-.z.2019年省高考物理模擬試卷一、單項選擇題：此題共5小題，每題3分，共計15分．每題只有一個選項符合題意．1．〔3分〕2018年11月16日第26屆國際計量大會通過"修訂國際單位制〞決議，正式更新包括國際標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量單位"千克〞在的四項根本單位定義。假設(shè)以F表示力，a表示加速度，*表示位移，t表示時間，m表示質(zhì)量，借助單位制可知速度v的表達式，以下可能正確的選項是〔〕A．B．C．D．2．〔3分〕如下圖，圖甲、圖乙分別表示兩種電流的波形，其中圖甲所示的電流按正弦規(guī)律變化，以下說確的是〔〕A．圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B．兩種電流變化的頻率相等C．兩種電流的瞬時值表達式都為i＝5.0sin100πtAD．兩種電流的有效值相等3．〔3分〕如下圖，在粗糙的水平地面上放著一左側(cè)截面是半圓的柱狀物體B，在B與豎直墻之間放置一光滑小球A，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用水平力F拉動B緩慢向右移動一小段距離后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，在此過程中，以下判斷正確的選項是〔〕A．小球A對物體B的壓力逐漸增大B．小球A對物體B的壓力逐漸減小C．墻面對小球A的支持力逐漸減小D．墻面對小球A的支持力先增大后減小4．〔3分〕如下圖，真空中兩等量異種點電荷+q、﹣q固定在y軸上。abcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分。以下說確的是〔〕A．b、c點場強一樣B．a(chǎn)點電勢高于d點電勢C．將質(zhì)子從a點移動到c點，電場力做負功D．將電子從d點移動到b點，電勢能增加5．〔3分〕如下圖的光滑斜面長為L，寬為s，傾角為θ＝30°，一小球〔可視為質(zhì)點〕沿斜面右上方頂點A處水平射入，恰好從底端B點離開斜面，重力加速度為g。則以下說確的是〔〕A．小球運動的加速度為gB．小球由A運動到B所用的時間為C．小球由A點水平射入時初速度v0的大小為sD．小球離開B點時速度的大小為二、多項選擇題：此題共4小題，每題4分，共計16分．每題有多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．6．〔4分〕2018年12月8日發(fā)射成功的"嫦娥四號〞探測器經(jīng)過約110小時奔月飛行，到達月球附近，成功實施近月制動，順利完成"太空剎車〞，被月球捕獲并順利進入環(huán)月軌道。假設(shè)將發(fā)射過程簡化如下："嫦娥四號〞探測器從地球外表發(fā)射后，進入地月轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)過M點時變軌進入距離月球外表100km的圓形軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ上經(jīng)過P點時再次變軌進入橢圓軌道Ⅱ，之后將擇機在Q點著陸月球外表。以下說確的是〔〕A．"嫦娥四號〞探測器在軌道Ⅰ上的運行速度小于月球的第一宇宙速度B．"嫦娥四號〞探測器沿軌道Ⅱ運行時，在P點的加速度大于在Q點的加速度C．"嫦娥四號〞探測器沿軌道Ⅱ運行的周期大于沿軌道Ⅰ運行的周期D．"嫦娥四號〞探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點的動能大于在軌道Ⅰ上經(jīng)過M點的動能7．〔4分〕加速器是當(dāng)代科研、醫(yī)療等領(lǐng)域必需的設(shè)備，如下圖為盤旋加速器的原理圖，其核心局部是兩個半徑均為R的中空半圓金屬D形盒，并處于垂直于盒底的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中。現(xiàn)接上電壓為U的高頻交流電源后，狹縫中形成周期性變化的電場，使圓心處的帶電粒子在通過狹縫時都能得到加速。假設(shè)不考慮相對論效應(yīng)、重力和在狹縫中運動的時間，以下說確的是〔〕A．高頻交流電周期是帶電粒子在磁場中運動周期的2倍B．U越大，帶電粒子最終射出D形盒時的速度就越大C．帶電粒子在加速器中能獲得的最大動能只與B、R有關(guān)D．假設(shè)用該盤旋加速器分別加速不同的帶電粒子，可能要調(diào)節(jié)交變電場的頻率8．〔4分〕如下圖，一白熾燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，將白熾燈泡連在電路圖1之中，電源的電動勢E＝100V，r+R1＝100Ω，R2＝100Ω．則以下說確的是〔〕A．該燈泡的實際電流0.40AB．該燈泡的實際電壓50VC．該燈泡的實際電阻75ΩD．該燈泡的實際功率20W9．〔4分〕如下圖，ab是一段長度為2R的粗糙水平面，其中動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右端與一固定在豎直面的S形軌道相切于b點，S形軌道由半徑分別為r和R的兩個光滑圓弧構(gòu)成，且R＝2r。圓弧交接處的距離略大于小球的直徑，忽略小球在進入S形軌道時的能量損失。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球受到水平恒力F＝mg的作用，自a處從靜止開場向右運動至b點撤去外力，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。則以下說確的是〔〕A．在半徑為R的軌道上，小球處于超重狀態(tài)B．在b點，小球?qū)壍赖膲毫?mgC．當(dāng)水平恒力Fmg時，小球才能到達最高點D．當(dāng)水平恒力Fmg時，小球才能到達最高點三、簡答題：此題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計42分．請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】10．〔8分〕*同學(xué)用如下圖的裝置"驗證力的平行四邊形定則〞。在*次實驗中，彈簧測力計的指針位置如下圖。〔1〕本實驗用的彈簧測力計示數(shù)的單位為N，圖中細繩BO對O點的拉力大小為N。〔2〕以下不必要的實驗要〔請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母〕。A．彈簧測力計應(yīng)在使用前校零B．用兩個彈簧測力計同時拉細繩時，它們的示數(shù)之差應(yīng)盡可能大C．