安徽省黃山市2016～2017學年度第二學期期末質量檢測高二物理試題一、選擇題（本大題共12小題。在每題給出的四個選項中，第1～8題只有一項切合題目要求；第9～12題有多項切合題目要求。）對于速度和加快度的關系，以下說法中正確的選項是速度變化越大，加快度就越大速度變化越快，加快度越大加快度大小不變，速度方向也保持不變加快度大小不斷變小，速度大小也不斷變小【答案】B考點：速度和加快度【名師點睛】掌握加快度的定義式中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關系是解決此類問題的重點，是正確理解加快度的定義的基礎。2.以下圖，質量為M的框架放在水平川面上，一輕彈簧上端固定一個質量為m的小球，小球上下振動時，框架一直沒有跳起。當框架對地面壓力為零瞬時，小球的加快度大小為gB.C.0D.【答案】D【分析】試題剖析：以框架為研究對象進行受力剖析可知，當框架對地面壓力為零時，其重力與彈簧對其彈力均衡，即，故可知彈簧處于壓縮狀態，再以小球為研究對象剖析受力可知，聯立可解得，小球的加快度大小為，故只有D選項正確。考點：牛頓第二定律3.以下圖，長為L的細線，一端固定在O點，另一端系一個球。把小球拉到與懸點O處于同一水平面的A點，并給小球豎直向下的初速度，使小球繞O點在豎直平面內做圓周運動。要使小球能夠在豎直平面內做圓周運動，在A處小球豎直向下的最小初速度應為A.B.C.D.【答案】C【分析】當小球恰巧抵達圓周的最高點B時，由重力供給向心力，則有得依據機械能守恒定律得：解得，,應選C.點睛：此題是機械能守恒定律與向心力知識的綜合應用．輕繩系的小球恰巧抵達圓周的最高點時，臨界速度為，是常用的臨界條件．...質量為m的物體，受水平力F的作用，在粗拙的水平面上運動，以下說法中不正確的選項是A.假如物體做加快直線運動，

F必定做正功B.假如物體做減速直線運動，

F必定做負功C.假如物體做減速直線運動，F可能做正功D.假如物體做勻速直線運動，F必定做正功【答案】B【分析】試題剖析：A、判斷一個力對物體做正功仍是負功，看F與s之間的夾角．物體做加快時，F與s的夾角必定小于90度，必定做正功，故A正確；B、C、物體做減速運動時，F與s的夾角能夠成隨意角度，即F可能與s同向，也可能與s反向，故可能做正功或負功，故B錯誤，C正確；D、物體做勻速運動時，

F與

s必定同方向，故拉力

F必定做正功，故

D正確；應選：

ACD以下圖，三個齊心圓是同一個正點電荷四周的三個等勢面，已知這三個圓的半徑成等差數列。

A、B、C分別是這三個等勢面上的點，且這三點在同一條電場線上。

A、C兩點的電勢挨次為

和

，則

B點的電勢是A.必定等于

6VB.必定低于

6VC.必定高于

6VD.沒法確立【答案】

B【分析】試題剖析：由U=Ed，在d同樣時，均勻場強越大，電勢差U也越大。所以，選B考點：考察對常有電場的電場線、等勢線散布的特色評論：此題難度較小，記著一個結論：等差等勢面散布越密，電場線散布也越密，湊近點電荷電場線散布越密，等差等勢線的散布也越密，由此可知AB電勢差大于BC電勢差6.質量為

m、帶電荷量為

q的小球，在水平方向的磁感覺強度為

B的勻強磁場中，沿著動摩擦因數為μ的豎直墻由靜止下滑，以下說法正確的選項是小球不受磁場力只管小球遇到磁場力作用，但磁場力不做功，系統機械能守恒小球下滑的最大速度為mg／μqB小球下滑的加快度為重力加快度g【答案】C【分析】小球靜止時只受重力，則加快度為a；下滑后，小球受洛倫茲力、重力、支持力及摩擦力，洛倫茲力水平向左，摩擦力豎直向上，故A錯誤；只管小球遇到磁場力的作用，但磁場力方向與速度方向垂直不做功，可是有摩擦力做負功，系統機械能不守恒，故B錯誤；當受力均衡時小球有最大速度：mg=μqvB，得，故C正確；小球開始時只受重力，下滑后受向上的摩擦力，跟著速度增大，洛倫茲力增大球與墻的壓力變大，則摩擦力變大，加快度減小，故開始時加快度最大：a=g，故D錯誤．應選C．點睛：此題要注意剖析帶電小球的運動過程，屬于牛頓第二定律的動向應用與磁場聯合的題目，此類問題要求能正確找出物體的運動過程，并能剖析各力的變化．7.以下圖為一正弦溝通電經過一電子元件后的波形圖，則以下說法正確的選項是...A.電流的變化周期是0.02sB.電流的變化周期是0.01s這也是一種溝通電電流經過100Ω的電阻時，1s內產生熱量為200J【答案】A【分析】由正弦電流的波形圖可知，周期T=0.02s，故A正確，B錯誤；由圖象可知，電流大小變化，但方向沒有變化，所以這是直流電，故C錯誤；依據電流的熱效應，電流的有效值為，解得：I=1A；則經過100Ω的電阻時，1s內產生熱量為Q=I2Rt=100J，故D錯誤；應選A．【評論】掌握差別直流與溝通的方法，知道求有效值的要求：求一個周期內的熱量，從而用I2RT，求出有效值．注意有一段沒有電流，但存在時間，難度不大，屬于基礎題．以下圖為馬車模型，馬車質量為m，馬的拉力F與水平方向成θ角，在拉力F的拉力作用下勻速行進了時間t，則在時間t內拉力、重力、阻力對物體的沖量大小分別為A.Ft，0，FtsinθB.Ftcosθ，0，FtsinθC.Ft，mgt，FtcosθD.Ftcosθ，mgt，Ftcosθ【答案】C【分析】以下說法正確的選項是A.Th核發生一次α衰變時，新核與原的原子核對比，中子數減少了2太陽輻射的能量最主要自太陽內部的裂變反響若使放射性物質的溫度高升，其半衰期可能變小用14eV的光子照耀處于基態的氫原子，可使其電離【答案】AD【分析】

