2021年云南省曲靖市會澤縣梨園鄉中學高三物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.在光滑水平面上放著緊靠在一起的AB兩物體，B的質量是A的2倍，B受到向右的恒力FB=2N，A受到的水平力FA=(9-2t)N，(t的單位是s)。從t＝0開始計時，則

A．A物體在2s末時刻的加速度是初始時刻的倍B．t＞４s后，B物體做勻加速直線運動C．t＝4.5s時，A物體的速度為零D．t＞4.5s后，AB的加速度方向相反參考答案：BD解析：對于A、B整體據牛頓第二定律有：FA+FB=(mA+mB)a，設A、B間的作用為N，則對B據牛頓第二定律可得：N+FB=mBa解得當t=4s時N=0，A、B兩物體開始分離，此后B做勻加速直線運動，而A做加速度逐漸減小的加速運動，當t=4.5s時A物體的加速度為零而速度不為零。t＞4.5s后，A所受合外力反向，即A、B的加速度方向相反。當t<４s時，A、B的加速度均為。綜上所述，選項BD正確。2.兩長方體物塊A、B的質量均為m，疊放在一個豎直立著的彈簧上，如圖所示，彈簧的勁度系數為k，彈簧的質量不計.今用一豎直向下的力F緩慢壓物塊A，彈簧在F作用下又縮短了△L（仍在彈性限度內）使A、B再次處于靜止狀態，突然撤去F瞬時A對B的壓力大小為（

）A．

B．k△L

/2

C．

D．mg參考答案：A3.在電磁學發展過程中，許多科學家做出了貢獻。下列說法正確的是A．奧斯特發現了電流磁效應；法拉第發現了電磁感應現象B．麥克斯韋預言了電磁波；楞次用實驗證實了電磁波的存在C．庫侖發現了點電荷的相互作用規律：密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數值D．安培發現了磁場對運動電荷的作用規律：洛侖茲發現了磁場對電流的作用規律參考答案：AC選項B錯誤，赫茲用實驗證實了電磁波的存在。選項D錯誤，洛侖茲發現了磁場對運動電荷的作用規律，安培發現了磁場對電流的作用規律4.在研究平拋運動的實驗中，某同學只在豎直板面上記下了重垂線Y的方向，但忘了記下平拋的初位置，在坐標紙上描出了一段曲線的軌跡，如圖所示，現在曲線上取A、B兩點，量出它們到y軸的距離，AA’=xl，BB’=x2，以及AB的豎直距離h，用這些可以求得小球平拋時初速度為

參考答案：A5.(單選)關于慣性，下列說法正確的是A．推動靜止的物體比推動運動的同一物體所需的力大，所以物體靜止時慣性大B．正在行駛的兩輛汽車，質量大的不易停下來，所以質量大的物體慣性大C．正在行駛的兩輛汽車，行駛快的不易停下來，所以速度大的物體慣性大D．自由下落的物體處于完全失重狀態，物體的慣性消失參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，同一平面內有兩根互相平行的長直導線1和2，通有大小相等、方向相反的電流，a、b兩點與兩導線共面，a點在兩導線的中間與兩導線的距離均為r，b點在導線2右側，與導線2的距離也為r。現測得a點磁感應強度的大小為B，則去掉導線1后，b點的磁感應強度大小為

，方向

。參考答案：答案：，垂直兩導線所在平面向外解析：根據安培定則可知，1、2兩導線在a點的磁感應強度大小相等，方向相同，都為。而2導線在a、b兩處的磁感應強度等大反向，故去掉導線1后，b點的磁感應強度大小為，方向垂直兩導線所在平面向外。7.（5分）某學生在做“研究平拋運動的實驗”中，忘記小球做平拋運動的起點位置，他只得到如圖所示的一段軌跡，建立如圖所示坐標系，則該物體做平拋運動的初速度為

。()

參考答案：解析：從點開始，物體沿豎直方向依在連續相等的時間內的位移分別為，，則由公差公式計算出,再根據水平方向的位移，解得。8.如圖所示，輕繩一端系在質量為m的物體A上，另一端與套在粗糙豎直桿MN上的輕圓環B相連接．現用水平力F拉住繩子上一點O，使物體A及圓環B靜止在圖中虛線所在的位置．現稍微增加力F使O點緩慢地移到實線所示的位置，這一過程中圓環B仍保持在原來位置不動．則此過程中，圓環對桿摩擦力F1___