改變拉力，進展屢次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置D．為了驗證力的平行四邊形定則，應(yīng)采用作力的圖示來表示分力與合力〔3〕為了提高實驗的準(zhǔn)確性，減少誤差，請您提出合理的解決方法：〔至少二條〕①；②。11．〔10分〕*同學(xué)設(shè)計了如圖1所示的電路來測量一未知電阻R*的阻值。該電阻約為200Ω，直流電源的電動勢為9V，阻較小，電阻箱R的規(guī)格為0～999.90Ω．可供選擇的電流表為：A1〔量程500mA，阻約為10Ω〕，A2〔量程100mA，阻約為20Ω〕，A3〔量程50mA，阻約為50Ω〕。〔1〕如圖甲為多用電表的示意圖，現(xiàn)用它粗測R*的阻值，請用圖中所示旋鈕名稱填空并完善測量步驟。將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到"Ω〞擋的〔選填"×10〞或"×100〞〕位置，歐姆調(diào)零后再將紅、黑表筆分別與待測電阻兩端相接觸，讀數(shù)如圖乙所示，則R*＝Ω。〔2〕為了測量準(zhǔn)確，減小誤差，電流表應(yīng)該選用〔選填"A1〞、"A2〞或"A3〞〕；〔3〕閉合開關(guān)S1前，將電阻箱R的電阻調(diào)到最大值。先閉合開關(guān)S1，再閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電阻箱的阻值比200Ω稍大，記錄這時電阻箱的示數(shù)R1，電流表的示數(shù)I；再斷開開關(guān)S2，將電阻箱的阻值調(diào)小，使電流表的示數(shù)為I，記錄這時電阻箱的阻值為R2，則被測電阻的阻值R*＝〔用記錄的數(shù)值字母表示〕。〔4〕假設(shè)實驗中所用電源為舊的干電池，且實驗操作時間較長，導(dǎo)致干電池的阻有所變大，則待測電阻的測量值與真實值相比偏〔選填"大〞或"小〞〕。[選修3-5]〔12分〕12．〔4分〕關(guān)于近代物理，以下表達正確的選項是〔〕A．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征B．放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核層電子放射出來的C．核反響的實質(zhì)是粒子對核撞擊而打出新粒子使核變?yōu)樾潞薉．自由核子組成原子核時，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能13．〔4分〕利用圖甲所示電路研究光電效應(yīng)中金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系。圖中A、K兩極間的電壓大小可調(diào)，直流電源的正負極也可以對調(diào)。*金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系圖象如圖乙所示，圖中U、v0均，電子電荷量用e表示。則由圖象可求得該金屬的逸出功W0＝，普朗克常量h＝〔用題中字母表示〕。14．〔4分〕2018年平昌冬奧會上，中國代表隊奪得短道速滑男子5000米接力決賽銀牌。觀察發(fā)現(xiàn)質(zhì)量為m的"接棒〞運發(fā)動甲提前站在"接棒〞運發(fā)動乙前面，并且開場以v0向前滑行，待質(zhì)量也為m的運發(fā)動乙以2v0追上甲時，乙猛推甲一把使得自己速度減為接近零，從而使甲獲得更大速度向前沖出。在乙推甲的過程中忽略運發(fā)動與冰面間在水平方向上的相互作用力。求：①甲獲得多大速度向前沖出；②在乙推甲的過程中甲、乙運發(fā)動的動量變化大小之比。【選做題】此題包括A、B二小題，請選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域作答．假設(shè)多做，則按A小題評分．A．[選修3-3]〔12分〕15．〔4分〕以下說法中正確的選項是〔〕A．懸浮在液體中的固體小顆粒越大，布朗運動越明顯B．理想氣體的壓強是由氣體分子間斥力產(chǎn)生的C．由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力D．空氣相對濕度越大，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢16．〔4分〕目前城鄉(xiāng)家庭使用的液化天然氣主要成分是甲烷〔CH4〕，常用的液化氣鋼瓶容積為V，充裝標(biāo)準(zhǔn)為最大充裝的85%．液化氣的密度ρ，平均摩爾質(zhì)量M，阿伏加德羅常數(shù)NA，則該瓶裝液化天然氣甲烷分子的總數(shù)N＝，一個甲烷分子的直徑d＝。17．〔4分〕一體積為V0的氣泡從深為h的水池底上升到水面，池水溫度保持不變，可將氣泡的氣體視為理想氣體，且氣體質(zhì)量保持不變，大氣壓強為p0，重力加速度為g。求：①氣泡到達水面時的體積；②請判斷氣泡在上升的過程中，氣體吸熱還是放熱？B．[選修3-4]〔12分〕18．以下說法中正確的選項是〔〕A．窺鏡是利用光的衍射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備B．雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的折射現(xiàn)象C．自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動的光，且沿各個方向振動的光的強度均一樣D．微波爐是利用微波使食物中的水分子熱運動加劇，溫度升高19．如下圖，折射率為n＝2的玻璃球半徑為R，O點為球心，現(xiàn)將玻璃球切掉一局部，形成一個球缺，球缺的高度為h＝R，與球缺橫截面積一樣的均勻光柱垂直于界面射入球缺。則該光在玻璃球缺里發(fā)生全反射的臨界角C＝。光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積S＝。20．如下圖為一列沿*軸正方向傳播的簡諧橫波在t1＝0時刻的波形圖。a質(zhì)點的坐標(biāo)為〔3，0〕，t2＝0.3s時，a處質(zhì)點第一次出現(xiàn)在波峰位置。求：①這列波的傳播速度；②這列波的周期。四、計算題：此題共3小題，共計47分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．21．〔15分〕2017年1月12號凌晨，號航母奔赴南海執(zhí)行跨海區(qū)域訓(xùn)練和試驗。號航母在經(jīng)過海峽時可視為勻速行駛。〔1〕假設(shè)號航母裝有四臺輸入功率為P的蒸汽輪發(fā)動機，在海面上行駛時受到的阻力為f，蒸汽輪發(fā)動機的機械效率為η，求號航母的最大速度vm。