2024屆山東省濟寧市微山縣高二化學第一學期期中調研模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、一定條件下，可逆反應X（g）＋3Y（g）2Z（g），若X、Y、Z起始濃度分別為c1、c2、c3（均不為0），當達平衡時X、Y、Z的濃度分別為0.1mol/L，0.3mol/L，0.08mol/L，則下列判斷不合理的是A．c1：c2＝1：3 B．平衡時，Y和Z的生成速率之比為3：2C．X、Y的轉化率不相等 D．c1的取值范圍為0<c1<0.14mo/L2、反應N2O4(g)2NO2(g)ΔH＝＋57kJ·mol－1，在溫度為T1、T2時，平衡體系中NO2的體積分數隨壓強變化曲線如圖所示。下列說法不正確的是A．A點的反應速率小于C點的反應速率B．A、C兩點氣體的顏色：A淺，C深C．由狀態B到狀態A，可以用降溫的方法D．A、C兩點氣體的平均相對分子質量：A＜C3、將一小粒鈉投入盛有硫酸銅溶液的小燒杯中，不可能觀察到的現象是()A．溶液中出現藍色絮狀沉淀B．有紅色的銅被置換出來C．鈉粒熔成小球浮在水面四處游動D．有氣體產生4、下列各組物質中，按熔點由低到高排列正確的是A．CO2、汽油、MgOB．KCl、P2O5、SiC．NH3、PH3、HBrD．SiC、NaCl、NO25、描述CH3-CH＝CH-C≡C分子結構的下列敘述中，正確的是（）A．同一條直線上碳原子有6個 B．所有原子可能在同一平面上C．同一平面上的原子最多有19個 D．所有碳原子不可能在同一平面上6、關于下列物質的用途的說法錯誤的是（）A．乙二醇可用于配制汽車防凍液B．酚類化合物有毒，不能用于殺菌、消毒C．部分鹵代烴可用作滅火劑D．甲醛的水溶液（福爾馬林）可用于防腐7、在密閉容器中，反應X(g)＋2Y(g)Z(g)分別在三種不同實驗條件下進行，它們的起始濃度均為c(X)＝0.100mol·L－1，c(Y)＝0.200mol·L－1，c(Z)＝0mol·L－1。反應物X的濃度隨時間的變化如圖所示。下列說法正確的是A．若反應①、②的平衡常數分別為K1、K2，則K1<K2B．實驗②平衡時Y的轉化率為60%C．減小反應③的壓強，可以使平衡時c(X)＝0.060mol·L－1D．反應X(g)＋2Y(g)Z(g)的ΔH>08、諾貝爾化學獎曾授予致力于研究合成氨與催化劑表面積大小關系的德國科學家格哈德?埃特爾，表彰他在固體表面化學過程研究中作出的貢獻。下列說法中正確的是A．增大催化劑的表面積，能增大氨氣的產率B．增大催化劑的表面積，能加快合成氨的正反應速率、降低逆反應速率C．采用正向催化劑時，反應的活化能降低，使反應明顯加快D．工業生產中，合成氨采用的壓強越高，溫度越低，越有利于提高經濟效益9、在下列各說法中，正確的是A．ΔH>0表示放熱反應，ΔH<0表示吸熱反應B．熱化學方程式中的化學計量數只表示物質的量，不可以是分數C．1molH2SO4與1molBa(OH)2反應生成BaSO4沉淀時放出的熱叫做中和熱D．1molH2與0.5molO2反應生成液態水這時的反應熱就是H2的燃燒熱10、在2A(g)＋B(g)3C(g)＋4D(g)反應中，表示該反應速率最快的是（）A．v(A)＝0.5mol·L-1·min-1 B．v(B)＝0.003mol·L-1·s-1C．v(C)＝0.8mol·L-1·min-1 D．v(D)＝0.01mol·L-1·s-111、用0.1mol·L－1NaOH溶液滴定0.1mol·L－1鹽酸，如達到滴定的終點時不慎多加了1滴NaOH溶液(1滴溶液的體積約為0.05mL)，繼續加水至50mL，所得溶液的pH是()A．4 B．7.2 C．10 D．11.312、在25℃時，某稀溶液中由水電離產生的H＋濃度為1.0×10－13mol/L，下列有關該溶液的敘述，正確的是（）A．該溶液可能呈酸性 B．該溶液一定呈堿性C．該溶液的pH一定是1 D．該溶液的pH不可能為1313、常溫下，Ka(HCOOH)>Ka(CH3COOH)＝Kb(NH3·H2O)，下列說法正確的是A．用相同濃度的NaOH溶液分別滴定等體積pH均為3的HCOOH和CH3COOH溶液至終點，消耗NaOH溶液的體積相等B．濃度均為0.1mol·L－1的HCOONa和NH4Cl溶液中陽離子的物質的量濃度之和：前者大于后者C．0.2mol·L－1HCOOH與0.1mol·L－1NaOH等體積混合后的溶液中：c(HCOO－)＋c(OH－)＝c(HCOOH)＋c(H＋)D．0.2mol·L－1CH3COONa與0.1mol·L－1鹽酸等體積混合后的溶液中(pH<7)：c(CH3COOH)>c(Cl－)>c(CH3COO－)>c(H＋)14、在一定溫度下,向aL密閉容器中加入1molX氣體和2molY氣體,發生如下反應:X(g)+2Y(g)2Z(g)，此反應達到平衡的標志是()A．容器內密度不隨時間變化 B．容器內各物質的濃度不隨時間變化C．容器內X、Y、Z的濃度之比為1∶2∶2 D．單位時間消耗0.1molX同時生成0.2molZ15、利用含碳化合物合成燃料是解決能源危機的重要方法，已知CO(g)＋2H2(g)CH3OH(g)反應過程中的能量變化情況如圖所示，曲線Ⅰ和曲線Ⅱ分別表示不使用催化劑和使用催化劑的兩種情況。下列判斷正確的是（）A．該反應的ΔH＝＋91kJ·mol－1B．加入催化劑，該反應的ΔH變小C．反應物的總能量大于生成物的總能量D．如果該反應生成液態CH3OH，則ΔH增大16、下列說法正確的是A．CaO+H2O=Ca(OH)2可放出大量熱，可利用該反應設計成原電池，把化學能轉化為電能B．任何化學反應中的能量變化都表現為熱量變化C．有化學鍵斷裂一定發生化學反應D．灼熱的鉑絲與NH3、O2混合氣接觸，鉑絲繼續保持紅熱，說明氨的氧化反應是放熱反應17、下列常見物質的俗名與化學式對應正確的是A．純堿——NaOHB．生石灰——Ca(OH)2C．膽鞏——CuSO4D．石英——SiO218、下列敘述正確的是（）A．HCl和NaOH反應的中和熱ΔH=-57.3kJ·mol-1，則H2SO4和Ba(OH)2反應的中和熱ΔH=2×(-57.3)kJ·mol-1B．CaCO3(s)分解為CaO(s)和CO2(g)的ΔH<0C．2SO2(g)+O2(g)2SO3(g)ΔH=-QkJ·mol-1(Q>0)，則將2molSO2(g)和1molO2(g)置于一密閉容器中充分反應后放出QkJ的熱量D．