交警部門開始利用無人機進行低空巡查和懸停抓拍交通違法行為。如圖所示，為一架小型四旋翼無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛行器，無人機連同裝備的質量為m=2kg，其動力系統所能提供的最大作用力為F0=36N，運動過程中所受空氣阻力大小恒為f=4N，其余狀態空氣阻力不計。g取10m/s2，求：（1）無人機懸停在距地面某一高度處進行抓拍時，動力系統提供的作用力F1多大；（2）無人機以最大作用力豎直向上起飛，求該無人機的加速度的大小；（3）無人機在地面從靜止開始，以最大作用力豎直向上起飛，要達到18m的高度，試從節能角度分析，該如何操作，何時關閉動力系統？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】帶電粒子在復合場中做直線運動，根據受力：，對電性無要求，所以A錯；B對；若速度v＞，粒子會發生偏轉，可能會離開復合場，C錯；粒子的運動方向變成從右端進入則電場力方向與洛侖茲力方向一致，不可能做直線運動，D錯．2、D【解題分析】當真空中的兩個點電荷間的距離r→∞時，庫侖定律仍適用，F→0，AC錯．當真空中的兩個點電荷間的距離r→0時，電荷不能看成是點電荷，庫侖定律的公式不適用，B錯D對．3、C【解題分析】

根據電勢能的定義：點荷在某點的電勢能，等于把它從該點移動到零勢能位置時電場力做的功。取無窮遠處電勢能為零，則正電荷在M點的電勢能為，負電荷在N點的電勢能為。再根據電勢的定義：電荷在電場中某點的電勢能與它的電荷量的比值，叫做電勢，設該電荷電荷量為q，則有：所以有：故選C.4、D【解題分析】

本題應根據電容器電容的定義式及其物理意義進行分析；【題目詳解】A、由可知，電容器所帶電量取決于電壓及電容，只有電容大，電量不一定大，故A錯誤；

B、電容是電容器的固有屬性，與電壓無關，故B錯誤；

C、電容器的電容與電壓及電荷量無關，故C錯誤；

D、電容器的電容是電容器的本身的屬性，與電量及電壓無關，故D正確．【題目點撥】電容器的定義式采用了比值定義法；應注意C其實與U及Q無關．5、C【解題分析】電鍵閉合后，滑動變阻器的滑片P勻速滑動，線圈A中的電流發生變化，穿過B的磁通量發生變化，B中會產生感應電流，電流計指針發生偏轉，故A錯誤；線圈A插入線圈B中后，電鍵閉合和斷開的瞬間穿過B的磁通量都會發生變化，線圈B中會產生感應電流，電流計指針都會偏轉，故B錯誤；開關閉合后，線圈A插入或拔出都會引起穿過B的磁通量都會發生變化，線圈B中會產生感應電流，電流計指針都會偏轉，故C正確；電鍵閉合后，只要滑動變阻器的滑片P移動，不論是加速還是勻速，穿過B的磁通量都會變化，都會有感應電流產生，電流計指針都會偏轉，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。6、C【解題分析】由歐姆定律I＝UR，電阻定律R＝ρls和電流微觀表達式I＝neSv可得v＝二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解題分析】

A．根據軌跡彎曲的方向和電場線與等勢線垂直，畫出M、N兩點處場強的方向，如圖，則可知，三個等勢面中的，a的電勢最高，故A正確；B．據題，相鄰等勢面之間的電勢差相等，而M處等差等勢面較密，則M點的場強較大，質點通過M點時的加速度比通過N點時大，故B正確；CD．若質點從M到N過程，電場力做正功，質點的電勢能減小，動能增大，則質點在M點具有的電勢能比在N點具有的電勢能大，通過M點時的動能比通過N點時小，反之，若質點從N到M過程，結論相同，故CD錯誤。8、BCD【解題分析】

