2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一列橫波在某一時刻的波形圖如圖所示，已知波向左傳播，則下列敘述正確的是（）A．經過一定時間，E點將運動到C點處B．M點和P點的振動情況相同C．P點比M點先到達最低位置D．B、D兩點的加速度相同2、一質點做勻速直線運動，現對其施加一恒力，且原來作用在質點上的力不發生改變，則A．質點一定做勻變速直線運動B．質點單位時間內速度的變化量相同C．質點可能做圓周運動D．質點速度的方向總是與該恒力的方向相同3、如圖所示，一長木板放置在水平地面上，一根輕彈簧右端固定在長木板上，左端連接一個質量為m的小物塊，小物塊可以在木板上無摩擦滑動．現在用手固定長木板，把小物塊向左移動，彈簧的形變量為x1；然后，同時釋放小物塊和木板，木板在水平地面上滑動，小物塊在木板上滑動；經過一段時間后，長木板達到靜止狀態，小物塊在長木板上繼續往復運動．長木板靜止后，彈簧的最大形變量為x2.已知地面對長木板的滑動摩擦力大小為Ff.當彈簧的形變量為x時，彈性勢能Ep＝kx2，式中k為彈簧的勁度系數．由上述信息可以判斷()A．整個過程中小物塊的速度可以達到B．整個過程中木板在地面上運動的路程為C．長木板靜止后，木板所受的靜摩擦力的大小不變D．若將長木板改放在光滑地面上，重復上述操作，則運動過程中物塊和木板的速度方向可能相同4、如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u=Umsinωt，副線圈電路中R0為定值電阻，R是滑動變阻器，和是理想交流電壓表，示數分別用U1和U2表示：和是理想交流電流表示數分別用I1和I2表示下列說法正確的是A．Il和I2表示電流的瞬時值B．U1和U2表示電壓的最大值C．滑片P向下滑動過程中，U2不變、I1變大D．滑片P向下滑動過程中，U2變大、I1變大5、如圖所示，一沙袋用無彈性輕細繩懸于O點．開始時沙袋處于靜止，此后彈丸以水平速度擊中沙袋后均未穿出．第一次彈丸的速度為v1，打入沙袋后二者共同擺動的最大擺角為30°.當他們第1次返回圖示位置時，第2粒彈丸以水平速度v2又擊中沙袋，使沙袋向右擺動且最大擺角仍為30°.若彈丸質量是沙袋質量的140倍，則以下結論中正確的是A．v1:v2＝41:42B．v1:v2＝41:83C．v2＝v1D．v1:v2＝42:416、閉合電路中產生的感應電動勢的大小，取決于穿過該回路的（）A．磁通量B．磁通量的變化量C．磁通量的變化率D．磁場的強弱二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于下列四幅圖的說法正確的是（）A．甲圖中，若此時電路中電流方向為逆時針，則是電場能在轉化為磁場能B．乙圖中，要實現光纖通訊，則要求外套的折射率大于內芯的折射率C．丙圖是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，該實驗能說明粒子具有波動性D．丁圖中的調制方法叫做調幅8、如圖甲表示某金屬絲的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況．把這段金屬絲與電池、電流表串聯起來(圖乙)，用這段金屬絲做測溫探頭，把電流表的電流刻度改為相應的溫度刻度，于是就得到一個最簡單的電阻溫度計．如果電池的電動勢和內阻都是不變的．下列說法正確的是A．點應該標在電流值比較大的刻度上B．點應該標在電流值比較大的刻度上C．電阻溫度計的溫度刻度是均勻的D．電阻溫度計的溫度刻度是不均勻的9、下列關于原子和原子核的說法正確的是()A．盧瑟福通過對α粒子散射實驗結果的分析，提出了原子核是由質子和中子組成的B．92238U衰變為91234Pa要經過1次αC．β射線是原子核外電子掙脫原子核的束縛后而形成的電子流D．質子與中子結合成氘核的過程中發生質量虧損并釋放能量10、如圖甲，交流發電機與一理想變壓器連接，給“220V，1100W”的電飯煲和“220V，220W”的抽油煙機正常供電．交流發電機的兩磁極間視為勻強磁場內阻不計的線圈繞垂直于勻強磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動，從中性面開始計時，產生的電動勢如圖乙所示．所有導線的電阻均不計，交流電流表是理想電表．下列說法正確的是（）A．變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為L=1100sinl00πt(V)B．正常工作時，電飯鍋和抽煙機的發熱功率之比為5︰1C．t=0時刻，穿過發電機線圈的磁通量和A表的示數均為零D．