〔2〕在航母上采用電磁彈射技術(shù)，將大大縮短起飛距離。假設(shè)在電磁彈射裝置與飛機發(fā)動機同時工作情況下可使起飛距離縮短為*，飛機質(zhì)量為m，起飛速度為v1，飛機的牽引力為F1，受到的平均阻力是重力的k倍，求電磁彈射裝置對飛機做的功W電。〔3〕假設(shè)在飛機甲板上加裝阻攔索，飛機著艦并成功鉤住阻攔索后，立即關(guān)閉動力系統(tǒng)。阻攔系統(tǒng)通過阻攔索施加一作用力，使飛機在甲板上短距離滑行后停頓。飛機關(guān)閉動力系統(tǒng)時的速度為v2，滑行時所受總阻力為f1，從著艦到停頓需要的滑行距離為L，求阻攔系統(tǒng)對飛機做的功W阻。22．〔16分〕如下圖，一折角θ＝45°的導(dǎo)體框架水平固定放置，處于垂直紙面向里的勻強磁場中，一根足夠長的截面均勻的導(dǎo)體棒放在導(dǎo)體框架上。t＝0時導(dǎo)體棒與O點的距離為l0，此時在外力作用下以初速度v0開場運動。導(dǎo)體棒中的感應(yīng)電流與時間的關(guān)系是I＝I0+kt〔I0與k均為常量且〕，在t＝時刻，導(dǎo)體棒的電功率為P0．除導(dǎo)體棒外，其余各局部電阻均不計。求：〔1〕試推導(dǎo)出導(dǎo)體棒的速度隨時間的變化關(guān)系；〔2〕在t＝時刻，導(dǎo)體棒與O點的距離；〔3〕勻強磁場的磁感應(yīng)強度。23．〔16分〕如下圖，在*Oy直角坐標(biāo)系中，第一象限有垂直于*Oy平面向里、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場。M是y軸上高為d的絕緣擋板的上端，坐標(biāo)原點O處在擋板的下端。一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子自*軸上S處〔d，0〕垂直于*軸沿y軸正方向射入磁場，粒子恰好從擋板的M點離開右邊的磁場。為了使粒子能運動到坐標(biāo)原點處，可以在第二象限加適宜的電場，不計粒子的重力。求：〔1〕粒子做圓周運動的半徑；〔2〕粒子自S點射出的速度；〔3〕假設(shè)加上與粒子速度方向垂直的勻強電場，求勻強電場的電場強度的大小。2019年省高考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：此題共5小題，每題3分，共計15分．每題只有一個選項符合題意．1．〔3分〕2018年11月16日第26屆國際計量大會通過"修訂國際單位制〞決議，正式更新包括國際標(biāo)準(zhǔn)質(zhì)量單位"千克〞在的四項根本單位定義。假設(shè)以F表示力，a表示加速度，*表示位移，t表示時間，m表示質(zhì)量，借助單位制可知速度v的表達式，以下可能正確的選項是〔〕A．B．C．D．【考點】3A：力學(xué)單位制．【專題】31：定性思想；4C：方程法；511：直線運動規(guī)律專題．【分析】根據(jù)所給公式代入單位，分別看公式左右的單位是否一樣即可判定公式正誤。【解答】解：v單位為m/s，*單位為m，a的單位為m/s2，F(xiàn)的單位是kg?m/s2；A、單位為＝m/s，故等號左右單位一樣，故A正確；B、單位為＝s，故B錯誤；C、t的單位是s，的單位為≠m/s，故C錯誤；D、的單位為＝m，故D錯誤；應(yīng)選：A。【點評】此題考察單位制，對于不熟悉的公式可以通過單位判定公式是否正確。2．〔3分〕如下圖，圖甲、圖乙分別表示兩種電流的波形，其中圖甲所示的電流按正弦規(guī)律變化，以下說確的是〔〕A．圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B．兩種電流變化的頻率相等C．兩種電流的瞬時值表達式都為i＝5.0sin100πtAD．兩種電流的有效值相等【考點】E5：交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系．【專題】31：定性思想；43：推理法；53A：交流電專題．【分析】解此題時應(yīng)該掌握：交流電和直流電的定義，直流電是指電流方向不發(fā)生變化的電流；理解并會求交流電的有效值，，只適用于正余弦交流電；根據(jù)圖象書寫交流電的表達【解答】解：A、由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化，因此都為交流電，故A錯誤；B、甲乙的周期均為0.02s，故頻率一樣，均為50Hz；故B正確；C、根據(jù)ω＝2πf＝100πrad/s，甲電流是正弦式交變電流，所以甲電流的瞬時值表達式為＝5.0sin100πt〔A〕，乙電流不是正弦式交變電流，所以乙電流的瞬時值表達式和甲電流的瞬時值表達式不同，故C錯誤；D、由于對應(yīng)一樣時刻，圖甲電流比圖乙電流大，根據(jù)有效值的定義可知，圖甲有效值要比圖乙有效值大，故D錯誤；應(yīng)選：B。【點評】此題比擬全面的涉及了關(guān)于交流電的物理知識，重點是交流電的描述和對于有效值的理解，難度不大，屬于根底題。3．〔3分〕如下圖，在粗糙的水平地面上放著一左側(cè)截面是半圓的柱狀物體B，在B與豎直墻之間放置一光滑小球A，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用水平力F拉動B緩慢向右移動一小段距離后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，在此過程中，以下判斷正確的選項是〔〕A．小球A對物體B的壓力逐漸增大B．小球A對物體B的壓力逐漸減小C．墻面對小球A的支持力逐漸減小D．墻面對小球A的支持力先增大后減小【考點】2G：力的合成與分解的運用；3C：共點力的平衡．【專題】31：定性思想；49：合成分解法；527：共點力作用下物體平衡專題．【分析】對A球受力分析根據(jù)平衡條件寫出B對A的支持力和墻對A的彈力的表達式，根據(jù)表達式可討論大小的變化。【解答】解：對A球受力分析并建立直角坐標(biāo)系如圖由平衡條件得：豎直方向：Fcosθ＝mg水平方向：N＝Fsinθ聯(lián)立解得：F＝N＝mgtanθB緩慢向右移動一小段距離，A緩慢下落，則θ增大。所以F增大，N增大，由牛頓第三定律知故小球A對物體B的壓力逐漸增大，故A正確BCD錯誤。應(yīng)選：A。【點評】此題考察了物體的平衡條件的應(yīng)用，采用寫出函數(shù)表達式來分析的方法。也可用合成法求解。4．〔3分〕如下圖，真空中兩等量異種點電荷+q、﹣q固定在y軸上。abcd為等腰梯形，ad、bc邊與y軸垂直且被y軸平分。以下說確的是〔〕A．b、c點場強一樣B．a(chǎn)點電勢高于d點電勢C．將質(zhì)子從a點移動到c點，電場力做負功D．