_____(填增大、不變、減小)，圓環對桿的彈力F2___

_____(填增大、不變、減小)。參考答案：.F1保持不變，F2逐漸增大9.如下左圖所示，質量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，∠ABC=α．AB邊靠在豎直墻面上，F是垂直于斜面BC的推力．現物塊靜止不動，則摩擦力的大小為

參考答案：10.質量為的小球在距地面高為處以某一初速度水平拋出，落地時速度方向與水平方向之間的夾角為。則小球落地時速度大小為

，小球落地時重力的功率為

。（不計空氣阻力，重力加速度）參考答案：5

(2分)

40

(2分)（1）由平拋運動的規律可得，下落時間，落地瞬間豎直方向的分速度，落地時的實際速度，落地時重力的功率為，代入題給數據即可得答案。11.在使兩個分子間的距離由很遠(r＞10-9m)變到很難再靠近的過程中,分子間的作用力的大小將(

)

(A)先減小后增大

(B)先增大后減小(C)先增大后減小再增大

(D)先減小后增大再減小參考答案：C12.如圖為“用DIS（位移傳感器、數據采集器、計算機）研究加速度和力的關系”的實驗裝置。（1）在該實驗中必須采用控制變量法，應保持___________不變，用鉤碼所受的重力作為___________，用DIS測小車的加速度。（2）改變所掛鉤碼的數量，多次重復測量。在某次實驗中根據測得的多組數據可畫出a-F關系圖線（如圖所示）。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是（

）A．小車與軌道之間存在摩擦

B.導軌保持了水平狀態C．所掛鉤碼的總質量太大

D.所用小車的質量太大參考答案：（1）小車的總質量，小車所受外（2）C13.兩名日本學者和一名美籍日本科學家10月７日分享了2008年諾貝爾物理學獎。３名物理學家分別通過數學模型“預言”了量子世界自發性對稱破缺現象的存在機制和根源。這一模型融合了所有物質最微小的組成部分，使４種基本相互作用中的３種在同一理論中得到解釋。這里所述的4種基本相互作用是指萬有引力、

▲、強相互作用、

▲。參考答案：電磁相互作用，

弱相互作用

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）小明在有關媒體上看到了由于出氣孔堵塞，致使高壓鍋爆炸的報道后，給廠家提出了一個增加易熔片（熔點較低的合金材料）的改進建議。現在生產的高壓鍋已普遍增加了含有易熔片的出氣孔（如圖所示），試說明小明建議的物理道理。參考答案：高壓鍋一旦安全閥失效，鍋內氣壓過大，鍋內溫度也隨之升高，當溫度達到易熔片的熔點時，再繼續加熱易熔片就會熔化，鍋內氣體便從放氣孔噴出，使鍋內氣壓減小，從而防止爆炸事故發生。15.如圖，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內有卡口a和b，a、b間距為h，a距缸底的高度為H；活塞只能在a、b間移動，其下方密封有一定質量的理想氣體。已知活塞質量為m，面積為S，厚度可忽略；活塞和汽缸壁均絕熱，不計他們之間的摩擦。開始時活塞處于靜止狀態，上、下方氣體壓強均為p0，溫度均為T0。現用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達b處。求此時氣缸內氣體的溫度以及在此過程中氣體對外所做的功。重力加速度大小為g。參考答案：試題分析：由于活塞處于平衡狀態所以可以利用活塞處于平衡狀態，求封閉氣體的壓強，然后找到不同狀態下氣體參量，計算溫度或者體積。開始時活塞位于a處，加熱后，汽缸中的氣體先經歷等容過程，直至活塞開始運動。設此時汽缸中氣體的溫度為T1，壓強為p1，根據查理定律有①根據力的平衡條件有②聯立①②式可得③此后，汽缸中的氣體經歷等壓過程，直至活塞剛好到達b處，設此時汽缸中氣體的溫度為T2；活塞位于a處和b處時氣體的體積分別為V1和V2。根據蓋—呂薩克定律有④式中V1=SH⑤V2=S（H+h）⑥聯立③④⑤⑥式解得⑦從開始加熱到活塞到達b處的過程中，汽缸中的氣體對外做的功為⑧故本題答案是：點睛：本題的關鍵是找到不同狀態下的氣體參量，再利用氣態方程求解即可。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖1所示，氣缸放置在水平平臺上，活塞質量為10kg，橫截面積50cm2，厚度1cm，氣缸全長21cm，氣缸質量20kg，大氣壓強為1×105Pa，當溫度為7℃時，活塞封閉的氣柱長10cm，若將氣缸倒過來放置時，活塞下方的空氣能通過平臺上的缺口與大氣相通．g取10m/s2，封閉的氣體可視為理想氣體，在轉動過程中沒有發生漏氣．求：①若氣柱溫度不變，氣柱達到新的平衡時的長度；②緩慢升高氣柱的溫度，當活塞剛好接觸平臺時氣柱的溫度．參考答案：①15cm