含1molNaOH的稀溶液分別和等濃度的含1molCH3COOH、1molHNO3的稀溶液反應，后者比前者的ΔH小19、恒溫下，把0.5mol/L的HF溶液加水稀釋，隨著加水量的增大，下列判斷正確的是A．溶液中F-的個數減小B．電離平衡常數ka值變大C．電離轉化率不變D．c(F-)/c(HF)此比值增大20、常溫下，Ka(HCOOH)=1.77xlO-4,Ka(CH3COOH)=Kb(NH3?H20)=1.75x10-5,下列說法不正確的是（）A．濃度均為0.1mol?L-1的HCOOH和NH3?H20溶液中：c(HCOO-)>c(NH4+)B．用相同濃度的NaOH溶液分別滴定等體積pH均為3的HCOOH和CH3COOH溶液至終點，HCOOH消耗NaOH溶液的體積比CH3COOH小C．0.1mol?L-1CH3COOH溶液與0.1mol?L-1NaOH溶液等體積混合后，溶液的pH=7D．pH=7的HCOOH和NH3?H20的混合溶液中，c(HCOO—)=c(NH4+)21、常溫下，可用于制作運輸濃硫酸、濃硝酸容器的金屬為A．CuB．FeC．MgD．Zn22、隨著人們生活節奏的加快，方便的小包裝食品已被廣泛接受。為了延長食品的保質期，防止食品受潮及富脂食品氧化變質，在包裝袋中應放入的化學物質是()A．生石灰、食鹽B．食鹽、硫酸亞鐵C．無水硫酸銅、蔗糖D．硅膠、硫酸亞鐵二、非選擇題(共84分)23、（14分）已知A是一種分子量為28的氣態烴，現以A為主要原料合成一種具有果香味的物質E，其合成路線如下圖所示。請回答下列問題：（1）寫出A的結構簡式________________。（2）B、D分子中的官能團名稱分別是___________，___________。（3）物質B可以被直接氧化為D，需要加入的試劑是________________。（4）寫出下列反應的化學方程式：①________________________________；反應類型：________________。④________________________________；反應類型：________________。24、（12分）由丙烯經下列反應可制得F、G兩種高分子化合物，它們都是常用的塑料。（1）聚合物F的結構簡式___。A→B的反應條件為_____。E→G的反應類型為_____。（2）D的結構簡式______。B轉化為C的化學反應方程式是_______。（3）在一定條件下，兩分子E能脫去兩分子水形成一種六元環狀化合物，該化合物的結構簡式是_____。（4）E有多種同分異構體，其中一種能發生銀鏡反應，1mol該種同分異構體與足量的金屬鈉反應產生1molH2，則該種同分異構體的結構簡式為______。25、（12分）為測定氨分子中氮、氫原子個數比。某研究性學習小組設計了如下實驗流程：實驗時，先用制得的氨氣排盡洗氣瓶前所有裝置中的空氣，再連接洗氣瓶和氣體收集裝置，立即加熱氧化銅。反應完成后，黑色的氧化銅轉化為紅色的單質銅。如圖A、B、C為甲、乙兩小組制取氨氣時可能用到的裝置，D為盛有濃硫酸的洗氣瓶。實驗1測得反應前氧化銅的質量m1g、氧化銅反應后剩余固體的質量m2g、生成的氮氣在標準狀況下的體積V1L。實驗2測得洗氣前裝置D的質量m3g、洗氣后裝置D的質量m4g、生成的氮氣在標準狀況下的體積V2L。請回答下列問題：(1)寫出儀器a和b的名稱分別是：圓底燒瓶和______________。(2)檢查A裝置氣密性的操作是_____________________________。(3)實驗1和實驗2分別選擇了不同的方法制取氨氣，請將實驗裝置的字母編號和制備原理填或相關化學方程式寫在下表的空格中。實驗裝置實驗藥品制備原理實驗1A氫氧化鈣、硫酸銨反應的化學方程式為：①___________；實驗2②______；濃氨水、氫氧化鈉用化學平衡原理分析氫氧化鈉的作用：③_______________。(4)實驗1用所測數據計算出氨分子中氮、氫的原子個數比為______________。（列式子，不計算結果）(5)實驗2用所測數據計算出氨分子中氮、氫的原子個數比明顯小于理論值，其原因是_____________________。為此，實驗2在原有實驗的基礎上增加了一個裝有某藥品的實驗儀器重新實驗。根據實驗前后該藥品的質量變化及生成氮氣的體積，得出了合理的實驗結果。該藥品和實驗儀器的名稱分別是__________和____________。26、（10分）某校化學活動社團做了如下探究實驗：實驗一：測定1mol/L的硫酸與鋅粒和鋅粉反應的速率，設計如圖1裝置：(1)裝置圖1中放有硫酸的儀器名稱是______。(2)按照圖1裝置實驗時，限定了兩次實驗時間均為10min，還需要測定的另一個數據是________。(3)若將圖1裝置中的氣體收集裝置改為圖2，實驗完畢待冷卻后，該生準備讀取滴定管上液面所在處的刻度數，發現滴定管中液面高于干燥管中液面，應首先采取的操作是________。實驗二：利用H2C2O4溶液和酸性KMnO4溶液之間的反應來探究外界條件改變對化學反應速率的影響。實驗如下：序號溫度/K0.02mol·L-1KMnO40.1mol·L-1H2C2O4H2O溶液顏色褪至無色時所需時間/sV/mLV/mLV/mLA293253t1B2932358C313235t2(1)寫出相應反應的離子方程式___________。(2)通過實驗A、B可探究______(填外部因素)的改變對反應速率的影響，通過實驗_____可探究溫度變化對化學反應速率的影響。(3)利用實驗B中數據計算，用KMnO4的濃度變化表示的反應速率為v(KMnO4)=____。(4)實驗中發現：反應一段時間后該反應速率會加快，造成此種變化的原因是反應體系中的某種粒子對與之間的反應有某種特殊的作用，則該作用是_______。27、（12分）滴定法是解決化學分析問題的常用方法。滴定的方法有酸堿中和滴定、氧化還原滴定、沉淀滴定、絡合滴定等。I.如圖為某濃度的NaOH溶液滴定10.00mL一定濃度的鹽酸的示意圖。根據圖象分析：(1)HCl溶液的濃度是__________；NaOH溶液的濃度是_______；(2)x=________。ΙΙ.氧化還原滴定實驗與中和滴定類似(用已知濃度的氧化劑溶液滴定未知濃度的還原劑溶液或反之)。(3)人體血液里Ca2+的濃度一般采用mg/cm3來表示。