將電子從d點移動到b點，電勢能增加【考點】6B：功能關(guān)系；AE：電勢能與電場力做功．【專題】32：定量思想；43：推理法；532：電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)等量異號電荷的電場線得到a、b、c、d四個點的電勢的上下和電場強度的大小；根據(jù)電場力做功情況判斷電勢能的變化情況。【解答】解：A、根據(jù)對稱可知b、c點場強大小一樣，方向不一樣，故A錯誤；B、ad兩點處于等勢面上，故a點電勢等于d點電勢，故B錯誤；C、質(zhì)子帶正電，a點電勢等于d點電勢，d點電勢小于c點電勢，將質(zhì)子從a點移動到c點，電場力做負功，故C正確；D、電子帶負電。b點電勢等于c點電勢，將電子從d點移動到b點，電場力做正功，電勢能減小，故D錯誤；應(yīng)選：C。【點評】此題關(guān)鍵熟悉等量異號電荷的電場線分布情況，然后根據(jù)沿著電場線，電勢降低，以及電場力做的功等于電勢能的減小量去判斷。5．〔3分〕如下圖的光滑斜面長為L，寬為s，傾角為θ＝30°，一小球〔可視為質(zhì)點〕沿斜面右上方頂點A處水平射入，恰好從底端B點離開斜面，重力加速度為g。則以下說確的是〔〕A．小球運動的加速度為gB．小球由A運動到B所用的時間為C．小球由A點水平射入時初速度v0的大小為sD．小球離開B點時速度的大小為【考點】43：平拋運動；45：運動的合成和分解．【專題】31：定性思想；43：推理法；517：運動的合成和分解專題．【分析】小球在光滑斜面有水平初速度，做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律求出物體下滑的加速度；根據(jù)沿斜面向下方向的位移，結(jié)合位移時間公式求出運動的時間；根據(jù)水平位移和時間求出入射的初速度；根據(jù)平行四邊形定則，由分速度合成合速度。【解答】解：A、依據(jù)曲線條件，初速度與合力方向垂直，且合力大小恒定，則物體做勻變速曲線運動，再根據(jù)牛頓第二定律得，物體的加速度為：a＝＝gsinθ＝，故A錯誤；BCD、根據(jù)L＝at2，有：t＝＝＝在B點的平行斜面方向的分速度為：vBy＝at＝gsinθ×＝＝根據(jù)s＝v0t，有：v0＝＝＝s＝s故物塊離開B點時速度的大小：v＝＝，故BC錯誤；D正確；應(yīng)選：D。【點評】解決此題的關(guān)鍵知道小球在水平方向和沿斜面向下方向上的運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運動學(xué)公式靈活求解。二、多項選擇題：此題共4小題，每題4分，共計16分．每題有多個選項符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分．6．〔4分〕2018年12月8日發(fā)射成功的"嫦娥四號〞探測器經(jīng)過約110小時奔月飛行，到達月球附近，成功實施近月制動，順利完成"太空剎車〞，被月球捕獲并順利進入環(huán)月軌道。假設(shè)將發(fā)射過程簡化如下："嫦娥四號〞探測器從地球外表發(fā)射后，進入地月轉(zhuǎn)移軌道，經(jīng)過M點時變軌進入距離月球外表100km的圓形軌道Ⅰ，在軌道Ⅰ上經(jīng)過P點時再次變軌進入橢圓軌道Ⅱ，之后將擇機在Q點著陸月球外表。以下說確的是〔〕A．"嫦娥四號〞探測器在軌道Ⅰ上的運行速度小于月球的第一宇宙速度B．"嫦娥四號〞探測器沿軌道Ⅱ運行時，在P點的加速度大于在Q點的加速度C．"嫦娥四號〞探測器沿軌道Ⅱ運行的周期大于沿軌道Ⅰ運行的周期D．"嫦娥四號〞探測器在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點的動能大于在軌道Ⅰ上經(jīng)過M點的動能【考點】4A：向心力；4F：萬有引力定律及其應(yīng)用．【專題】31：定性思想；43：推理法；528：萬有引力定律的應(yīng)用專題．【分析】月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星貼近月球外表做勻速圓周運動的速度，根據(jù)萬有引力提供向心力，得出線速度與半徑的關(guān)系，即可比擬出衛(wèi)星在軌道I上的運動速度和月球的第一宇宙速度大小。衛(wèi)星在軌道地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點假設(shè)要進入軌道I，需減速。根據(jù)開普勒第三定律比擬在軌道Ⅰ、Ⅱ的周期；探測器從高軌道進入低軌道要減速，做近心運動。【解答】解：A、月球的第一宇宙速度是衛(wèi)星貼近月球外表做勻速圓周運動的速度，"嫦娥四號〞在軌道1上的半徑大于月球半徑，根據(jù)，得線速度v＝，可知"嫦娥四號〞在軌道1上的運動速度比月球的第一宇宙速度小，故A正確；B、根據(jù)牛頓第二定律，得，得"嫦娥四號〞探測器沿軌道Ⅱ運行時，在P點的加速度小于在Q點的加速，故B錯誤；C、根據(jù)開普勒第三定律得衛(wèi)星在軌道II上運動軌道的半長軸比在軌道I上軌道半徑小，所以衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運動周期比在軌道Ⅰ上小，故C錯誤；D、"嫦娥四號〞在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點假設(shè)要進入軌道I，需減速，所以在地月轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過M點的動能比在軌道I上經(jīng)過M點時動能大，故D正確；應(yīng)選：AD。【點評】該題考察萬有引力定律的應(yīng)用，解決此題的關(guān)鍵是理解衛(wèi)星的變軌過程，這類問題也是高考的熱點問題。7．〔4分〕加速器是當(dāng)代科研、醫(yī)療等領(lǐng)域必需的設(shè)備，如下圖為盤旋加速器的原理圖，其核心局部是兩個半徑均為R的中空半圓金屬D形盒，并處于垂直于盒底的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中。現(xiàn)接上電壓為U的高頻交流電源后，狹縫中形成周期性變化的電場，使圓心處的帶電粒子在通過狹縫時都能得到加速。假設(shè)不考慮相對論效應(yīng)、重力和在狹縫中運動的時間，以下說確的是〔〕A．高頻交流電周期是帶電粒子在磁場中運動周期的2倍B．U越大，帶電粒子最終射出D形盒時的速度就越大C．帶電粒子在加速器中能獲得的最大動能只與B、R有關(guān)D．假設(shè)用該盤旋加速器分別加速不同的帶電粒子，可能要調(diào)節(jié)交變電場的頻率【考點】CK：質(zhì)譜儀和盤旋加速器的工作原理．