河南省新鄉市第二十六中學校高一物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.下列關于力的說法，正確的是（

）A．兩個物體一接觸就會產生彈力

B．物體的重心一定在物體上C．滑動摩擦力的方向總是和物體的運動方向相反D．懸掛在天花板上的輕質彈簧在掛上重2N的物體后伸長2cm靜止,那么這根彈簧伸長1cm后靜止時，它的兩端各受到1N的拉力參考答案：D2.如圖所示，一艘炮艇沿長江由西向東快速行駛，在炮艇上發射炮彈射擊北岸的目標．要擊中目標，射擊方向應（）A．對準目標B．偏向目標的西側C．偏向目標的東側D．無論對準哪個方向都無法擊中目標參考答案：B【考點】運動的合成和分解．【分析】炮彈實際的速度方向為射出的速度與船的速度的合速度方向，根據平行四邊形定則確定射擊的方向．【解答】解：炮彈的實際速度方向沿目標方向，該速度是船的速度與射擊速度的合速度，根據平行四邊形定則，知射擊的方向偏向目標的西側．故B正確，A、C、D錯誤．故B正確．故選B．3.（單選）在物理學研究中，有時可以把物體看成質點，則下列說法中正確的是A．研究乒乓球的旋轉，可以把乒乓球看成質點B．研究車輪的轉動，可以把車輪看成質點C．研究跳水運動員在空中的翻轉，可以把運動員看成質點D．研究地球繞太陽的公轉，可以把地球看成質點參考答案：D4.下列哪些因素會使“研究平拋運動”實驗的誤差增大(

)A．小球與斜槽之間有摩擦B．安裝斜槽時其末端不水平C．每次實驗沒有把小球從同一位置由靜止釋放D．根據曲線計算平拋運動的初速度時，在曲線上取作計算的點離原點O太近參考答案：BCD5.如圖所示為在同一直線上運動的A、B兩質點的x-t圖象，由圖可知（

）A．t=0時，A在B的前面B．B在t2時刻追上A，并在此后跑在A的前面C．B開始運動的速度比A小，t2時刻后才大于A的速度D．A運動的速度始終比B大參考答案：AB二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.飛機著陸后做勻減速直線運動，初速度為60m／s，加速度大小為6m／s2，飛機從著陸到停下滑行 m。參考答案：3007.斜拋的物體在運動過程中加速度一定________（選填“不變”或“變化”），經過最高點時速度_________（選填“為0”或“不為0”）參考答案：不變

不為08.如圖所示，在傾角為30°的光滑斜面上的O點釘有一根與斜面垂直的釘子，細繩的一端拴在釘子上，繩的另一端拴一個質量為m=0.2kg的小球，繩與斜面平行，小球球心到釘子的距離為R=0.8m.現使小球在斜面上做以R為半徑的圓周運動，則小球通過最高點時的最小速度大小為____________m/s；如果細繩所能承受的最大拉力是10N，則小球通過最低點時，可能的最大速度大小為____________m/s。(重力加速度g=10m/s2)參考答案：9.下圖給出了汽車從A點出發到B點做直線運動的v-t圖線，根據圖線填空。(1)在0s－40s內汽車做

運動；加速度是

m/s2。(2)在120s－200s內汽車的加速度是

m/s2；發生的位移是

m。

(3)由圖中得到汽車從A點開始到速度大小為10m/s

時所需的時間是

s參考答案：（1）勻加速；0.5（2）—0.25;800(3)20

10.（6分）在如圖所示的裝置中，一電子在電勢差為的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電勢差為的偏轉電場中，入射方向與場強方向垂直，今欲使偏轉角增大，可以采取的措施是

加速電壓，

偏轉電壓，

偏轉電場極板的長度，

，極板之間的距離，在上述諸因素恒定時，用此裝置加速和偏轉某個電荷量為，質量m的負離子，那么增大則角

，增大則

。（填增大、減小或不變）

參考答案：減小，增大，增大，減小，不變，不變11.在點電荷Q產生的電場中有a，b兩點，相距為d，已知a點的場強大小為E，方向與ab連線成30°，b點的場強方向與ab連線成120°，如圖所示。則點電荷Q的電性為