抽取一定體積的血樣，加適量的草酸銨[(NH4)2C2O4]溶液，可析出草酸鈣(CaC2O4)沉淀，將此草酸鈣沉淀洗滌后溶于強酸可得草酸(H2C2O4)，再用KMnO4溶液滴定即可測定血液樣品中Ca2+的濃度。某研究性學習小組設計如下實驗步驟測定血液樣品中Ca2+的濃度，抽取血樣20.00mL，經過上述處理后得到草酸，再用0.020mol/LKMnO4溶液滴定，使草酸轉化成CO2逸出，滴定的實驗數據如下所示：實驗編號待測血液的體積/mL滴入KMnO4溶液的體積/mL120.0011.95220.0013.00320.0012.05①滴定時，盛放高錳酸鉀溶液的儀器名稱為_________確定反應達到終點的現象_____________。②草酸跟酸性KMnO4溶液反應的離子方程式為：2+5H2C2O4+6H+═2Mn2++10CO2↑+8H2O，根據所給數據計算血液樣品中Ca2+離子的濃度為__________mg/cm328、（14分）鋁是地殼中含量最多的金屬元素，在自然界主要以化合態形式存在。（1）食品包裝中經常用到鋁箔，鋁能制成鋁箔是因為鋁的____________性;工業上制造熱交換器、散熱器是利用了鋁的____________性。（2）鋁條投入氫氧化鈉溶液中，加熱片刻后取出洗凈，立即浸入硝酸汞溶液中，此時反應的化學方程式是________________________________________________；取出鋁條用濾紙吸干，在空氣中鋁條表面慢慢長出整齊的________________________（現象），該物質是________________________(寫化學式).某研究性學習小組對鋁熱反應實驗展開研究。現行高中化學教材中對“鋁熱反應”的現象有這樣的描述：反應放出大量的熱，并發出耀眼的光芒”、“紙漏斗的下部被燒穿，有熔融物落入沙中”。查閱《化學手冊》可知，Al、Al2O3、Fe、Fe2O3的熔點、沸點數據如下：AlAl2O3FeFe2O3熔點660205415351462沸點246729802750-（3）某同學推測，鋁熱反應所得到的熔融物應是鐵鋁合金。請設計一個簡單的實驗方案，證明上述所得的塊狀熔融物中含有金屬鋁。該實驗所用試劑是________________，反應的離子方程式________________；（4）實驗室溶解該熔融物，在下列試劑中最適宜的試劑是______________(填序號).A．濃硫酸B．稀硫酸C．濃硝酸D．氫氧化鈉溶液29、（10分）“金山銀山不如綠水青山”，汽車尾氣治理是我國一項重要的任務。經過化學工作者的努力，在汽車尾氣系統中裝置催化轉化器，可有效降低NOx和CO的排放。已知：①CO的燃燒熱為283kJ·mol-1②N2(g)+O2(g)2NO(g)ΔH=+180.5kJ·mol-1③2NO(g)+O2(g)2NO2(g)ΔH=-116.5kJ·mol-1回答下列問題：（1）若1molN2(g)、1molO2(g)分子中化學鍵斷裂時分別需要吸收946kJ、498kJ的能量，則1molNO(g)分子中化學鍵斷裂時需吸收的能量為___kJ。（2）利用上面提供的信息和蓋斯定律，寫出NO2+CO→N2+CO2的熱化學方程式___。（3）為了模擬反應2NO(g)+2CO(g)N2(g)+2CO2(g)在催化轉化器內的工作情況，控制一定條件，讓反應在恒容密閉容器中進行，用傳感器測得不同時間NO和CO的濃度如下表：時間/s012345c(NO)/(10-4mol·L-1)10.004.502.501.501.001.00c(CO)/(10-3mol·L-1)3.603.052.852.752.702.70①前3s內的平均反應速率v(N2)=___（保留兩位小數），此溫度下，該反應的平衡常數K=___；②能說明上述反應達到平衡狀態的是___。（填正確答案標號）A．n(CO2)=3n(N2)B．混合氣體的平均相對分子質量不變C．氣體質量不變D．容器內混合氣體的壓強不變E.2c(CO2)=3c(N2)③當NO與CO的濃度相等時，體系中NO的平衡轉化率與溫度、壓強的關系如圖所示，則NO的平衡轉化率隨溫度升高而減小的原因是___，圖中壓強（p1、p2、p3）的大小順序為___。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、C【解題分析】若反應向正反應進行到達平衡，X、Y的濃度最大，Z的濃度最小，假定完全反應，則：根據方程式X（氣）+3Y（氣）2Z（氣）開始（mol/L）：c1c2c3變化（mol/L）：0.040.120.08平衡（mol/L）：0.10.30.08c1=0.14c2=0.42c3=0若反應逆正反應進行到達平衡，X、Y的濃度最小，Z的濃度最大，假定完全反應，則：根據方程式X（氣）+3Y（氣）2Z（氣）開始（mol/L）：c1c2c3變化（mol/L）：0.10.30.2平衡（mol/L）：0.10.30.08c1=0c2=0c3=0.28由于為可逆反應，物質不能完全轉化所以起始時濃度范圍為0＜c（X）＜0.14，0＜c（Y）＜0.42，0＜c（Z）＜0.28，A、X和Y平衡濃度為1：3，變化的量為1；3，所以起始量為1：3，c1：c2=1：3，A正確；B、平衡時，Y和Z的生成速率之比為化學方程式系數之比為3：2，B正確；C、X、Y的變化量之比和起始量之比相同，所以轉化率相同，C錯誤；D、依據上述計算，c1的取值范圍為0＜c1＜0.14mol?L-1，D正確；答案選C。【點晴】依據極值法進行轉化計算分析判斷是本題的關鍵。化學平衡的建立，既可以從正反應開始，也可以從逆反應開始，或者從正逆反應開始，不論從哪個方向開始，物質都不能完全反應，利用極限法假設完全反應，計算出相應物質的濃度變化量，實際變化量小于極限值。2、C【分析】，該反應為吸熱反應，升高溫度，化學平衡正向移動，NO2的體積分數增大；增大壓強，化學平衡逆向移動，NO2的體積分數減小，結合圖象來分析解答。A.A、C兩點都在等溫線上，壓強越大，反應速率越快；B.增大壓強平衡向逆反應進行，向逆反應進行是減小由于壓強增大導致濃度增大趨勢，但到達平衡仍比原平衡濃度大；C.壓強相同，升高溫度，化學平衡正向移動，NO2的體積分數增大，A點NO2的體積分數大；D.增大壓強，化學平衡逆向移動，C點時氣體的物質的量小，混合氣體的總質量不變，據此判斷。【題目詳解】A.由圖象可知，A.

