廣東省中山紀念中學2024屆物理高二上期中調研模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、筆記本電腦機身和顯示屏對應部位分別有磁體和霍爾元件．當顯示屏開啟時磁體遠離霍爾元件，電腦正常工作：當顯示屏閉合時磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進入休眠狀態．如圖所示，一塊寬為、長為的矩形半導體霍爾元件，元件內的導電粒子是電荷量為的自由電子，通入方向向右的電流時，電子的定向移動速度為．當顯示屏閉合時元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強磁場中，于是元件的前、后表面間出現電壓，以此控制屏幕的熄滅．則元件的（）A．前表面的電勢比后表面的低B．前、后表面間的電壓與無關C．前、后表面間的電壓與成正比D．自由電子受到的洛倫茲力大小為2、電阻R1與R2并聯在電路中，通過R1與R2的電流之比為1∶2，則當R1與R2串聯后接入電路中時，R1和R2兩端電壓之比U1∶U2為（）A．1∶2 B．1∶4C．2∶1 D．4∶13、掃地機器人是智能家用電器的一種，它利用自身攜帶的小型吸塵部件進行吸塵清掃，如圖為酷斯520掃地機器人，已知其工作額定電壓15V，額定功率30W，充電額定電壓24V，額定電流0.5A，充電時間約240分鐘，電池容量2000mAh，則下列說法正確的是（）A．電池容量是指電池儲存電能的大小B．機器人正常工作的電壓為24VC．機器人正常工作時的電流為0.5AD．機器人充滿電后一次工作時間最多約為1小時4、如圖，一人站在測力計上保持靜止，下列說法中正確的是A．人所受的重力和人對測力計的壓力是一對平衡力B．人所受的重力和人對測力計的壓力是一對作用力與反作用力C．人對測力計的壓力和測力計對人的支持力是一對平衡力D．人對測力計的壓力和測力計對人的支持力是一對作用力與反作用力5、如圖所示，在原來不帶電的金屬細桿附近Ｐ處，放置一個正點電荷．達到靜電平衡后，

(

)A．ａ端的電勢比ｂ端的高B．ｂ端的電勢比ｄ點的低C．ａ端的電勢不一定比ｄ點的低D．桿內ｃ處場強的方向由ａ指向ｂ6、真空中一勻強電場中有一質量為0.01g，電荷量為﹣1×10﹣8C的塵埃沿水平方向向右做勻速直線運動，取g=10m/s2，則（）A．場強方向水平向左 B．場強的大小是1×103N/CC．場強的大小是1×107N/C D．場強的方向豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個帶電小球從空中的M點運動到N點的過程中，重力做功0.3J，克服電場力做功0.1J。關于小球在M點與N點的能量關系，下列說法正確的是A．在M點的動能比在N點小0.2JB．在M點的機械能比在N點大0.1JC．在M點的重力勢能比在N點大0.3JD．在M點的電勢能比在N點大0.1J8、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＜R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法中正確的有A．A1的示數先變大后變小，A2的示數先變小后變大B．V1的示數先變大后變小，V2的示數先變小后變大C．電源內部的熱功率先變大后變小D．電源的輸出功率先變小后變大9、關于電源的電動勢，下列說法正確的是()A．電動勢在數值上等于外電路斷開時電源兩極間的電壓B．電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量C．電動勢是表征電場力做功多少的物理量D．外電路發生變化時，電源兩端的電壓隨之變化，電動勢也隨之變化10、在如圖所示的電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照射R3的光的強度減弱，則()A．電壓表的示數變小B．小燈泡消耗的功率變大C．通過R2的電流變大D．電源兩極間的電壓變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量________(填選項前的符號)，間接地解決這個問題．A、小球開始釋放高度hB、小球拋出點距地面的高度HC、小球做平拋運動的射程(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先將入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．（小球質量關系滿足m1>m2）接下來要完成的必要步驟是__________．(填選項前的符號)A、用天平測量兩個小球的質量m1、m2B、測量小球m1開始釋放高度hC、測量拋出點距地面的高度HD、分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE、測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）某同學用伏安法測一節干電池的電動勢和內阻，現備有下列器材：A．被測干電池二節B．電流表A:量程0?0.6A，內阻為0.5ΩC．電壓表V:量程0?3V，內阻未知D．滑動變阻器R:0?10Ω，2AE.開關、導線若干伏安法測電池電動勢和內阻的實驗中，由于電流表和電壓表內阻的影響，測量結果存在系統誤差．在現有器材的條件下，為消除上述系統誤差，盡可能準確地測量電池的電動勢和內阻．（1）實驗電路圖應選擇上圖中的_________（填“甲”或“乙”）（2）根據實驗中電流表和電壓表的示數得到了如圖丙所示的U-I圖象．由此可知，每節電源的電動勢E=________V，內電阻r=__________Ω．（結果保留二位小數）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑的水平桿上套著一個質量為m的滑環，滑環上通過一根不可伸縮的輕繩懸吊著質量為M的物體（可視為質點），繩長為l．將滑環固定時，給物塊一個水平沖量，物塊擺起后剛好碰到水平桿，若滑環不固定，仍給物塊以同樣的水平沖量，求物塊擺起的最大高度．14．（16分）如圖所示，一帶電荷量為、質量為m的小物塊處于一傾角為37°的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止．重力加速度取g，，求：(1)水平向右電場的電場強度的大小；(2)若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；(3)電場強度變化后小物塊下滑距離2L時的動能.15．（12分）一個帶電荷量的物體放在絕緣的水平地面上，如圖甲所示，空間若加上水平方向的變化電場，其加速度隨電場力變化的圖像如圖乙所示.現從靜止開始計時，改用圖丙中周期性變化的水平電場作用.(g取10m/s2)(1)求物體的質量及物體與地面間的動摩擦因數；(2)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求物體在一個周期內的位移大小；(3)在如圖丙所示周期性變化的水平電場作用下，求25s內電場力對物體所做的功.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