，b點的場強Eb=

。參考答案：負電

3E

12.一個質量為m的物體放在傾角為θ的斜面上勻速下滑，物體與斜面之間的動摩擦因素μ=

；物體所受的摩擦力的大小為Ff= 。參考答案：

，13.如圖為物體運動時打點計時器打出的一條紙帶，圖中相鄰的點間還有四個點，已知打點計時器接交流50HZ的電源，則ab段的平均速度為

m/s，ae段的平均速度為

m/s。(小數點后保留2位)參考答案：0.84，

2.19三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.質量為2kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的v–t圖象如圖所示。g取10m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數μ；（2）水平推力F的大小；（3）0～10s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：（1）由題中圖象知，t＝6s時撤去外力F，此后6～10s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯立得μ＝0．2。（2）由題中圖象知0～6s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得F－μmg＝ma2聯立得，水平推力F＝6N。（3）設0～10s內物體的位移為x，則x＝x1＋x2＝×（2＋8）×6m＋×8×4m＝46m。考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度--時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度--時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解．屬于中檔題。15.12．（3分）在上圖中，根據通電螺線管上方小磁針N極的指向，標出電源的“十”“一”極。參考答案：四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，一小球從平臺上水平拋出，恰好落在平臺前一傾角為α=53°的斜面頂端，并剛好沿斜面下滑，已知平臺到斜面頂端的高度為h=0.8m，取g=10m/s2．求小球水平拋出的初速度v0和斜面與平臺邊緣的水平距離s各為多少？參考答案：解：小球從平臺到斜面頂端的過程中做平拋運動，由平拋運動規律有：s=v0t①②vy=gt③由圖可知：④由①②③④代入數據得：v0=3m/s，s=1.2m答：小球水平拋出的初速度為3m/s，水平距離為1.2m．【考點】平拋運動．【分析】根據高度求出運動的時間，從而得出落在斜面上時豎直分速度，結合平行四邊形定則求出初速度的大小，結合平拋運動水平方向上的運動規律求出水平距離的大小．17.如圖9所示，靜止放在水平桌面上的紙帶，其上有一質量為m＝0.1kg的鐵塊，它與紙帶右端的距離為L＝0.5m，鐵塊與紙帶間、紙帶與桌面間動摩擦因數均為μ＝0.1.現用力F水平向左將紙帶從鐵塊下抽出，當紙帶全部抽出時鐵塊恰好到達桌面邊緣，鐵塊拋出后落地點離拋出點的水平距離為s＝0.8m．已知g＝10m/s2，桌面高度為H＝0.8m，不計紙帶質量，不計鐵塊大小，鐵塊不滾動．求：(1)鐵塊拋出時速度大小(2)紙帶從鐵塊下抽出所用時間t1(3)紙帶抽出過程產生的內能E參考答案：解：（1）圓筒邊緣線速度與物塊前進速度大小相同根據v=ωR=Rβ1t，線速度與時間成正比物塊做初速為零的勻加速直線運動

（2）由（1）問分析結論，物塊加速度為a=Rβ1

根據物塊受力，由牛頓第二定律得T－μmg=ma

則細線拉力為T=μmg+mRβ1

（3）對整體運用動能定理，有W電+Wf=

其中Wf=－μmgs=－μmg

則電動機做的功為

W電=μmg+

（或對圓筒分析，求出細線拉力的做功，結果正確同樣給分）（4）圓筒減速后，邊緣線速度大小v=ωR=ω0R－Rβ2t，線速度變化率為a=Rβ2若a≤μg，細線處于拉緊狀態，物塊與圓筒同時停止，物塊減速時間為t=ω0/β2

若a>μg，細線松弛，物塊水平方向僅受摩擦力，物塊減速時間為t=ω0R/μg

18.如圖所示，傾斜傳送帶與水平面的夾角θ=37°，沿圖示方向轉動，兩輪心間的距離為L=8m，一質量為m=1kg的可視為質點的小物體從傳送帶底端輕放于傳送帶上，物體與傳送帶間的滑動摩擦因數μ=，（取g=10m/s2，sin37°=，cos37°=），由于傳送帶速度不同，會導致物體從傳送帶底端運動至傳送帶頂端所用的時間有所變化．試表示此時間與傳送帶速度之間的函數關系．參考答案：解：物塊在傳送帶上向上的加速度為a=設傳送帶的速度為v，經歷時間t物塊達到傳送帶速度，則此時v=at，解得t=，物體通過的位移x=，當x=L時，解得v=4m/s，t=4s，此時勻加速到傳送帶頂端剛好達到傳送帶速度，當v＞4m/s時，物體一直加速運動，此時經歷的時