C兩點都在等溫線上，C的壓強大，則A.

C兩點的反應速率：A<C，故A正確；B.由圖象可知，A、C兩點都在等溫線上，C的壓強大，與A相比C點平衡向逆反應進行，向逆反應進行是由于減小體積增大壓強，平衡移動的結果降低NO2濃度增大趨勢，但到達平衡仍比原平衡濃度大，平衡時NO2濃度比A的濃度高，NO2為紅棕色氣體，則A.

C兩點氣體的顏色：A淺，C深，故B正確；C.升高溫度，化學平衡正向移動，NO2的體積分數增大，由圖象可知，A點NO2的體積分數大，則T1<T2，由狀態B到狀態A，可以用加熱的方法，故C錯誤；D.由圖象可知，A.

C兩點都在等溫線上，C的壓強大，增大壓強，化學平衡逆向移動，C點時氣體的物質的量小，混合氣體的總質量不變，則平均相對分子質量大，即平均相對分子質量：A<C，故D正確；故答案選：C。3、B【解題分析】金屬鈉投入到硫酸銅溶液中發生2Na＋2H2O=2NaOH＋H2↑，CuSO4＋2NaOH=Cu(OH)2↓＋Na2SO4，觀察到現象是鈉熔成小球四處游動，溶液中出現藍色沉淀，有氣泡冒出，沒有銅析出，故B正確。4、A【分析】一般情況下，不同類型的晶體，熔點：原子晶體＞離子晶體＞分子晶體；同種類型的晶體可根據晶體中微粒間的作用力大小分析。【題目詳解】A．CO2常溫下為氣體，汽油常溫下為液體，MgO常溫下為固體，則熔點：CO2＜汽油＜MgO，選項A正確；B．KCl為離子晶體，P2O5為分子晶體，Si為原子晶體，熔點：分子晶體＜離子晶體＜原子晶體，則熔點P2O5＜KCl＜Si，選項B錯誤；C、分子結構相似，且都為分子晶體，分子的相對分子質量越大，分子之間作用力越大，熔點越高，但NH3存在分子間氫鍵，熔點增大，則熔點：NH3＞HBr＞PH3，選項C錯誤；D、SiC為原子晶體，NaCl為離子晶體，NO2為分子晶體，熔點：分子晶體＜離子晶體＜原子晶體，則熔點NO2＜NaCl＜SiC，選項D錯誤；答案選A。【題目點撥】本題考查晶體的熔沸點高低的比較，題目難度不大，注意比較晶體熔沸點高低的角度。5、C【解題分析】A.碳碳三鍵是直線型結構，所以同一條直線上碳原子有5個，故A錯誤；B.苯和碳碳雙鍵都是平面結構，由于末端甲基是立體結構，則根據有機物的結構簡式可知，所有原子不可能都在同一平面上，故B錯誤；C.苯和碳碳雙鍵都是平面結構，碳碳三鍵是直線型結構，甲烷是正四面體結構，所以同一平面上的原子最多有19個，故C正確；D.苯和碳碳雙鍵都是平面結構，碳碳三鍵是直線型結構，所有碳原子可能在同一平面上，故D錯誤。【題目點撥】在常見的有機化合物中甲烷是正四面體結構，乙烯和苯是平面結構，乙炔是直線形結構，其它有機物可在此基礎上進行共面、共線分析判斷。6、B【解題分析】A.汽車防凍液的主要成分是乙二醇，乙二醇型防凍液采用乙二醇與軟水按不同比例混合而成，沸點較高，不易結冰，故A正確；B.苯酚能使蛋白質變性，可用于醫療消毒，苯酚在醫院里廣泛使用，消毒藥皂的味道也是苯酚產生的，故B錯誤；C.四氯化碳是鹵代烴，可做滅火劑，故C正確；D.35%～40%的甲醛水溶液叫福爾馬林，能使蛋白質變性，醫學和科研部門常用于標本的防腐保存，故D正確。故選B。7、D【分析】根據化學平衡的概念和特征分析；根據外界條件對化學平衡狀態的影響分析。【題目詳解】A.因為①、②的起始濃度相同、平衡濃度相同，所以反應②應是在有催化劑的條件下進行的，此時K1＝K2，A不正確；B.從圖中可以看出，實驗②平衡時X的濃度變化量為0.04mol?L－1，則Y的濃度變化量為0.08mol?L－1，Y的轉化率為40%，故B不正確；C.減小壓強，容器的體積增大，各組分的濃度減小，平衡雖然向氣體體積增大的方向移動，即向左移動，但各物質的濃度都比原來小，即c(X)＜0.0４0mol·L－1，故C錯誤；D.③與①相比，X的變化量大，說明平衡正向移動，且化學反應速率加快，故此時的反應條件只能為升溫，由此可見，正反應為吸熱反應，故D正確。故選D。【題目點撥】化學反應平衡的本質是正逆反應速率相等，平衡時各反應物和生成物濃度保持不變。K值只受溫度影響，溫度不變，K值不變。當外界條件改變時，平衡向減弱改變的方向移動。8、C【題目詳解】A.催化劑以及固體的表面積大小只能改變反應速率，不能改變平衡移動，所以氨氣的產率不變，故A錯誤；B.增大催化劑的表面積，能加快合成氨的正反應速率和逆反應速率，故B錯誤；