②1000C17.如圖所示是一透明的圓柱體的橫截面,其半徑R=20cm,折射率為,AB是一條直徑,今有一束平行光沿AB方向射向圓柱體.試求:ks5uks5u(1)光在圓柱體中的傳播速度.(2)距離直線AB多遠的入射光線,折射后恰經過B點.

參考答案：

解：①光在圓柱體中的傳播速度（2分）ks5u

②設光線PC經折射后經過B點，光路圖如圖所示,由折射定律有：（3分）又由幾何關系有：

解得：

（2分）ks5u光線PC離直線AB的距離CD=Rsinα＝10cm（2分）則距離直線AB10cm的入射光線經折射后能到達B點.18.如圖所示，ABCD為固定在豎直平面內的絕緣軌道，AB段水平且光滑，BC段為圓心角θ=37°的光滑圓弧，圓弧半徑r=2.0m，CD段為足夠長的粗糙傾斜直軌，各段軌道均平滑連接．質量m=2.0×l0﹣2kg、可視為質點的小球被彈簧槍發射后，沿水平軌道向左滑行．（1）若小球向左運動到B點的速度vB=0.2m/s，則經過多少時間小球第二次達到B點？（2）若B點左側區域存在豎直向下的勻強電場，使小球帶q=+1.0×10﹣6C的電量，彈簧槍對小球做功W=0.36J，到達C點的速度vC=2m/s，則勻強電場的大小為多少？（3）上問中，若小球與CD間的動摩擦因數μ=0.5，運動到CD段的最高點時，電場突然改為豎直向上但大小不變，小球第一次返回到C點的速度大小為多少？（取sin37°=0.6，cos37°=0.8）參考答案：（1）若小球向左運動到B點的速度vB=0.2m/s，則經過1.4s小球第二次達到B點．（2）若B點左側區域存在豎直向下的勻強電場，使小球帶q=+1.0×10﹣6C的電量，彈簧槍對小球做功W=0.36J，到達C點的速度vC=2m/s，則勻強電場的大小為1.0×l05N/C．（3）上問中，若小球與CD間的動摩擦因數μ=0.5，運動到CD段的最高點時，電場突然改為豎直向上但大小不變，小球第一次返回到C點的速度大小為1.265m/s．：解：（1）由于vB較小，上升高度很小，沿BC向上運動的路程遠小于半徑r，故小球在BC上做類似單擺的運動，周期為：．再次返回到B點的時間為半個周期：=1.4s

（2）小球到達C點之前的過程中，動能定理：W﹣mg（r﹣rcosθ）﹣qE（r﹣rcosθ）=，解得：E=1.0×l05N/C．

（3）設從C點到達最高點前小球滑行的距離為s，動能定理：﹣mgssinθ﹣qEssinθ﹣μ（mg+qE）cosθ=，解得：s=0.8m．

從最高點返回到C點過程中，動能定理：mgssinθ﹣qEssinθ﹣μ（mg﹣qE）cosθ=，解得：v'C=m/s=1.265m/s．

答：（1）若小球向左運動到B點