A．電功率越大，表示電流做功越快，但是電路中產生的焦耳熱量的多少還與做功的時間的長短有關，所以A錯誤；B．公式W=UIt是計算電路的總功的大小，適用于任何的電路，當為純電阻電路時，根據歐姆定律，可以推到出W=I2Rt，，所以W=I2Rt，只能適用于純電阻電路，所以B正確。C．在不是純電阻的電路中，UI表示的是總的功率的大小，而I2R只是電路中發熱的功率，還有對外做功的功率的大小，所以UI＞I2R，所以C正確；D．焦耳熱Q=I2Rt適用于任何電路中的焦耳熱量的計算，所以D正確。9、ABD【解題分析】

A．當油滴帶正電時，電場力向右，到達最高點時，動能不變，則電勢能應減小，電場力做正功，則P點在O點的右上方；故A正確；B．若油滴帶負電時，電場力向左，到達最高點時，動能不變，則電勢能應減小，電場力做正功，則P點在O點的左上方；故B正確；C．由于重力與電場力垂直，油滴在最高點的速度不可能與兩個力都垂直，可知兩個力的功率不可能都為零；故C錯誤；D．從拋出到最高點的過程中，動能不變，重力勢能增加，電勢能必減小，根據能量守恒定律油滴電勢能的減少量一定等于重力勢能的增加量．故D正確。故選ABD。10、BD【解題分析】

由題意可知考查電容器動態分析，電量變化。根據閉合電路歐姆定律、電容決定式分析可得。【題目詳解】A．只增大R1，回路中電流減小，R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故A錯誤；B．只減小R1，回路中電流增大，R2兩端電壓增大，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓增大，由可知電量增大，故B正確；C．只減小R2，回路中的電流增大，內電壓增大，外電壓減小，R1兩端電壓增大，則R2兩端電壓減小，電容器和電壓R2并聯，電容器兩端電壓減小，由可知電量減小，故C錯誤；D．只減小a、b兩極板間的距離，由可知電容增大，電量減小，電容器兩端電壓不變，由可知電量減小，故D正確；【題目點撥】電容器和電阻R2并聯，由閉合電路歐姆定律確定電阻R2電壓變化情況，由判斷電容變化，再由求得電量變化情況。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、向左偏【解題分析】

（1）[1]將線圈B和電流計串聯形成一個回路，將電鍵、滑動變阻器、電池、線圈A串聯而成另一個回路即可，實物圖如下所示：

（2）[2]如果在閉合開關時發現靈敏電流計的指針向右偏了一下，說明穿過線圈的磁通量增加，電流計指針向右偏，合上開關后，將原線圈迅速從副線圈拔出時，穿過線圈的磁通量減少，電流計指針將向左偏．12、壓強傳感器環境溫度不同注射器內氣體的質量不同推拉活塞要緩慢【解題分析】

（1）[1]本實驗需要測量氣體的體積和壓強，體積由注射器的刻度直接讀出，而實驗器材A是壓強傳感器，可測出壓強．

（2）[2][3]根據理想氣體狀態方程知，p和V的乘積明顯不同，可能是由于環境溫度不同，導致氣體的溫度T不同造成的，也可能是由于注射器內氣體的質量不同造成的．

（3）[4]為了保持注射器內氣體的溫度不變，推拉活塞要緩慢．

（4）[5]以注射器內氣體為研究對象：初始時：p1=p0，V1=10cm3；體積最小時：p2=？，V2=4cm3；體積最大時：p3=？，V3=20cm3；

根據玻意耳定律得：p1V1=p2V2=p3V3，則得：所以注射器內部與外界壓強差的最大值為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)A帶正電，B帶負電，(2)【解題分析】（1）由圖乙用假設法可判定A球帶正電，B球帶負電，否則A球、B球均不能處于平衡狀態。由圖甲得兩小球相距d＝2l－2lsin30°＝l由A球受力平衡可得mgtanα＝，

解得

（2）此時兩球相距d/=2l+2lsin300=3l根據A球受力平衡可得，解得

14、(1)；(2)，磁感應強度的方向垂直斜面向下【解題分析】

(1)取導體為研究對象，由左手定則可知安培力水平向右，受力分析如下圖所示由力的三角函數關系可得解得(2)由幾何關系可知當安培力沿斜面向上時安培力最小，磁感應強度最小由力的三角函數關系可得解得當安培力大小一定時，磁感應強度方向垂直電流