2022年河北省秦皇島市禹銘藝術中學高二物理測試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的一個矩形的四個頂點，已知A、B、D三點電勢分別為ΨA=20V,ΨB=24V,ΨD=4V,則可得C點電勢ΨC為（）A.4V

B.8V

C.12V

D.24V參考答案：B2.如圖所示,甲分子固定在坐標原點O,乙分子位于r軸上,甲、乙兩分子間作用力與分子間距離關系圖象如圖。現把乙分子從r3處由靜止釋放,則(

)

A.乙分子從r3到r1一直加速

B.乙分子從r3到r2加速,從r2到r1減速

C.乙分子從r3到r1過程中,兩分子間的分子勢能一直增大

D.乙分子從r3到r1過程中,兩分子間的分子勢能先減小后增加參考答案：A3.（單選）關于閉合電路，下列說法中正確的是（）A．閉合電路中，電流總是從電勢高的地方流向電勢低的地方B．閉合電路中，電源的路端電壓越大，電源的輸出功率就越大C．閉合電路中，電流越大，電源的路端電壓就越大D．閉合電路中，外電阻越大，電源的路端電壓就越大參考答案：考點：閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：根據閉合電路歐姆定律分析電流與外電阻的關系，得出內電壓和路端電壓的變化．根據推論，當電源的外電阻等于內電阻時，輸出功率最大．在閉合電路的外電路中，電流總是從電勢高的地方流向電勢低的地方．解答：解：A、在閉合電路的外電路中，電流總是從電勢高的地方流向電勢低的地方，而在內電路中，電流總是從電勢低的地方流向電勢高的地方．故A錯誤．B、閉合電路中，電源的路端電壓越大，說明外電阻越大，根據推論：當電源的外電阻等于內電阻時，輸出功率最大，可知，電源的輸出功率不一定越大．故B錯誤．C、閉合電路中，電流越大，內電壓越大，則電源的路端電壓就越小．故C錯誤．D、在閉合電路中，外電阻越大，由閉合電路歐姆定律知，電路中的電流越小，內電壓越小，則電源的路端電壓就越大．故D正確．故選：D．點評：閉合電路中，路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小．抓住電源的內電阻不變，內電壓與電流成正比是關鍵．4.(單選)滑雪運動員由斜坡高速向下滑行時的V—t圖象如圖乙所示，則由圖中AB段曲線可知，運動員在此過程中(

)

A．所受外力的合力一定不斷增大B．運動軌跡一定是曲線C．加速度一定減小D．斜坡對運動員的作用力一定是豎直向上的參考答案：C5.豎直放置的固定絕緣光滑軌道由半徑分別為R的圓弧MN和半徑為r的半圓弧NP拼接而成（兩段圓弧相切于N點），小球帶正電，質量為m，電荷量為q．已知將小球由M點靜止釋放后，它剛好能通過P點，不計空氣阻力．下列說法正確的是（）A.若加豎直向上的勻強電場，則小球能通過P點B.若加豎直向下的勻強電場，則小球不能通過P點C.若加垂直紙面向里的勻強磁場，則小球不能通過P點D.若加垂直紙面向外的勻強磁場，則小球不能通過P點參考答案：AC【分析】應用動能定理求出小球到達P點的速度，小球恰好通過P點時軌道對球的作用力恰好為零，應用動能定理與牛頓第二定律分析答題．【詳解】設M、P間的高度差為h，小球從M到P過程由動能定理得：，，小球恰好通過P點，重力提供向心力，由牛頓第二定律得：，r=2h；A、若加豎直向上的勻強電場E（Eq＜mg），小球從M到P過程由動能定理得：，解得：，則：，小球恰好通過P點，故A正確；B、若加豎直向下的勻強電場，小球從M到P過程由動能定理得：，解得:，則：，小球恰好通過P點，故B錯誤；C、若加垂直紙面向里的勻強磁場，小球到達P點的速度v不變，洛倫茲力豎直向下，則:，小球不能通過P點，故C正確；D、若加垂直紙面向外的勻強磁場，小球到達P點的速度v不變，洛倫茲力豎直向上，則：，小球對軌道有壓力，小球能通過P點，故D錯誤；故選AC.二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖8所示，直線A為電源的路端電壓U與電流I的關系圖象，直線B是電阻R的兩端電壓與其中電流I的圖象。電源的電動勢是______V,內阻是_____Ω.用該電源與電阻R組成閉合電路，則電源的輸出功率為________W,電源的效率為_______.參考答案：3(或3.0)，0.5(或0.50);

4,

66.7%(或67%)7.如圖，R1=2，小明在實驗中記錄三只電表的讀數時，不慎漏記了單位，記下了一組數據是1.5、2.5和3，請你幫助它確定電源電壓是_____V，R2的電阻是_____。參考答案：_3__________，_________3____8.一個電源接8Ω電阻時，通過電源的電流為0.15A；接13Ω電阻時，通過電源的電流為0.10A．則此電源的電動勢為