電飯鍋和抽油煙機同時正常工作時，A表示數為1.2A三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，某同學用圖裝置做驗證動量守恒定律的實驗．先將a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復10次；再把同樣大小的b球放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．(1)本實驗必須測量的物理量有________．A．斜槽軌道末端到水平地面的高度HB．小球a、b的質量ma、mbC．小球a、b的半徑rD．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間tE.記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OCF.a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h(2)小球a、b的質量ma、mb應該滿足的關系是________．(3)讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，下列說法正確的是________．A．兩小球碰后到落地在空中運動時間相同B．為保證實驗成功，斜槽軌道應盡量光滑C．兩小球碰后，小球a的落地點是圖中水平面上的A點D．兩小球碰后，小球b的落地點是圖中水平面上B點(4)按照本實驗方法，驗證動量守恒的驗證式是________________．12．（12分）某興趣小組在對2B鉛筆芯的導電性能進行測量時，先用萬用表粗測其阻值為15Ω，可供選擇的實驗器材有：電壓表V(0-6V，內阻約為10KΩ)電流表A1(0-100mA，內阻約為5Ω)電流表A2(0-500mA，內阻約0.5Ω)滑動變阻器R1(0-20Ω)滑動變阻器R2(0-1KΩ)直流電源E=10V，導線開關若干(1)在上述器材中電流表應選擇___________，滑動變阻器應選擇___________。(2)根據實驗原理、實驗目的，使實驗誤差盡量小而選擇實驗電路請在圖中用筆劃線代替導線，把實驗儀器連接成完整電路___________。(3)若鉛筆芯長為L，直徑為D，電壓表讀數為U，電流表讀數為I，則鉛筆芯的電阻率表達式為___________。(用題中給定字母表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一列簡諧橫波，某時刻的波形圖像如圖甲所示，從該時刻開始計時，波上A質點的振動圖像如圖乙所示，則：（1）若此波遇到另一列簡諧橫波并發生穩定干涉，則該波所遇到的波的頻率為多少？（2）若t=0時振動剛剛傳到A點，從該時刻起再經多長時間橫坐標為60m的質點（未畫出）第二次位于波谷？14．（16分）如圖所示，高度相同的左右兩個氣缸下端有細管（容積可忽略）連通，左氣缸頂部有一閥門K,右氣缸頂部始終與大氣相通，兩氣缸中各有一可自由滑動的活塞（厚度可忽略）。已知左氣缸的容積為V、橫截面積為S,左氣缸內活塞質量為m，右氣缸橫截面積為2S。初始時，閥門打開，兩個活塞都在氣缸的正中間。關閉K,通過K給氣缸充氣，使左側氣缸活塞上方氣體的壓強達到大氣壓p0的2倍后關閉K。已知室溫為27°C,外界大氣壓為P0,，氣缸導熱。（1）右側氣缸內活塞的質量；（2）穩定后兩個活塞的高度差；（3）再緩慢加熱汽缸內氣體使其溫度升高120°C,求此時兩個活塞的高度差。15．（12分）如圖，開口朝下的圓筒形氣缸豎直懸掛，處于靜止狀態，氣缸內用橫截面積為S的薄活塞封閉著溫度為27°C的某種理想氣體，活塞可在氣缸內上下無摩擦滑動。通過電熱絲可以對氣體緩慢加熱，使活塞緩慢向下移動。當氣體溫度升高至127°℃時，活塞剛好移到氣缸口。已知大氣壓強為p0，重力加速度為g。(i)求27C時氣缸內氣體體積V1與氣缸容積V2的比值；(ii)如果不加熱氣體，而在活塞下懸掛一個沙盤，緩慢地往沙盤里添加沙，當沙與沙盤總質量為m時，活塞也剛好移到氣缸口，此過程中，氣體溫度保持不變。求活塞的質量m0。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A、波傳播質點不會隨著遷移，故A錯誤；B、M點和P點只是目前偏離平衡位置的距離一致，他們間距不是波長的整數倍，振動情況不一樣，故B錯誤；C、波向左傳播，因此P點運動方向為y軸負方向，M點運動方向為y軸正方向，故P點比M點先到最低位置，故C正確；D、回復力始終指向平衡位置，B、D兩點的加速度大小相等方向相反，故D錯誤；2、B【解析】