【專題】31：定性思想；43：推理法；537：帶電粒子在復(fù)合場中的運動專題．【分析】帶電粒子在盤旋加速器中，靠電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)，通過帶電粒子在磁場中運動半徑公式得出帶電粒子射出時的速度，看與什么因素有關(guān)。【解答】解：AD、交變電場的周期與帶電粒子運動的周期相等，帶電粒子在勻強磁場中運動的周期T＝，與粒子的速度無關(guān)，所以加速后，交變電場的周期不需改變，不同的帶電粒子，在磁場中運動的周期不等，所以加速不同的帶電粒子，一般要調(diào)節(jié)交變電場的頻率，故A錯誤，D正確。BC、根據(jù)qvB＝m，解得v＝，帶電粒子射出時的動能EK＝mv2＝，與加速的電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強度B的大小，及半徑R有關(guān)，故B錯誤，C正確。應(yīng)選：CD。【點評】解決此題的關(guān)鍵知道盤旋加速器運用電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)來加速帶電粒子，但要注意粒子射出的動能與加速電壓無關(guān)，與磁感應(yīng)強度的大小有關(guān)。8．〔4分〕如下圖，一白熾燈泡的伏安特性曲線如圖2所示，將白熾燈泡連在電路圖1之中，電源的電動勢E＝100V，r+R1＝100Ω，R2＝100Ω．則以下說確的是〔〕A．該燈泡的實際電流0.40AB．該燈泡的實際電壓50VC．該燈泡的實際電阻75ΩD．該燈泡的實際功率20W【考點】B2：歐姆定律；BG：電功、電功率．【專題】32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題．【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律表示出燈泡L兩端的電壓和電流的關(guān)系式，并在畫在I﹣U圖線中，找出交點求解，根據(jù)P＝UI求解功率。【解答】解：ABD、在題圖中的混聯(lián)電路中，設(shè)燈泡L的實際電壓和實際電流分別為U′和I′．在這個閉合電路中，有：E＝U′+〔I′+〕〔R1+r〕代入數(shù)據(jù)并整理得：U′＝50﹣50I′這是一個直線方程，把該直線在題圖上畫出，如下圖：這兩條曲線的交點為：U′＝30V、I′＝0.4A所以燈泡L消耗的功率為：P′＝U′I′＝30×0.4＝12W，故A正確，BD錯誤；C、R實＝＝＝75Ω，故C正確；應(yīng)選：AC。【點評】注意學(xué)會從數(shù)學(xué)函數(shù)的角度分析物理圖象問題，并區(qū)分曲線上*點與原點連線的斜率和曲線的切線的斜率含義的不同。表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線，表示電阻的伏安特性曲線是過原點的曲線，假設(shè)將兩圖象畫在同一坐標(biāo)系中，其交點即表示該電源與該電阻接在了同一個電路中了。9．〔4分〕如下圖，ab是一段長度為2R的粗糙水平面，其中動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右端與一固定在豎直面的S形軌道相切于b點，S形軌道由半徑分別為r和R的兩個光滑圓弧構(gòu)成，且R＝2r。圓弧交接處的距離略大于小球的直徑，忽略小球在進入S形軌道時的能量損失。現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小球受到水平恒力F＝mg的作用，自a處從靜止開場向右運動至b點撤去外力，重力加速度大小為g，不計空氣阻力。則以下說確的是〔〕A．在半徑為R的軌道上，小球處于超重狀態(tài)B．在b點，小球?qū)壍赖膲毫?mgC．當(dāng)水平恒力Fmg時，小球才能到達最高點D．當(dāng)水平恒力Fmg時，小球才能到達最高點【考點】3E：牛頓運動定律的應(yīng)用﹣超重和失重；4A：向心力．【專題】32：定量思想；43：推理法；522：牛頓運動定律綜合專題．【分析】小球做圓周運動，在最高點，合力提供向心力，具有向下的向心加速度；當(dāng)最高點位置的彈力為零時，球的速度最小，根據(jù)牛頓第二定律列式求解最小速度；然后根據(jù)機械能守恒定律列式求解最低點速度。【解答】解：A、在半徑為R的軌道上，球具有向下的向心加速度，故處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B、小球在ab段的加速度a＝＝5m/s2，小球在b點的速度v＝＝，故在b點，小球?qū)壍赖膲毫＝＝5mg，故B正確；CD、考慮恰好能夠到達最高點的臨界情況，在最高點，重力提供向心力，故：mg＝m，從最低點到最高點過程，根據(jù)機械能守恒定律，有：mv2＝mg〔R+r〕+，聯(lián)立解得：v＝，需要的加速度a＝＝＝g，所以需要的水平恒力F＝μmg+ma＝mg，當(dāng)F≥mg時小球才能到達最高點，故C正確，D錯誤；應(yīng)選：BC。【點評】此題關(guān)鍵是明確小球的受力情況和運動情況，能夠結(jié)合向心力公式、牛頓第二定律和機械能守恒定律列式求解，不難三、簡答題：此題分必做題〔第10、11、12題〕和選做題〔第13題〕兩局部，共計42分．請將解答填寫在答題卡相應(yīng)的位置．【必做題】10．〔8分〕*同學(xué)用如下圖的裝置"驗證力的平行四邊形定則〞。在*次實驗中，彈簧測力計的指針位置如下圖。〔1〕本實驗用的彈簧測力計示數(shù)的單位為N，圖中細繩BO對O點的拉力大小為3.6N。〔2〕以下不必要的實驗要BC〔請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母〕。A．彈簧測力計應(yīng)在使用前校零B．用兩個彈簧測力計同時拉細繩時，它們的示數(shù)之差應(yīng)盡可能大C．改變拉力，進展屢次實驗，每次都要使O點靜止在同一位置D．為了驗證力的平行四邊形定則，應(yīng)采用作力的圖示來表示分力與合力〔3〕為了提高實驗的準(zhǔn)確性，減少誤差，請您提出合理的解決方法：〔至少二條〕①選用彈性小且適當(dāng)長的細繩；②橡皮條、細繩和測力計的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近。【考點】M3：驗證力的平行四邊形定則．【專題】32：定量思想；43：推理法；526：平行四邊形法則圖解法專題．