2022-2023學年福建省安溪八中高一物理第二學期期中復習檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、甲、乙兩個物體沿同一方向做直線運動，其v-t圖象如圖所示。關于兩車的運動情況，下列說法正確的是（）A．在2s～B．前2秒甲乙路程一樣大C．甲在2秒末運動方向發生變化D．前2秒甲一直比乙快2、如圖所示，質量為m的小球置于正方體的光滑盒子中，盒子的邊長略大于球的直徑．某同學拿著該盒子在豎直平面內做半徑為R的勻速圓周運動，已知重力加速度為g，空氣阻力不計，要使在最高點時盒子與小球之間恰好無作用力，則A．該盒子做勻速圓周運動的周期一定小于2πB．該盒子做勻速圓周運動的周期一定等于2πC．盒子在最低點時盒子與小球之間的作用力大小可能小于2mgD．盒子在最低點時盒子與小球之間的作用力大小可能大于2mg3、在寬度為d的河中，水流速度為v0，船在靜水中速度為v1，現讓該船速垂直河岸渡河，則該船（）A．渡河速度大小為v0+v1B．渡河位移為dC．渡河時間為dv0D．4、如圖所示，帶電荷量之比為qA∶qB＝1∶3的帶電粒子A、B以相等的速度v0從同一點出發，沿著跟電場強度垂直的方向射入平行板電容器中，分別打在C、D點，若OC＝CD，忽略粒子重力的影響，則()A．A和B在電場中運動的時間之比為1∶2B．A和B運動的加速度大小之比為2∶1C．A和B的質量之比為1∶1D．A和B的位移大小之比為1∶15、下列物理量數值前的負號表示方向的是（）A．氣體的溫度 B．物體的位移C．物體質量變化量 D．阻力做功6、在F1方程式賽車中，經常出現彎道超車的現象．如果某賽車在順時針加速超越前車，則該車所受的合外力的示意圖可能為圖中的()A．B．C．D．7、在真空中的光滑水平絕緣面上有一帶電小滑塊，開始時滑塊處于靜止狀態。若在滑塊所在空間加一水平勻強電場E1，持續一段時間t后立即換成與E1相反方向的勻強電場E2。當電場E2持續2t時間時，滑塊恰好回到初始位置，且具有動能Ek。在上述過程中，E1對滑塊的電場力做功為W1，E2對滑塊的電場力做功為W2，則下列說法中正確的是（）A．E2=1.25E1 B．E2=2E1C．W1=，W2= D．W1=0.20Ek，W2=0.40Ek8、已知船速v船>v水，欲橫渡寬為d的河流，下列說法正確的是（）A．船頭垂直河岸向彼岸航行時，橫渡時間最短B．船頭垂直河岸向彼岸航行時，實際航程最短C．船頭朝上游轉過一定角度，使實際航線垂直河岸，此時航程最短D．船頭朝下游轉過一定角度，使實際航速增大，此時橫渡時間最短9、下列敘述中正確的是()A．開普勒第三定律，K為常數，此常數的大小只與中心天體有關B．做勻速圓周運動的物體的加速度不變C．做平拋運動的物體在任意一段運動時間內速度變化的方向都是相同的D．做圓周運動的物體，合外力一定指向圓心．10、如圖所示，一人以恒定速度v0通過光滑輕質定滑輪豎直向下拉繩使小車在水平面上運動，當運動到圖示位置時，細繩與水平方向成45°角，則此時（）A．小車運動的速度為v0B．小車運動的速度為v0C．小車在水平面上做加速運動D．小車在水平面上做減速運動11、在光滑的水平桌面上有等大的質量分別為M=0.6kg，m=0.1kg的兩個小球，中間夾著一個被壓縮的具有Ep=10.8J彈性勢能的輕彈簧（彈簧與兩球不相連），原來處于靜止狀態．現突然釋放彈簧，球m脫離彈簧后滑向與水平面相切、半徑為R=0.415m的豎直放置的光滑半圓形軌道，如圖所示．g取10m/s1．則下列說法正確的是（）A．M離開輕彈簧時獲得的速度為9m/sB．彈簧彈開過程，彈力對m的沖量大小為1.8N?sC．球m從軌道底端A運動到頂端B的過程中所受合外力沖量大小為3.4N?sD．