正確理解和應用牛頓第二定律解決力與運動的關系，明確物體做曲線運動的條件，明確勻速圓周運動所受外力特點；【詳解】A、若所施加的外力方向與物體運動方向在同一直線上，則物體做勻變速直線運動，但如果力與初速度不在同一直線上，則物體做曲線運動，故A錯誤；

B、質點的加速度恒定，根據加速度定義式可知速度的變化量在單位時間內是相同的，故B正確；

C、勻速圓周運動所受外力為變力，始終指向圓心，由于所施加的是恒力，則物體受到的合力為恒力，因此不可能做勻速圓周運動，故C錯誤；D、由牛頓第二定律可知，質點加速度的方向總是與該恒力的方向相同，但是速度方向不一定與恒力的方向相同，故D錯誤。【點睛】本題考查了物體做曲線運動的條件以及牛頓第二定律等基礎知識的應用，要注意明確恒力作用下物體可以做曲線運動，但不可能做勻速圓周運動。3、B【解析】

A、整個過程根據動能定理得：，所以速度不能達到；故A錯誤．B、當木板靜止時，小物塊在長木板上繼續往復運動時，只有彈簧彈力做功，系統機械能守恒，所以當木板剛靜止時，系統具有的機械能為，從開始到木板剛靜止的過程中，根據能量守恒得：，解得：；故B正確．C、長木板靜止后，對木板進行受力分析，水平方向受地面的靜摩擦力和彈簧彈力，彈簧彈力隨木塊的運動而發生改變，所以木板受的靜摩擦力也發生改變；故C錯誤．D、若將長木板改放在光滑地面上，系統所受合外力為零，動量守恒，則運動過程中物塊和木板的速度方向肯定相反；故D錯誤．故選B．【點睛】本題涉及到彈簧，功、機械能守恒的條件、動量守恒登陸等較多知識．題目情景比較復雜，全面考查考生理解、分析、解決問題的能力．4、C【解析】

AB.在交流電中電壓表和電流表顯示的都是有效值，故AB錯誤；CD.滑片P向下端滑動過程中，電阻減小，變壓器輸出電壓由輸入電壓和匝數比決定，則次級電壓不變即U2不變，則I2變大，則輸出功率變大，輸入功率變大，由P1=U1I1知I1變大，故C正確，D錯誤；5、B【解析】

設子彈的質量為m，沙袋質量為M=40m，取向右方向為正，第一次射入過程，根據動量守恒定律得：mv1=41mv根據系統沙袋又返回時速度大小仍為v，但方向向左，第2粒彈丸以水平速度v2擊中沙袋過程：根據動量守恒定律mv2?41mv=42mv′子彈打入沙袋后二者共同擺動的過程中，設細繩長為L，由機械能守恒得(M+m)gL(1?cos30°)=12(M+m)v得v=2gL(1-可見v與系統的質量無關，故兩次最大擺角均為30°，故v′=v故v1：v2=41：83，故ACD錯誤，B正確。故選：B【點睛】子彈射入沙袋過程，由于內力遠大于外力，系統的動量守恒．子彈打入沙袋后二者共同擺動的過程機械能守恒，當他們第1次返回圖示位置時，速度大小等于子彈射入沙袋后瞬間的速度，根據動量守恒定律求解．6、C【解析】試題分析：由法拉第電磁感應定律可知選項C正確；故選C考點：考查法拉第電磁感應定律點評：本題難度較小，熟記法拉第電磁感應定律內容，理解感應電動勢只與磁通量的變化率有關，與磁通量、磁通量的變化量都沒有關系二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．甲圖中，若此時電路中電流方向為逆時針，則有電容器處于放電狀態，則是電場能在轉化為磁場能，故A正確；B．發生全反射的條件是光由光密介質射入光疏介質，所以內芯的折射率大．且光在內芯與外套的界面上發生全反射，故B錯誤；C．丙圖是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，該實驗現象說明實物粒子也具有波動性，故C正確；D．調制共有兩種方式：一是調幅，即通過改變電磁波的振幅來實現信號加載；另一是調頻，即通過改變頻率來實現信號加載電磁波，而丁圖中的調制方法叫做調頻，故D錯誤．8、AD【解析】