【分析】〔1〕根據(jù)彈簧秤指針的指示可讀出拉力的大小；〔2〕對實驗步驟和實驗?zāi)康模私庹麄€實驗過程的具體操作即可解決；〔3〕為了提高實驗的準(zhǔn)確性，減小誤差，實驗中應(yīng)注意的問題是①選用彈性小且適當(dāng)長的細繩；②橡皮條、細繩和測力計的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近等【解答】解：〔1〕彈簧測力計讀數(shù)，每1N被分成5格，則1格就等于0.2N．圖指針落在3N到4N的第3格處，所以3.6N；〔2〕A、彈簧測力計是測出力的大小，所以要準(zhǔn)確必須在測之前校零，故A項需要；B、對彈簧測力計的示數(shù)沒有什么要求，故B不需要；C、O的位置可以變動，只需要保證作用效果一樣即可，故C不需要；D、實驗通過作出三個力的圖示，來驗證"力的平行四邊形定則〞，故D項需要；應(yīng)選：BC。〔3〕①選用彈性小且適當(dāng)長的細繩；②橡皮條、細繩和測力計的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近；故答案為：〔1〕3.6；〔2〕BC；〔3〕①選用彈性小且適當(dāng)長的細繩；②橡皮條、細繩和測力計的軸應(yīng)在同一平面上，且與板面平行貼近；【點評】在"驗證力的平行四邊形定則〞實驗中，我們要知道分力和合力的效果是等同的，這要求同學(xué)們對于根底知識要熟練掌握并能正確應(yīng)用，加強對根底實驗理解。11．〔10分〕*同學(xué)設(shè)計了如圖1所示的電路來測量一未知電阻R*的阻值。該電阻約為200Ω，直流電源的電動勢為9V，阻較小，電阻箱R的規(guī)格為0～999.90Ω．可供選擇的電流表為：A1〔量程500mA，阻約為10Ω〕，A2〔量程100mA，阻約為20Ω〕，A3〔量程50mA，阻約為50Ω〕。〔1〕如圖甲為多用電表的示意圖，現(xiàn)用它粗測R*的阻值，請用圖中所示旋鈕名稱填空并完善測量步驟。將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到"Ω〞擋的×10〔選填"×10〞或"×100〞〕位置，歐姆調(diào)零后再將紅、黑表筆分別與待測電阻兩端相接觸，讀數(shù)如圖乙所示，則R*＝180Ω。〔2〕為了測量準(zhǔn)確，減小誤差，電流表應(yīng)該選用A3〔選填"A1〞、"A2〞或"A3〞〕；〔3〕閉合開關(guān)S1前，將電阻箱R的電阻調(diào)到最大值。先閉合開關(guān)S1，再閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電阻箱的阻值比200Ω稍大，記錄這時電阻箱的示數(shù)R1，電流表的示數(shù)I；再斷開開關(guān)S2，將電阻箱的阻值調(diào)小，使電流表的示數(shù)為I，記錄這時電阻箱的阻值為R2，則被測電阻的阻值R*＝R1﹣R2〔用記錄的數(shù)值字母表示〕。〔4〕假設(shè)實驗中所用電源為舊的干電池，且實驗操作時間較長，導(dǎo)致干電池的阻有所變大，則待測電阻的測量值與真實值相比偏大〔選填"大〞或"小〞〕。【考點】N6：伏安法測電阻．【專題】13：實驗題；31：定性思想；46：實驗分析法；535：恒定電流專題．【分析】〔1〕測電阻時要選擇適宜的擋位，然后進展歐姆調(diào)零，歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)；〔2〕根據(jù)歐姆定律估算最大電流，據(jù)此選擇電流表；〔3〕根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析；〔4〕根據(jù)實驗原理分析實驗誤差。【解答】解：〔1〕用歐姆表測電阻時指針應(yīng)在中央刻度附近比擬準(zhǔn)確，故應(yīng)選"×10〞檔；歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)，即為180Ω；〔2〕根據(jù)歐姆定律可得通過電阻的最大電流約為：，故電流表選A3；〔3〕根據(jù)閉合電路歐姆定律得：S2閉合時有：E＝I〔R1+RA+r〕，S2斷開時有：E＝I〔R*+R2+RA+r〕，聯(lián)立解得：R＝R1﹣R2；〔4〕根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，S2斷開時有：E＝I〔R*+R2+RA+r〕，由于r增大，則R2減小，則R＝R1﹣R2會偏大；故答案為：〔1〕×10、180；〔2〕A3；〔3〕R＝R1﹣R2；〔4〕大。【點評】此題考察了測量電阻的實驗，要注意正確根據(jù)題意明確實驗原理；然后根據(jù)所對應(yīng)的物理規(guī)律分析求解即可。[選修3-5]〔12分〕12．〔4分〕關(guān)于近代物理，以下表達正確的選項是〔〕A．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征B．放射性元素發(fā)生β衰變時所釋放的電子是原子核層電子放射出來的C．核反響的實質(zhì)是粒子對核撞擊而打出新粒子使核變?yōu)樾潞薉．自由核子組成原子核時，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能【考點】J3：玻爾模型和氫原子的能級構(gòu)造；JA：原子核衰變及半衰期、衰變速度；JE：原子核的結(jié)合能．【專題】31：定性思想；43：推理法；54N：原子的能級構(gòu)造專題．【分析】根據(jù)質(zhì)能方程可知，質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能；β衰變產(chǎn)生的電子來自原子核，不是核外電子；玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域。【解答】解：A、在光學(xué)的開展歷程中，玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征，故A正確；B、β衰變是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，故B錯誤；C、核反響的實質(zhì)是粒子對核撞擊而使核變?yōu)樾潞耍⒉灰欢ù虺鲂铝Ｗ樱蔆錯誤；D、自由核子組成原子核時，其質(zhì)量虧損所對應(yīng)的能量等于該原子核的結(jié)合能，故D正確；應(yīng)選：AD。【點評】此題考察玻爾理論的意義，掌握β衰變的實質(zhì)，理解結(jié)合能的含義，及注意核反響的實質(zhì)與質(zhì)量虧損。13．〔4分〕利用圖甲所示電路研究光電效應(yīng)中金屬的遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系。圖中A、K兩極間的電壓大小可調(diào)，直流電源的正負極也可以對調(diào)。