C.催化劑的作用是降低反應的活化能，使活化分子的百分數增大，有效碰撞幾率增大，反應速率加快，故C正確；

D.溫度低，催化劑的活性低反應速率慢，產量降低，所以不利于提高經濟效益，故D錯誤；答案：C【題目點撥】本題主要考查催化劑對化學反應速率和化學平衡的影響，注意把握化學反應速率和化學平衡移動原理對工業生成的指導意義，易錯選項A。9、D【解題分析】A、放熱反應的焓變小于0,吸熱反應的焓變大于0；

B、熱化學方程式中的化學計量數只表示物質的量,不表示分子數；

C、中和熱是指稀的強酸和強堿反應當生成1mol水時所放出的熱量；

D、燃燒熱是指在101K時，1mol可燃物完全燃燒生成穩定的氧化物時所放出的熱量,此時生成的水必須為液態。【題目詳解】A、放熱反應的焓變小于0，吸熱反應的焓變大于0，故ΔH>0表示吸熱反應,ΔH<0表示放熱反應，故A錯誤；

B、熱化學方程式中的化學計量數只表示物質的量，不表示分子數，所以可用分數或小數表示,故B錯誤；

C、中和熱是指稀的強酸和強堿反應當生成1mol水時所放出的熱量,而1mol硫酸和1mol氫氧化鋇反應時生成了2mol水,故此時放出的熱量不是中和熱，故C錯誤；

D、燃燒熱是指在101K時，1mol可燃物完全燃燒生成穩定的氧化物時所放出的熱量,此時生成的水必須為液態,而1mol氫氣和0.5mol氧氣反應生成液態水，故此時放出的熱量一定是燃燒熱，故D正確；

綜上所述，本題選D10、C【分析】利用化學計量數之比等于化學反應速率之比，轉化成同種物質，進行比較。【題目詳解】以A物質為基準，B、根據化學計量數之比等于化學計量數之比，v(A)=2v(B)=2×0.003×60mol/(L·min)=0.36mol/(L·min)；C、v(A)=2v(C)/3=0.53mol/(L·min)；D、v(A)=2v(D)/4=2×0.01×60/4mol/(L·min)=0.3mol/(L·min)；綜上所述，選項C的反應速率最快。11、C【分析】終點時不慎多加了1滴NaOH溶液，即0.05mL，繼續加水至50mL，反應后溶液中c（OH-）=×0.1mol．L-1=10-4mol．L-1，根據c（H+）c（OH-）=10-14計算c（H+），進而計算所得溶液的pH。【題目詳解】終點時不慎多加了1滴NaOH溶液，即0.05mL，繼續加水至50mL，反應后溶液中c（OH-）=×0.1mol·L-1=10-4mol．L-1，根據c（H+）c（OH-）=10-14，則c（H+）=10-10mol/L，pH=10，故選C。12、A【題目詳解】25℃時，溶液中由水電離產生的c(H+)水為10-13mol/L，則由水電離產生的c(OH-)水也為10-13mol/L；若溶液呈強酸性，根據Kw=c(H+)?c(OH-)水，可知溶液中c(H+)為10-1mol/L，由于c(H+)水與c(H+)相比，可以忽略不計，故該酸性溶液pH為1；若溶液呈強堿性，則溶液中H+僅來自于水的電離，c(H+)=c(H+)水=10-1mol/L，根據Kw=c(H+)?c(OH-)，可知溶液中c(OH-)為10-1mol/L，故該堿性溶液pH為13；綜上所述，該溶液可能是酸性，也可能是堿性，pH可能為1，也可能為13，故A正確。故選A。13、B【解題分析】A.pH相同的HCOOH和CH3COOH，濃度：c（HCOOH）＜c（CH3COOH），用相同濃度的NaOH溶液分別滴定等體積pH均為3的HCOOH和CH3COOH溶液至終點時，酸的濃度越大，消耗的堿體積越大，pH、體積相同的HCOOH和CH3COOH，物質的量前者小于后者，所以后者消耗的NaOH體積多，故A錯誤；B.電離平衡常數越大，其離子水解程度越小，根據電離平衡常數知，濃度相同時其離子的水解程度：CH3COO-=NH4+＞HCOO-，任何電解質溶液中都存在電荷守恒，所以得出c（HCOO-）+c（OH-）=c（Na+）+c（H+）=0.1mol/L+c（H+）、c（NH4+）+c（H+）=c（Cl-）+c（OH-）=0.1mol/L+c（OH-），水解程度NH4+＞HCOO-，所以前者c（H+）大于后者c（OH-），所以濃度均為0.1mol?L-1的HCOONa和NH4Cl溶液中陽離子的物質的量濃度之和：前者大于后者，故B正確；C.任何電解質溶液中都存在電荷守恒和物料守恒，根據電荷守恒得c（HCOO-）+c（OH-）=c（Na+）+c（H+），混合溶液中溶質為等物質的量濃度的HCOOH和HCOONa，甲酸電離程度大于水解程度，溶液顯酸性，所以c（HCOOH）＜c（Na+），所以得c（HCOO-）+c（OH-）＞c（HCOOH）+c（H+），故C錯誤；D.二者混合后溶液中的溶質為等物質的量濃度的CH3COONa、CH3COOH和NaCl，混合溶液的pH＜7，說明醋酸電離程度大于醋酸鈉水解程度，醋酸是弱酸，其電離程度較小，所以粒子濃度大小順序是c（CH3COO-）＞c（Cl-）＞c（CH3COOH）＞c（H+），故D錯誤。