若半圓軌道半徑可調，則球m從B點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌道半徑的增大而減小12、如圖，長度為l的小車靜止在光滑的水平面上，可視為質點的小物塊放在小車的最左端．將一水平恒力F作用在小物塊上，物塊和小車之間的摩擦力大小為f．當小車運動的位移為s時，物塊剛好滑到小車的最右端，下列判斷正確的有（）A．此時物塊的動能為（F-f）（s+l）B．這一過程中，物塊對小車所做的功為f（s+l）C．這一過程中，物塊和小車系統產生的內能為flD．這一過程中，物塊和小車系統增加的機械能為Fs二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖所示為驗證機械能守恒定律的實驗裝置．現有器材為：帶鐵夾的鐵架臺、電磁打點計時器、紙帶、帶鐵夾的重物、天平．（1）為完成實驗，還需要的器材有__________．A．米尺B．直流電源C．秒表D．交流電源（2）某同學用圖所示裝置打出的一條紙帶如圖所示，相鄰兩點之間的時間間隔為，根據紙帶計算出打下點時重物的速度大小為_________．（結果保留三位有效數字）（3）采用重物下落的方法，根據公式驗證機械能守恒定律，要求重物的初速度為零，為驗證和滿足此要求，所選擇的紙帶第、點間的距離應接近____________．（4）該同學根據紙帶算出了相應點的速度，作出圖象如圖所示，則圖線斜率的物理意義是__________________________________．14、（10分）利用如圖所示裝置做“驗證機械能守恒定律”的實驗.（1）為驗證機械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點間的（_______）A．動能變化量與勢能變化量B．速度變化量和勢能變化量C．速度變化量和高度變化量（2）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺(含鐵夾)、電磁打點計時器、導線及開關外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是（_______）A．交流電源B．刻度尺C．天平(含砝碼)（3）實驗中，先接通電源，再釋放重物，得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續打出的點A、B、C，測得它們到起始點O的距離分別為、、。已知當地重力加速度為，打點計時器打點的周期為T。設重物的質量為，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能變化量ΔEp＝________，動能變化量ΔEk＝__________.（4）大多數學生的實驗結果顯示，重力勢能的減少量大于動能的增加量，原因是_______________________________________________________________。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，軌道ABC在豎直面內，其中AB為接觸面粗糙的1/4圓，B端切線恰好水平，A距離水平地面高H＝0.65m，B距離水平地面高h＝0.45m．一質量m＝0.10kg的小物塊自A點從靜止開始下滑，從B點以水平速度飛出后落在水平地面上的C點．現測得B、C兩點的水平距離為x＝0.60m．不計空氣阻力，取g＝10m/s1．求：（1）小物塊從B點運動到C點經歷的時間；（1）小物塊從B點飛出時速度的大小；（3）小物塊經過B點時對軌道的壓力大小．16、（12分）某行星半徑為R，自轉周期為T，該行星表面的重力加速度為g，引力常量為G．求：(1)此行星的平均密度；(2)此行星同步衛星距行星表面的高度；17、（12分）汽車由靜止開始在平直的公路上行駛，0~60s內汽車的加速度隨時間變化的圖線如圖所示．