*金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應(yīng)，其遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系圖象如圖乙所示，圖中U、v0均，電子電荷量用e表示。則由圖象可求得該金屬的逸出功W0＝hv0，普朗克常量h＝〔用題中字母表示〕。【考點】IE：愛因斯坦光電效應(yīng)方程．【專題】32：定量思想；43：推理法；54I：光電效應(yīng)專題．【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm＝hv﹣W0和eUC＝EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關(guān)系式，從而進展判斷。【解答】解：當(dāng)遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0＝hv0。由Ekm＝hv﹣W0和eUC＝EKm得出：Uc＝則：＝得h＝，故答案為：hv0【點評】對于圖象類問題要據(jù)物理學(xué)知識確定出兩個量之間的函數(shù)表達式結(jié)合數(shù)學(xué)知識分析求解。14．〔4分〕2018年平昌冬奧會上，中國代表隊奪得短道速滑男子5000米接力決賽銀牌。觀察發(fā)現(xiàn)質(zhì)量為m的"接棒〞運發(fā)動甲提前站在"接棒〞運發(fā)動乙前面，并且開場以v0向前滑行，待質(zhì)量也為m的運發(fā)動乙以2v0追上甲時，乙猛推甲一把使得自己速度減為接近零，從而使甲獲得更大速度向前沖出。在乙推甲的過程中忽略運發(fā)動與冰面間在水平方向上的相互作用力。求：①甲獲得多大速度向前沖出；②在乙推甲的過程中甲、乙運發(fā)動的動量變化大小之比。【考點】52：動量定理；53：動量守恒定律．【專題】11：計算題；32：定量思想；4T：尋找守恒量法；52F：動量定理應(yīng)用專題．【分析】①在乙推甲的過程中，忽略運發(fā)動與冰面間在水平方向上的相互作用力，兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒。由動量守恒定律求甲獲得的速度。②根據(jù)動量守恒定律求甲、乙運發(fā)動的動量變化大小之比。【解答】解：①在乙推甲的過程中，兩人組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒。取乙推甲前乙的速度方向為正方向。由動量守恒定律得：mv0+m?2v0＝mv甲。解得：v甲＝3v0②在乙推甲的過程中，兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，則△P＝0即△P甲+△P乙＝0可得|△P甲|：|△P乙|＝1：1答：①甲獲得3v0速度向前沖出；②在乙推甲的過程中甲、乙運發(fā)動的動量變化大小之比為1：1。【點評】此題關(guān)鍵是明確動量守恒的條件：系統(tǒng)的合外力為零，判斷出兩個運發(fā)動系統(tǒng)的總動量守恒。即兩人動量變化量等大、反向。【選做題】此題包括A、B二小題，請選定其中一小題，并在相應(yīng)的答題區(qū)域作答．假設(shè)多做，則按A小題評分．A．[選修3-3]〔12分〕15．〔4分〕以下說法中正確的選項是〔〕A．懸浮在液體中的固體小顆粒越大，布朗運動越明顯B．理想氣體的壓強是由氣體分子間斥力產(chǎn)生的C．由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力D．空氣相對濕度越大，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢【考點】84：布朗運動；86：分子間的相互作用力；9H：相對濕度．【專題】31：定性思想；43：推理法；541：分子運動論專題．【分析】液晶既像液體一樣具有流動性，又跟*些晶體一樣具有光學(xué)性質(zhì)的各向異性；氣體壓強的產(chǎn)生：大量做無規(guī)則熱運動的分子對器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生了氣體的壓強；由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，液體外表存在力。【解答】解：A、懸浮在液體中的固體顆粒越大，碰撞的不平衡性越不明顯，故布朗運動越不明顯；故A錯誤；B、氣體的壓強是大量做無規(guī)則熱運動的分子對器壁頻繁、持續(xù)地碰撞產(chǎn)生，與分子斥力無關(guān)。故B錯誤；C、由于液體外表層分子間距離大于液體局部子間距離，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，則液體外表存在力，故C正確。D、空氣相對濕度越大，空氣中水蒸氣壓強越接近同溫度水的飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢。故D正確；應(yīng)選：CD。【點評】此題考察對熱力學(xué)知識的理解與掌握程度。關(guān)鍵是明確自然界的一切宏觀過程都具有方向性，知道決定氣體壓強大小的因素16．〔4分〕目前城鄉(xiāng)家庭使用的液化天然氣主要成分是甲烷〔CH4〕，常用的液化氣鋼瓶容積為V，充裝標(biāo)準(zhǔn)為最大充裝的85%．液化氣的密度ρ，平均摩爾質(zhì)量M，阿伏加德羅常數(shù)NA，則該瓶裝液化天然氣甲烷分子的總數(shù)N＝，一個甲烷分子的直徑d＝。【考點】82：阿伏加德羅常數(shù)．【專題】32：定量思想；43：推理法；543：阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．【分析】要算甲烷分子的總數(shù)N先算摩爾數(shù)，而甲烷的摩爾數(shù)由體積除以摩爾體積。摩爾體積除以阿伏伽德羅常數(shù)得到一個甲烷分子的體積，即可求解甲烷分子的直徑【解答】解：甲烷的摩爾體積為：Vmol＝甲烷分子數(shù)為：N＝NA×85%＝將甲烷分子看成球形，由＝，解得水分子直徑為：d＝故答案為：，【點評】此題的解題關(guān)鍵是建立物理模型，抓住阿伏加德羅常數(shù)是聯(lián)系宏觀與微觀的橋梁，也可以將甲烷分子看成立方體形。17．〔4分〕一體積為V0的氣泡從深為h的水池底上升到水面，池水溫度保持不變，可將氣泡的氣體視為理想氣體，且氣體質(zhì)量保持不變，大氣壓強為p0，重力加速度為g。求：①氣泡到達水面時的體積；②請判斷氣泡在上升的過程中，氣體吸熱還是放熱？【考點】8F：熱力學(xué)第一定律；99：理想氣體的狀態(tài)方程．