▲

V，內阻為

▲

Ω．參考答案：1.5

2

9.夏季某日，某地區距地面一定高度的空中有兩塊相距3km的足夠大的云團，受濕氣流影響，兩塊云團正在以5m/s的相對速度靠近，不斷與空氣摩擦帶電．設兩云團之間電勢差保持3×109V不變，已知空氣電離的電場強度(即發生放電時的電場強度)為3×106V/m，云團間的電場可視為勻強電場，則大約經過______秒，將會發生放電現象；在這次放電中，若從一塊云團移到另一塊云團的電荷量為500C，閃電歷時0.01s，則此過程中的平均電流為____安培。參考答案：10.如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關系圖像，直線B為電源b的路端電壓與電流的關系圖像，直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關系圖像．將這個電阻R分別接到a，b兩電源上，那么電源效率較高的是

電源，電源的輸出功率較大的是

電源。參考答案：b,

a一個質點正在做勻加速直線運動，用固定的照相機對該質點進行閃光照相，閃光時間間隔為11.1

s．分析照片得到的數據，發現質點在第1次、第2次閃光的時間間隔內移動了2

m；在第3次、第4次閃光的時間間隔內移動了8

m，那么質點從第2次閃光到第3次閃光這段時間內質點的位移是_______________參考答案：

5m12.研究地球的公轉時，________(選填“可以”或“不可以”)把地球看做質點；研究地球的自轉時，________(選填“可以”或“不可以”)把地球看做質點．參考答案：可以；不可以13.示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉電極和熒光屏組成，如圖所示。如果在熒光屏上P點出現亮斑，那么示波管中的極板x應帶

電，極板y應帶

電。參考答案：正，正三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.測定電源的電動勢和內電阻的實驗電路和U-I圖像如下，回答下列問題：（1）如圖所示在閉合開關之前為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭P應放在

▲

處（2）現備有以下器材：A．干電池1個

B．滑動變阻器（0~50Ω）C．滑動變阻器（0~1750Ω）

D．電壓表（0~3V）E．電壓表（0~15V）

F．電流表（0~0.6A）

G．電流表（0~3A）其中滑動變阻器應選用

▲

，電流表應選

▲

，電壓表應選___▲___。(填字母代號)（3）如圖是根據實驗數據畫出的U-I圖像。由此可知這個干電池的電動勢E=

▲

V，內電阻r=

▲

Ω。(保留兩位有效數字)參考答案：（1）a

（2）B

F

D

（3）1.5

1.015.“研究共點力的合成”的實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC為細繩，圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的圖示。（1）圖乙中的F與F′兩力中，方向一定沿AO方向的是___________。（2）（單選題）本實驗采用的科學方法是（

）（A）理想實驗法

（B）等效替代法（C）控制變量法

（D）建立物理模型法（3）（多選題）實驗中可減小誤差的措施有（

）（A）兩個分力F1、F2的大小要盡量大些（B）兩個分力F1、F2間夾角要盡量大些（C）拉橡皮筋時，彈簧秤、橡皮條、細繩應貼近木板且與木板平面平行（D）AO間距離要適當，將橡皮筋拉至結點O時，拉力要適當大些參考答案：（1）F′（2分）

（2）B（2分）

（3）ACD（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖甲所示，斜面傾角為θ=37°，一寬為d=0.65m的有界勻強磁場垂直于斜面向上，磁場邊界與斜面底邊平行。在斜面上由靜止釋放一矩形金屬線框，線框沿斜面下滑，下邊與磁場邊界保持平行。取斜面底部為重力勢能零勢能面，從線框開始運動到恰好完全進入磁場的過程中，線框的機械能E和位移x之間的關系如圖乙所示，圖中①、②均為直線段。已知線框的質量為M=0.1kg，電阻為R=0.06Ω．（取g=l0m·s-2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8)求：(1)線框與斜面間的動摩擦因數μ；(2)線框剛進入磁場到恰好完全進入磁場所用的時間t：(3)線框穿越磁場的過程中，線框中的最大電功率Pm。參考答案：0.5；1/6s；0.54W【詳解】（1）由能量守恒定律，線框減小的機械能等于克服摩擦力做功，則其中x1=0.36m；解得μ=0.5（2）金屬線框進入磁場的過程中，減小的機械能等于克服摩擦力和安培力做的功，機械能均勻減小，因此安培力也是恒力，線框做勻速運動，速度為v1v12=2ax1解得a=2m/s2v1=1.2m/s其中

x2為線框的側邊長，即線框進入磁場過程中運動的距離，可求出x2=0.2m，則（3）線框剛出磁場時速度最大，線框內電功率最大由可求得v2=1.8m/s根據線框勻速進入磁場時：可得FA=0.2N又因為可得將v2、B2L2帶入可得：17.如圖所示電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標有“6V、12W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝0.50Ω.若燈泡恰能正常發光，求電動機的輸出功率P出是多少？

參考答案：解：電路總電流I=P/U=2A

(2分)

電動機總功率

P-電-=U-電I=6*2=12W

(2分)

電動機熱功率

PQ=I2R=22*0.5=2W

(3分)

電動機的輸出功率

P出=P-電-PQ=12W-2W=10W

(3分)18.如圖所示，一個質量m＝40g，帶電量q＝-3×10－6C的半徑極小的小球，用絕緣絲線懸掛在水平方向的勻強電場中．當小球靜止