⑴畫出汽車在0~60s內的v-t圖線；⑵求在這60s內汽車行駛的路程．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

A.在2s～6s內，甲物體一直在做減速運動，乙物體先做減速運動后沿負向做勻加速運動，故選項A錯誤；B.根據圖象與坐標軸圍成面積代表位移，知前2秒甲乙位移相等，由于兩個物體都做單向直線運動，則位移相等，故選項B正確；C.甲在2秒末前后速度均為正，則知甲在2秒末運動方向沒有發生變化，故選項C錯誤；D.由圖像可知，第一秒內乙的速度大于甲的速度，故選項D錯誤。2、B【解析】

A．向心力的方向始終指向圓心，是變化的，A錯誤；B．在最高點時盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時恰好只有小球的重力作為向心力，由得線速度B正確；C．盒子在最低點時受重力和支持力的作用，由可得C錯誤；D．盒子在與O點等高的右側位置時，小球受重力和、盒子底部以及盒子外側的支持力的作用，盒子底部的支持力等于重力mg，而盒子側壁的支持力也等于mg，兩者相互垂直，所以盒子對小球的作用力等于，根據牛頓第三定律，小球對盒子的作用力大小等于，D正確．故選D。【點睛】物體做勻速圓周運動，小球在最高點時盒子與小球之間恰好無作用力，說明此時恰好只有小球的重力作為向心力，這是解決這道題的關鍵，再根據最高點和最低點時受力的不同，根據向心力的公式列方程求解即可．3、D【解析】A：水流速度為v0，船在靜水中速度為v1，現讓該船速垂直河岸渡河，則渡河速度v=v02+B：在寬度為d的河中，水流速度為v0，船在靜水中速度為v1，現讓該船速垂直河岸渡河，設船沿河岸方向通過的位移為x，則該船的渡河位移s=d2+x2，且CD：在寬度為d的河中，船在靜水中速度為v1，現讓該船速垂直河岸渡河，則渡河時間t=dv1。故C點睛：運動的獨立性原理又稱運動的疊加性原理，是指一個物體同時參與幾種運動，各分運動都可看成獨立進行的，互不影響，物體的合運動則視為幾個相互獨立分運動疊加的結果。知道渡河問題中最小位移、最短時間對應的物理模型。4、A【解析】

粒子在電場中做類平拋運動，在水平方向：x＝v0t，初速度相等，所以t∝x，A和B在電場中運動的水平位移之比為1:2，則時間之比1:2，故A正確；粒子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運動，，y相同，a與t2成反比，則A和B運動的加速度大小之比為4∶1，故B錯誤；由牛頓第二定律得：qE=ma，則粒子質量，則A和B的質量之比為1∶12，選項C錯誤；因A、B的水平位移之比為1:2，豎直位移相等，則A、B的位移大小之比不等于1:1，選項D錯誤。5、B【解析】

A、溫度的“-”表示溫度比零度低，不表示方向．故A錯誤．B、物體的位移s=-8m，負號表示位移方向與正方向相反，故B正確C、物體的質量變化量△m=-3kg的“-”表示質量減小，不表示方向．故C錯誤．D、阻力做功為W=-10J，負號表示做的功是負功，不表示方向．故D錯誤．6、C【解析】

賽車做的是曲線運動，賽車受到的合力應該指向運動軌跡彎曲的內側，由于賽車在順時針加速超越前車，速度在增大，所以合力與賽車的速度方向的夾角要小于90°，故C正確，A、B、D錯誤．故選C．【點睛】做曲線運動的物體，合力的方向指向運動軌跡彎曲的內側，由于賽車的速度在減小，合力與速度的夾角還要小于90°．7、AC【解析】

AB．由題意知，兩個過程發生的位移大小相等、方向相反，時間之比為1：2，根據平均速度公式，有：解得由加速度定義可知則加速度大小之比為，由牛頓第二定律可知，加速度之比等于電場強度之比，即有故A正確，B錯誤；CD．0－t時間內，根據動能定理，有t－3t時間內，根據動能定理，有其中聯立解得W1=，W2=故C正確，D錯誤。故選AC。8、AC【解析】已知船速大于水速，當船頭垂直河岸正對彼岸航行時，沿垂直于河岸方向上的速度最大，此時渡河時間最短，故A正確；船頭垂直河岸正對彼岸航行時，船的合速度與河岸并不垂直，所以此過程渡河位移不是最小，但渡河時間是最短的，故B錯誤；船頭朝上游轉過一定角度，使得船速沿河岸方向上的分量與水流的速度大小相等，方向相反時，實際航線垂直河岸，此時航程最短，故C正確；船頭朝下游轉過一定角度，使實際航程增大，但是沿垂直于河岸方向上的速度不是最大．所以此時渡河時間不是最短，故D錯誤；故選AC．【點睛】當船在垂直于河岸方向上的速度最大時，渡河時間最短，即為船頭始終指向河對岸時，時間最短．船垂直渡河時船的航程最短，此時船頭要指向上游，并且沿河岸方向上的分量大小與水流的速度大小相等，此時渡河的航程最短．9、AC【解析】A、開普勒第三定律,K為常數,此常數的大小只與中心天體的質量有關,故A正確;