故選B。14、B【題目詳解】A.混合氣體的密度等于混合氣的總質量除以容器的體積，由于反應物和生成物都是氣體，根據質量守恒，混合氣的總質量是不變的，容器體積一定，所以混合氣的密度一直不變，所以密度不變不能證明該反應達到平衡狀態，故A不選；B.達到化學平衡時，各物質的濃度不再變化，故B選；C.容器內各物質的濃度不再改變可以說明反應達到了平衡狀態，但各物質的濃度之比等于方程式的系數比，和是否平衡無關，故C不選；D.單位時間消耗0.1molX必然同時生成0.2molZ，沒有說明正逆反應速率相等，故D不選；故選B。15、C【解題分析】A、根據圖示，該反應反應物的總能量大于生成物的總能量，是放熱反應，故選項A錯誤；B、加入催化劑只能降低反應所需的活化能，而對反應熱無影響，選項B錯誤；C、根據圖示，該反應反應物的總能量大于生成物的總能量，C正確；D、生成液態CH3OH時釋放出的熱量更多，ΔH更小，選項D錯誤。答案選C。16、D【解題分析】分析：A、只有氧化還原反應在理論上才能設計成原電池；B、化學反應中的能量變化有多種形式，如光能、電能等；C、化學鍵的斷裂不一定有新物質生成，所以不一定都發生化學反應；D、只有是放熱反應才能保持鉑絲紅熱。詳解：A、只有氧化還原反應在理論上才能設計成原電池，而反應CaO+H2O=Ca(OH)2是非氧化還原反應，不可能設計成原電池，故A錯誤；B、任何化學反應都伴隨著能量變化，但不一定都是熱量變化，也可能是光能、電能等多種形式，所以B錯誤；C、某些物質的溶解、電離，或狀態的變化可能伴隨著化學鍵的破壞，但沒有發生化學反應，所以C錯誤；D、氨氣的催化氧化用灼熱的鉑絲做催化劑，由于是放熱反應，所以鉑絲保持紅熱，故D正確。本題答案為D。點睛：原電池反應一定由氧化還原反應設計而成的；化學反應一定伴隨有能量變化，且能量變化的形式有多種，但有能量變化的過程不一定是化學反應；化學反應一定有化學鍵的斷裂，但有化學鍵的斷裂的過程不一定都發生化學反應。17、D【解題分析】A.純堿是碳酸鈉，燒堿或火堿是NaOH，A錯誤；B.生石灰是CaO，熟石灰是Ca(OH)2，C錯誤；C.膽礬是硫酸銅的結晶水合物，化學式為CuS04·5H2O，C錯誤；D.石英是二氧化硅，化學式為SiO2，D正確，答案選D。18、D【題目詳解】A．在稀溶液中，強酸跟強堿發生中和反應而生成1mol水，這時的反應熱叫做中和熱，中和熱是固定值為ΔH=-57.3kJ/mol，與反應物的用量和種類無關，故A錯誤；B．碳酸鈣受熱分解為吸熱反應，ΔH>0，故B錯誤；C．該反應為可逆反應，2molSO2(g)和1molO2(g)不能全部轉化，所以放出的熱量小于QkJ，故C錯誤；D．醋酸是弱酸存在電離平衡，電離過程是吸熱過程，所以中和時放出的熱量較少，中和反應為放熱反應，焓變為負值，所以后者比前者△H小，故D正確；故答案為D。19、D【解題分析】根據HF屬于弱電解質，則在加水不斷稀釋時，電離程度增大，電離平衡保持向正反應方向移動，并注意溫度不變時，電離平衡常數不變來解答。【題目詳解】A、因HF為弱酸，則濃度為0.5mol/L的HF溶液加水稀釋，促進電離，平衡正向移動，電離程度增大，n（F-）增大，但c（F-）減小，選項A錯誤；B、因電離平衡常數只與溫度有關，則Ka（HF）在稀釋過程中不變，選項B錯誤；C、因HF為弱酸，則濃度為0.5mol/L的HF溶液加水稀釋，促進電離，平衡正向移動，電離程度增大，電離轉化率增大，選項C錯誤；D、因Ka（HF）=c(F-)×c(H+)c(HF)，當HF【題目點撥】本題考查弱電解質的稀釋，明確稀釋中電離程度、離子濃度、Ka的變化即可解答，本題難點和易錯點是不斷稀釋時n（F-）增大但c（F-）減小。20、C【題目詳解】A.根據Ka(HCOOH)>Kb(NH3?H2O)可知，HCOOH為一元弱酸，NH3?H2O為一元弱堿，所以電離程度HCOOH大，因此濃度均為0.1mol?L-1的HCOOH和NH3?H20溶液中，根據越弱越水解可以判斷c(HCOO-)>c(NH4+)，A正確；B.由于酸性HCOOH大于CH3COOH，所以pH相同的HCOOH和CH3COOH，二酸的濃度:c(HCOOH)<c(CH3COOH)，用相同濃度的NaOH溶液分別滴定等體積pH均為3的HCOOH和CH3COOH溶液至終點時,酸的濃度越大,消耗的堿體積越大，pH、體積相同的HCOOH和CH3COOH，物質的量前者小于后者,所以后者消耗的NaOH體積多,HCOOH消耗NaOH溶液的體積比CH3COOH小,故B正確；C.0.1mol?L-1CH3COOH溶液與0.1mol?L-1NaOH溶液等體積混合后，生成醋酸鈉，該鹽為強堿弱酸鹽，水溶液顯堿性，pH>7；故C錯誤；D.任何電解質溶液中都存在電荷守恒和物料守恒；HCOOH和NH3?H20的混合溶液中，存在電荷守恒：c(HCOO-)+c(OH-)=c(NH4+)+c(H+)，由于pH=7，即c(OH-)=c(H+)，所以c(HCOO-)=c(NH4+)，故D正確；綜上所述，本題選C。21、B【解題分析】濃硫酸、濃硝酸具有強的氧化性室溫下能夠使鐵、鋁發生鈍化，生成致密的氧化膜，阻礙反應的進行。【題目詳解】A、濃硝酸具有強的氧化性室溫下能夠與銅反應，故常溫下不可以用銅制的容器盛放濃硝酸，選項A錯誤；B、濃硫酸、濃硝酸具有強的氧化性室溫下能夠使鐵發生鈍化，故常溫下可以用鐵制的容器盛放濃硫酸、濃硝酸，選項B正確；C、濃硫酸、濃硝酸具有強的氧化性室溫下能夠與鎂反應，故常溫下不可以用鎂制的容器盛放濃硫酸、濃硝酸，選項C錯誤；D、濃硫酸、濃硝酸具有強的氧化性室溫下能夠與鋅反應，故常溫下不可以用鋅制的容器盛放濃硫酸、濃硝酸，選項D錯誤；答案選B。【題目點撥】本題考查了濃硫酸、濃硝酸的強氧化性，題目難度不大，注意鈍化屬于氧化還原反應。22、D【解題分析】防止食品氧化變質，延長食品的保質期，在包裝袋中常加入抗氧化物質，則選項中的物質應具有還原性，以此來解答。【題目詳解】A.生石灰具有吸水性，常用作干燥劑，可以防止食品受潮；食鹽常用作調味劑，不能防止食物被氧化，故A錯誤；