【專題】11：計算題；32：定量思想；4C：方程法；548：熱力學(xué)定理專題．【分析】①由玻意耳定律求的體積②水的溫度不變，所以△U等于0，又因為氣體的體積逐漸增大，所以對外做功，W為負值，所以Q為正值，即氣體吸收熱量。【解答】解：①初態(tài)為：，末態(tài)為：，由玻意耳定律得：P1V1＝P2V2解得：②因為水的溫度不變，所以△U等于0，又因為氣體的體積逐漸增大，所以對外做功，W為負值，所以Q為正值，即氣體吸收熱量，對外做功，能不變。答：①氣泡到達水面時的體積為；②請判斷氣泡在上升的過程中，氣體吸熱。【點評】題考察了理想氣體狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，難度中等。B．[選修3-4]〔12分〕18．以下說法中正確的選項是〔〕A．窺鏡是利用光的衍射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備B．雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的折射現(xiàn)象C．自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動的光，且沿各個方向振動的光的強度均一樣D．微波爐是利用微波使食物中的水分子熱運動加劇，溫度升高【考點】G6：電磁波的應(yīng)用；H3：光的折射定律；H6：光導(dǎo)纖維及其應(yīng)用；HB：光的偏振．【專題】31：定性思想；45：歸納法；54D：光的折射專題．【分析】光在光導(dǎo)纖維中的傳輸利用了全反射原理；雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的干預(yù)現(xiàn)象；自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動的光，且沿各個方向振動的光的強度均一樣；微波爐是利用共振原理制成的。【解答】解：A、光線在窺鏡中發(fā)生全反射，故窺鏡是利用光的全反射原理制成的一種醫(yī)療設(shè)備；故A錯誤；B、雨后路面上的油膜呈現(xiàn)彩色，是光的干預(yù)現(xiàn)象；故B錯誤；C、自然光包含著垂直于傳播方向上的沿一切方向振動的光，且沿各個方向振動的光的強度均一樣；故C正確；D、微波爐是利用微波的頻率與食物中的水分子固有頻率一樣，從而使水分子產(chǎn)生共振，使水分子熱運動加劇，溫度升高；故D正確；應(yīng)選：CD。【點評】解決此題的關(guān)鍵要理解并掌握各種光現(xiàn)象形成的原因，要知道：自然光是在垂直于傳播方向的上沿一切方向振動且各個方向振動的光波強度都一樣，而偏振光是垂直于傳播方向的平面上，只沿*個特定方向振動。利用共振知識來理解微波爐的工作原理。19．如下圖，折射率為n＝2的玻璃球半徑為R，O點為球心，現(xiàn)將玻璃球切掉一局部，形成一個球缺，球缺的高度為h＝R，與球缺橫截面積一樣的均勻光柱垂直于界面射入球缺。則該光在玻璃球缺里發(fā)生全反射的臨界角C＝30°。光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積S＝R2。【考點】H3：光的折射定律．【專題】34：比擬思想；4N：臨界法；54D：光的折射專題．【分析】根據(jù)全反射臨界角公式sinC＝求全反射的臨界角C．光線在透光局部的邊界恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角，作出光路圖，由幾何知識求出透出的光柱的截面積。【解答】解：由全反射臨界角公式sinC＝得：sinC＝得：C＝30°光線在透光局部的邊界恰好發(fā)生全反射，入射角等于臨界角C，如下圖。由幾何關(guān)系得：R2＝RsinC＝R所以光第一次能從球缺上方的界面射出的光柱的截面積為：S＝πR22＝R2。故答案為：30°，R2。【點評】此題的關(guān)鍵是要掌握全反射現(xiàn)象及其產(chǎn)生條件，作出邊界光路，靈活運用幾何知識幫助解答。20．如下圖為一列沿*軸正方向傳播的簡諧橫波在t1＝0時刻的波形圖。a質(zhì)點的坐標(biāo)為〔3，0〕，t2＝0.3s時，a處質(zhì)點第一次出現(xiàn)在波峰位置。求：①這列波的傳播速度；②這列波的周期。【考點】F4：橫波的圖象．【專題】11：計算題；34：比擬思想；4B：圖析法；51D：振動圖像與波動圖像專題．【分析】①當(dāng)圖中波峰傳到a點時，a處質(zhì)點第一次出現(xiàn)在波峰位置。由v＝求這列波的傳播速度；②讀出波長，由波速公式v＝求這列波的周期。【解答】解：①當(dāng)圖中波峰傳到a點時，a處質(zhì)點第一次出現(xiàn)在波峰位置。波在△t＝t2﹣t1＝0.3s傳播的距離△*＝6m則這列波的傳播速度v＝＝＝20m/s②該波的波長為λ＝4m由波速公式v＝得T＝＝＝0.2s答：①這列波的傳播速度是20m/s；②這列波的周期是0.2s。【點評】此題的關(guān)鍵采用波形的平移法確定a質(zhì)點第一次形成波峰時波傳播的距離，從而求得波速。也可以根據(jù)波的形成過程分析：振動從*＝2m處傳到a點。a點再經(jīng)過第一次形成波峰來求周期，再求波速。四、計算題：此題共3小題，共計47分．解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．21．〔15分〕2017年1月12號凌晨，號航母奔赴南海執(zhí)行跨海區(qū)域訓(xùn)練和試驗。號航母在經(jīng)過海峽時可視為勻速行駛。〔1〕假設(shè)號航母裝有四臺輸入功率為P的蒸汽輪發(fā)動機，在海面上行駛時受到的阻力為f，蒸汽輪發(fā)動機的機械效率為η，求號航母的最大速度vm。〔2〕在航母上采用電磁彈射技術(shù)，將大大縮短起飛距離。假設(shè)在電磁彈射裝置與飛機發(fā)動機同時工作情況下可使起飛距離縮短為*，飛機質(zhì)量為m，起飛速度為v1，飛機的牽引力為F1，受到的平均阻力是重力的k倍，求電磁彈射裝置對飛機做的功W電。〔3〕假設(shè)在飛機甲板上加裝阻攔索，飛機著艦并成功鉤住阻攔索后，立即關(guān)閉動力系統(tǒng)。阻攔系統(tǒng)通過阻攔索施加一作用力，使飛機在甲板上短距離滑行后停頓。飛機關(guān)閉動力系統(tǒng)時的速度為v2，滑行時所受總阻力為f1，從著艦到停頓需要的滑行距離為L，求阻攔系統(tǒng)對飛機做的功W阻。【考點】37：牛頓第二定律；65：動能定理．【專題】11：計算題；32：定量思想；43：推理法；52D：動能定理的應(yīng)用專題．【分析】〔1〕當(dāng)牽引力和阻力相等時速度最大，根據(jù)功率的公式可求得最大速度；〔2〕起飛過程由動能定理可求得