B、勻速圓周運動的速度大小不變,方向在改變,故B錯誤;

C、平拋運動的加速度不變,做勻變速曲線運動;故做平拋運動的物體在任意一段時間內速度變化的方向都是相同的,豎直向下;所以C選項是正確的;

D、做勻速圓周運動的物體,合外力一定指向圓心;做變速圓周運動的物體,合外力不一定指向圓心,故D錯誤;故選AC點睛：平拋運動加速度不變,做勻變速曲線運動,勻速圓周運動的速度大小不變,方向時刻改變,具有指向圓心的加速度,加速度方向時刻改變.10、BC【解析】

AB．將小車速度沿著繩子方向與垂直繩子方向進行分解，如圖人拉繩的速度與小車沿繩子方向的分速度是相等的，根據三角函數關系則A錯誤B正確；CD．隨小車向左運動，小車與水平方向的夾角越來越大，

由知v越來越大，則小車在水平面上做加速運動，D錯誤C正確。故選BC。11、BC【解析】

釋放彈簧過程中系統動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒得，由機械能守恒得，代入數據解得，即M離開輕彈簧時獲得的速度為3m/s，；m從A到B過程中，由機械能守恒定律得，解得；以向右為正方向，由動量定理得，球m從軌道底端A運動到頂端B的過程中所受合外力沖量大小為：，則合力沖量大小為3.4N?s，由動量定理得，彈簧彈開過程，彈力對m的沖量大小為：，A錯誤BC正確；設圓軌道半徑為r時，飛出B后水平位移最大，由A到B機械能守恒定律得：，在最高點，由牛頓第二定律得，m從B點飛出，需要滿足：，飛出后，小球做平拋運動：，，當時，即r=1.0115m時，x為最大，球m從B點飛出后落在水平桌面上的水平距離隨軌道半徑的增大先增大后減小，故D錯誤．12、AC【解析】

A.對物塊分析，物塊相對于地的位移為l+s，根據動能定理得：（F-f）×（l+s）=mv2-0，則知物塊到達小車最右端時具有的動能為（F-f）（l+s）,故A正確．BC.對小車分析，小車對地的位移為s，根據動能定理得：fs=Mv′2-0，則知物塊到達小車最右端時，小車具有的動能為fs．故B錯誤．這一過程中，物塊和小車系統產生的內能為Q="f"l，故C正確．D.根據能量轉化和守恒定律得知：外力F做的功等于小車和物塊增加的機械能和摩擦產生的內能之和，則有：F（l+s）=△E+Q，則物塊和小車增加的機械能為△E=F（l+s）-fl．故D錯誤．故選AC二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、AD；1.75；

重物的初速度為零；2mm；當地重力加速度的2倍【解析】（1）通過打點計時器計算時間，故不需要秒表．打點計時器應該與交流電源連接．需要刻度尺測量紙帶上兩點間的距離．故選AD．（2）由圖可知CE間的距離為：；則由平均速度公式可得，D點的速度，（3）用公式時，對紙帶上起點的要求是重錘是從初速度為零開始，打點計時器的打點頻率為50Hz，打點周期為0.02s，重物開始下落后，在第一個打點周期內重物下落的高度，所以所選的紙帶最初兩點間的距離接近2mm，（4）由機械能守恒，得，由此可知：圖象的斜率．【點睛】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數據處理以及注意事項．紙帶法實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度，從而求出動能．根據功能關系得重力勢能減小量等于重力做功的數值．明確實驗原理及要求，從而確定實驗中應注意的問題；明確機械能守恒定律的基本規律列式，再根據圖象進行分析明確圖象的斜率．14、AAB存在阻力【解析】

第一空.驗證機械能守恒，即需比較重力勢能的變化量與動能增加量的關系，A正確BC錯誤。第二空.電磁打點計時器需要接低壓交流電源，實驗中需要用刻度尺測量點跡間的距離，從而得出瞬時速度以及下降的高