由圖知電流從左向右流動，因此電子的運動方向為從右向左，根據左手定則可知電子偏轉到后面表，因此前表面的電勢比后表面的高，故A錯誤，電子在運動過程中洛倫茲力和電場力平衡，有，故，故D正確，由則電壓，故前后表面的電壓與速度有關，與a成正比，故BC錯誤．2、C【解題分析】

當R1、R2并聯接入電路中時，電壓相等，則R2：R1=I1：I2=1：2電阻R1、R2串聯在電路中時，電流相等，則U1：U2=R1：R2=2：1故C正確，ABD錯誤。故選C。3、D【解題分析】電池容量是指電池的存儲電量（電流與時間的乘積）多少，單位是“Ah”，不是儲存電能的大小，故A錯誤；機器人正常工作的電壓為15V，故B錯誤；機器人正常工作時的電流，故C錯誤；機器人充滿電后一次工作時間為，故D正確．故選D．4、D【解題分析】

AB．人所受的重力和測力計對人的支持力，這兩個力作用在同一個物體上，大小相等、方向相反，是一對平衡力；壓力和重力同方向，不是平衡力，也不是相互作用力；故AB錯誤；CD．人對測力計的壓力和測力計對人的支持力是一對作用力與反作用力，故C錯誤，D正確；5、B【解題分析】

達到靜電平衡后，導體為等勢體，導體上的電勢處處相等，所以可以得到φd＞φb=φc=φa；故A，C錯誤，B正確；D、由于桿處于靜電平衡狀態，所以內部的場強處處為零；D錯誤．故選B．【題目點撥】達到靜電平衡后，導體為等勢體，導體上的電勢處處相等，這是解決本題的關鍵的地方，對于靜電場的特點一定要熟悉．6、D【解題分析】由題意知塵埃做勻速直線運動，所以有：mg=qE，代入數據解得：E=1×104N/C，方向豎直向下，故D正確，ABC錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解題分析】

A.根據動能定理得：△Ek=WG+W電=0.3J-0.1J=0.2J即小球的動能增加0.2J，在M點的動能比在N點小0.2J，故A正確。B.電場力對小球做功為-0.1J，則小球的機械能減少0.1J，即小球在M點的機械能比在N點大0.1J，故B正確。C.重力做功為0.3J，重力勢能減小0.3J，即在M點的重力勢能比在N點大0.3J，故C正確。D.克服電場力做功0.1J，則在M點的電勢能比在N點少0.1J．故D錯誤。8、BD【解題分析】

AB．由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，根據閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數先變大后變小。V2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數先變小后變大。并聯電壓U并=U-U2，先變大后變小，電阻R1所在支路電阻R1支路逐漸減小，所以電流I1增大，電流表A2示數增大；I2=I-I1，電流表A1示數變小，故A錯誤，B正確。

C．電源內部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內部的熱功率先變小后變大，故C錯誤。

D．因為r＜R2，所以外電阻總是大于內電阻的，當滑動變阻器的滑片P變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯后與變阻器右側并聯的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故D正確。9、AB【解題分析】A項：根據電動勢的定義：電動勢等于電源沒有接入電路中時電源兩端的電壓可知A正確；B項：電動勢表征電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故B正確；C項：根據電動勢的定義：，可知電動勢是表征非靜電力做功多少的物理量，故C錯誤；D項：電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關，同一電源接入不同的電路電動勢不會發生改變，故D錯誤．點晴：本題考查電源電動勢的決定因素，注意電動勢的定義：．10、AC【解題分析】試題分析：由光敏電阻的性質可知電路中電阻的變化，則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化，由歐姆定律可得出電壓表示數的變化；同時還可得出路端電壓的變化；由串聯電路的規律可得出并聯部分電壓的變化，再由并聯電路的規律可得出通過小燈泡的電流的變化，由功率公式即可得出燈泡功率的變化．光敏電阻光照減弱，故光敏電阻的阻值增大，電路中的總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可得，路端電壓是增大（即電源兩極間的電壓增大），電路中總電流減小，故兩端的電壓減小，即電壓表示數減小，因為，所以并聯電路的電壓增大，所以通過的電流增大，而，所以通過燈泡L的電流減小，所以燈泡消耗的電功率減小，故AC正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解題分析】

（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現速度．故選C．（2）實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中D、E是必需的，而且D要在E之前．至于用天平秤質量先后均可以．故選ADE．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON12、乙1.501.41【解題分析】

（１）因電流表內阻一直，則可讓電流表與電池串聯，將電流表內阻等效為電源內阻，故電路圖選擇乙；（2）由U-I圖可知，電源的電動勢2E=3.00V；則E=1.50V；則r=1.41Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解題分析