A、由甲圖可知，t1點對應的電阻阻值較小，由閉合電路歐姆定律知對應電路中的電流較大小，故A正確；

B、同理，t2點應該標在電流值比較小的刻度上，故B錯誤；

CD、由圖甲得R=R0+kt，根據閉合電路的歐姆定律：，聯立解得：，可知t與I不是一次線性關系，電流表的刻度是均勻的，所以電阻溫度計的刻度是不均勻的，故C錯誤，D正確。故選AD.9、BD【解析】

A.盧瑟福的α粒子散射實驗揭示了原子的核式結構，并不是提出了原子核是由質子和中子組成的，故A錯誤；B.經過1次α衰變和1次β衰變后，則質量數減小4，而中子減小1，因此92238U（鈾）衰變為91234Pa（鏷）要經過1次α衰變和1C.β衰變中產生的β射線實際上是原子核內的中子轉化為質子同時釋放一個電子，故C錯誤；D.中子與質子結合成氘核的過程中能釋放能量，故D正確；10、AD【解析】

A、由圖乙可知，該發電機產生的交流電的周期為0.02s，則圓頻率為：，發電機的最大值為，所以其瞬時表達式為：，,即原線圈兩端的電壓瞬時表達式為：，故A正確；B、抽油煙機消耗的電能大部分轉化為機械能，所以電飯鍋的發熱功率大于抽煙機發熱功率的5倍，故B錯誤；CD、變壓器的輸出功率為1100W+220W=1320W，所以變壓器的輸入功率也是1320W，發電機電壓的有效值：，所以電流表的讀數：，故D正確；C、t=0時刻，變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值e=0，穿過發電機線圈的磁通量最大，電流表的示數為有效值，故電流表的讀數為1.2A，故C錯誤；故選AD．【點睛】由題圖乙可知交流電電流的最大值、周期，電流表的示數為有效值，感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BEAC【解析】

（1）要驗證動量守恒，就需要知道碰撞前后的動量，所以要測量兩個小球的質量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平拋運動，速度可以用水平位移代替．所以需要測量的量為：小球a、b的質量ma、mb，記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC；故選BE．

（2）在小球碰撞過程中水平方向動量守恒，故有

在碰撞過程中動能守恒，故有mav02=mav12+mbv22

解得v1=v0

要碰后a的速度v1＞0，即ma-mb＞0，ma＞mb

（3）兩小球碰后做平拋運動，豎直高度相同，則落地在空中運動時間相同，選項A正確；斜槽軌道是否光滑，對實驗無影響，只要到達底端的速度相等即可，選項B錯誤；兩小球碰后，小球a的落地點是圖中水平面上的A點，選項C正確；兩小球碰后，小球b的落地點是圖中水平面上C點，選項D錯誤；故選AC.（4）設落地時間為t，B為碰前入射小球落點的位置，A為碰后入射小球的位置，C為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1＝；碰撞后入射小球的速度v2＝；碰撞后被碰小球的速度v3＝；若則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，代入數據得：．【點睛】驗證動量守恒定律中，學會在相同高度下，水平射程來間接測出速度的方法，掌握兩球平拋的水平射程和水平速度之間的關系，是解決本題的關鍵．12、A2R1電路圖見解析.【解析】

第一空.電路中可能達到的最大電流為，可知電流表選擇A2；第二空.滑動變阻器要接成分壓電路，則選擇阻值較小的R1；第三空.因電壓表的內阻遠大于待測