B.硫酸亞鐵具有還原性，在反應中Fe元素的化合價升高，能防止食物被氧化；食鹽常用作調味劑，不能防止食物被氧化，也不能吸水防潮，故B錯誤；

C.無水硫酸銅能吸收水分，但不能防止食物被氧化；蔗糖常用作調味劑，不能防止食物被氧化，也不能吸水防潮，故C錯誤；

D.硫酸亞鐵具有還原性，在反應中Fe元素的化合價升高，能防止食物被氧化，硅膠具有吸水性，常用作干燥劑，可以防止食品受潮，故D正確。

故選D。二、非選擇題(共84分)23、CH2＝CH2羥基羧基酸性KMnO4溶液或酸性K2Cr2O7溶液CH2＝CH2+H2OCH3CH2OH加成反應酯化或取代【分析】A是一種分子量為28的氣態烴，所以A是乙烯。乙烯含有碳碳雙鍵，和水加成生成乙醇，即B是乙醇。乙醇發生催化氧化生成乙醛，則C是乙醛。乙醛繼續被氧化，則生成乙酸，即D是乙酸。乙酸和乙醇發生酯化反應，生成乙酸乙酯，所以E是乙酸乙酯。【題目詳解】(1)通過以上分析知，A是乙烯，其結構簡式為CH2=CH2，故填：CH2=CH2；(2)B是乙醇，D是乙酸，所以B的官能團是羥基，D的官能團是羧基，故填：羥基，羧基；(3)乙醇可以被直接氧化為乙酸，需要加入的試劑是酸性高錳酸鉀或重鉻酸鉀溶液；(4)①在催化劑條件下，乙烯和水反應生成乙醇，反應方程式為CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，該反應是加成反應，故答案為CH2=CH2+H2OCH3CH2OH，加成反應；④乙酸和乙醇反應生成乙酸乙酯和水，乙酸中的羥基被-OCH2CH3取代生成乙酸乙酯，屬于取代反應，反應方程式為CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O；故答案為CH3COOH+CH3CH2OHCH3COOCH2CH3+H2O，取代反應或酯化反應。24、NaOH水溶液、加熱縮聚反應CH3COCOOHCH2(OH)CH(OH)CHO【分析】丙烯與溴發生加成反應生成A，A為CH3CHBrCH2Br，A在氫氧化鈉水溶液、加熱條件下發生水解反應生成B，B為CH3CH（OH）CH2OH，B催化氧化生成C，C為，C氧化生成D，D為，D與氫氣發生加成反應生成E，E為CH3CH（OH）COOH，E發生酯化反應是高聚物G，丙烯發生加聚反應生成高聚物F，F為，結合有機物的結構和性質以及題目要求可解答該題。【題目詳解】（1）丙烯發生加聚反應生成F聚丙烯，其結構簡式為：。A→B的反應條件為：NaOH水溶液，加熱。E→G的反應類型為：縮聚反應。（2）通過以上分析知，D的結構簡式為；B轉化為C是CH3CH(OH)CH2OH催化氧化生成O=C(CH3)CHO，反應方程式為。（3）在一定條件下，兩分子CH3CH(OH)COOH能脫去兩分子水形成一種六元環化合物，該化合物的結構簡式是.。（4）E的結構簡式為CH3CH(OH)COOH，CH3CH(OH)COOH有多種同分異構體，其中一種能發生銀鏡反應，1mol該種同分異構體與足量的金屬鈉反應產生1molH2，說明該同分異構體分子中含有2個﹣OH、1個﹣CHO，故符合條件的同分異構體為：HOCH2CH2(OH)CHO。25、長頸漏斗連接導管，將導管插入水中，微熱試管，導管口有氣泡產生，停止加熱，導管內有水回流并形成一段穩定的水柱。(NH4)2SO4+Ca(OH)22NH3↑+2H2O+CaSO4B氫氧化鈉溶于氨水后放熱和增加氫氧根濃度均促進NH3+H2ONH3·H2ONH4++OH-；向逆方向移動，使更多的氨氣逸出8V1:11.2(m1-m2)濃硫酸吸收了未反應的氨氣，從而使計算的氫的量偏高堿石灰(或氧化鈣等)干燥管(或U型管)【分析】根據裝置的特征確定儀器的名稱并檢查氣密性的操作方法；結合反應原理選擇實驗裝置和書寫反應方程式；結合實驗數據分別計算出氫和氮原子的物質的量即可解題。【題目詳解】(1)儀器a名稱是圓底燒瓶、儀器b的名稱是長頸漏斗；(2)檢查A裝置氣密性的具體操作方法是連接導管，將導管插入水中，微熱試管，導管口有氣泡產生，停止加熱，導管內有水回流并形成一段穩定的水柱；(3)實驗1：氫氧化鈣與硫酸銨反應生成硫酸鈣、氨氣和水，反應的化學方程式為(NH4)2SO4+Ca(OH)22NH3↑+2H2O+CaSO4；實驗2：濃氨水是液體，氫氧化鈉是固體，為使氨氣逸出，把氨水滴入固體氫氧化鈉中，隨著氫氧化鈉溶解放熱，氨氣揮發放出氣體，故選B裝置；氫氧化鈉溶于氨水后放熱使氨氣溶解度降低，增加氫氧根濃度，使NH3+H2O?NH3?H2O?NH4++OH-向逆方向移動，加快氨氣逸出；(4)反應前氧化銅的質量為m1g、氧化銅反應后轉化成的銅的質量為m2g，則氧化銅中氧元素的質量為m1-m2，根據原子守恒，則生成的水中氧原子的物質的量為mol；水中氫原子個數是氧原子個數的兩倍，因此氫原子的物質的量為mol×2=mol，生成的氮氣在標準狀況下的體積V1L，則氮氣中氮原子的物質的量為mol=mol；因此氮氫原子個數比為mol：mol=8V1:11.2(m1-m2)；(5)實驗2用所測數據計算出氨分子中氮、氫的原子個數比小于理論值，其原因是洗氣瓶D中的濃硫酸不但吸收了反應生成的水，還吸收了未反應的氨氣，從而使計算的氫的量偏高，因此在洗氣瓶D前的位置應增加了一個裝有堿石灰(無水硫酸銅、氫氧化鈉、氧化鈣等)的干燥管(或U型管)只吸收水，減小誤差。【題目點撥】本題考查氨氣的制備及氨氣的組成測量，利用了氨氣的還原性，能準確測定反應中生成的水和氮氣的量是實驗成功的關鍵，實驗2的易錯點是硫酸吸收了水和氨氣，導致誤差增大。26、分液漏斗收集到氣體的體積待氣體恢復至室溫后，調節滴定管的高度使得兩側液面相平5H2C2O4+2+6H+＝2Mn2++10CO2↑+8H2O濃度B、C5×10-4mol/(L·s)催化作用【分析】實驗一、將分液漏斗中的硫酸滴入錐形瓶中，與鋅反應制取氫氣，要比較鋅粒與鋅粉反應的快慢，可以通過比較相同時間內反應產生氫氣的多少，也可以通過測定產生相同體積的氫氣所需要的時間，在讀數時要使溶液恢復至室溫，使液面左右相平，并且要平視讀數；實驗二、H2C2O4溶液和酸性KMnO4溶液反應產生K2SO4、MnSO4、CO2、H2O，根據電子守恒、電荷守恒、原子守恒書寫反應的離子方程式；采用控制變量方法，根據對比項的不同點比較其對反應速率的影響；利用反應速率的定義計算反應速率；結合反應產生的微粒及反應變化特點判斷其作用。【題目詳解】實驗一：(1)裝置圖Ⅰ中放有硫酸的儀器名稱是分液漏斗；(2)按照圖Ⅰ裝置實驗時，限定了兩次實驗時間均為10min，還需要測定的另一個數據是收集反應產生H2氣體的體積；(3)若將圖Ⅰ裝置中的氣體收集裝置改為圖Ⅱ，實驗完畢待冷卻后，該生準備讀取滴定管上液面所在處的刻度數，若發現滴定管中液面高于干燥管中液面，應首先采取的操作是調待氣體恢復至室溫后，調節滴定管的高度使得兩側液面相平；實驗二：(4)H2C2O4溶液和酸性KMnO4溶液之間發生氧化還原反應，根據電子守恒、電荷守恒及原子守恒可知相應反應的離子方程式為5H2C2O4+2+6H+＝2Mn2++10CO2↑+8H2O；(5)通過觀察實驗A、B，會發現：二者只有草酸的濃度不同，其它外界條件相同，則通過實驗A、B可探究濃度的改變對反應速率的影響；要探究溫度變化對化學反應速率的影響，改變的條件應該只有溫度改變，其它條件相同，觀察實驗數據會發現：實驗B、C只有溫度不同，故可通過實驗B、C探究溫度變化對化學反應速率的影響；利用實驗B中數據計算，用KMnO4的濃度變化表示的反應速率為v(KMnO4)==5×10-4mol/(L·s)；(6)實驗中發現：反應一段時間后該反應速率會加快，造成此種變化的原因是反應體系中的某種粒子對KMnO4與H2C2O4之間的反應有某種特殊的作用，該作用是催化作用，相應的粒子最有可能是Mn2+，即反應產生的Mn2+起催化作用。【題目點撥】本題考查探究反應速率的影響因素。把握速率測定方法及速率影響因素、控制變量法為解答的關鍵，在計算反應速率時，要注意KMnO4在反應前的濃度計算是易錯點。27、0.1mol/L0.05mol/L0.001或1×10-3酸式滴定管滴入最后一滴高錳酸鉀溶液，溶液由無色變為淺紫色，且半分鐘內無變化1.2mg/cm3【分析】從滴定曲線知，反應開始時，鹽酸溶液pH=1，則c(HCl)0.100mol/L，本實驗用待測濃度的氫氧化鈉溶液滴定標準溶液——10.00mL鹽酸，滴加NaOH溶液至20mL時，恰好中和，故可計算出c(NaOH)=0.050mol/L；血樣20.00mL經過處理后得到草酸，用酸性高錳酸鉀溶液滴定，做3次平行試驗，進行數據處理，得到消耗高錳酸鉀溶液的平均體積，根據反應方程式2+5H2C2O4+6H+═2Mn2++10CO2↑+8H2O、草酸鈣的化學式CaC2O4，可計算血樣中鈣元素的含量；【題目詳解】(1)反應開始時，溶液pH=1，則c(H+)=0.1mol/L，由于鹽酸是一元強酸，完全電離，所以c(HCl)=c(H+)=0.100mol/L；當滴加NaOH溶液至20mL時，溶液的pH=7，二者恰好完全反應，根據n(HCl)=n(NaOH)，0.100mol/L×10.00mL=c(NaOH)×20.00mL，所以c(NaOH)=0.050mol/L；(2)當溶液的pH=7時，加入溶液中NaOH的物質的量等于溶液中HCl的物質的量，n(NaOH)=n(HCl)=0.100mol/L×10.00mL×10-3L/mL=0.001mol=x；(3)①高錳酸鉀溶液具有強氧化性，會腐蝕堿式滴定管的橡膠管，因此應該盛放在酸式滴定管在；高錳酸鉀溶液本身顯紫色，當用該溶液滴定草酸時，高錳酸鉀被還原產生Mn2+，故滴定過程中出現褪色現象，滴入最后一滴高錳酸鉀溶液，溶液紫色不再褪去(溶液由無色變為淺紫色)，且半分鐘內無變化，說明反應達到滴定終點；②血樣20.00mL經過上述處理后得到草酸，用酸性高錳酸鉀溶液滴定，做3次平行試驗，第2次數據偏差大，應舍棄，故二次數據平均值為消耗高錳酸鉀0.012L，高錳酸鉀物質的量為：n(KMnO4)