Th核發生一次α衰變時，新核與原的原子核對比，質量數少

4，質子數少

2，則中子數減少了

2，選項

A正確；太陽輻射的能量最主要自太陽內部的聚變反響，

選項

B錯誤；半衰期與外界條件沒關，選項

C錯誤；用大于

13.6eV的光子照耀處于基態的氫原子均能夠使氫原子電離，則

14eV的光子照耀處于基態的氫原子，可使其電離，選項

D正確；應選AD.把重20N的物體放在傾角為30°的粗拙斜面上，物體右端與固定在斜面上的輕彈簧相連接（彈簧與斜面平行），以下圖，若物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，則彈簧的彈力為A.能夠是22N，方向沿斜面向上B.能夠是2N，方向沿斜面向上C.能夠是2N，方向沿斜面向下可能為零【答案】ABCD...【分析】將重力依據作用成效分解：平行斜面的下滑分力為mgsin30°=10N，垂直斜面的垂直分力為mgcos30°=15N；當最大靜摩擦力平行斜面向下時，物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，彈簧彈力為拉力，等于22N；當最大靜摩擦力平行斜面向上時，物體與斜面間的最大靜摩擦力為12N，彈簧彈力為推力，等于2N；故彈簧彈力能夠是不大于2N推力或許不大于22N的拉力，也能夠沒有彈力；故ABCD正確；應選ABCD．點睛：此題重點是依據均衡條件求解出物體馬上上滑和馬上下滑的兩種臨界狀況的彈簧彈力，不難．為了估量一個天體的質量（引力常量G已知），需要知道繞該天體做勻速圓周運動的另一星球（或衛星）的條件是質量和運行周期運行周期和軌道半徑軌道半徑和圍繞速度圍繞速度和運行周期【答案】BCD【分析】研究另一星球繞該天體做勻速圓周運動，依據萬有引力供給向心力得：，m為星球的質量，M為天體的質量．解得：，故B正確．依據上述剖析，已知星球質量和運行周期，不可以求解天體的質量．故A錯誤．已知軌道半徑和圍繞速度可求解周期，則由可求解天體的質量，選項C正確；已知線速度和運行周期，依據圓周運動知識，得軌道半徑，依據剖析能求得天體的質量，故D正確．應選BCD．點睛：解決此題的重點掌握萬有引力供給向心力去求解中心體的質量．知道圍繞天體的質量在計算時會消去．12.在一根軟鐵棒上繞有一組線圈，a、c是線圈的兩頭，b為中心抽頭。把a端和b抽頭分別接到兩條平行金屬導軌上，導軌間有勻強磁場，方向垂直于導軌所在平面并指向紙內，以下圖。金屬棒PQ在外力作用下左右運動，運動過程中保持與導軌垂直，且兩頭與導軌一直接觸優秀。下邊說法正確的選項是A.PQ向左側減速運動的過程中a、c的電勢都比b點的電勢高B.PQ向右側減速運動的過程中a、c的電勢都比b點的電勢高C.PQ向左側減速運動的過程中a、c的電勢都比b點的電勢低D.PQ向左側加快運動的過程中a、c的電勢都比b點的電勢低【答案】

BC【分析】

PQ向左側減速運動的過程中

,依據右手定章可知產生的感覺電流由

P到

Q減小，此時b點電勢高于

a點；因為穿過線圈的磁通量向下減小，依據楞次定律可知，

b點電勢高于c點，則

a、c

的電勢都比

b點的電勢低，選項

A錯誤，C正確；同理可判斷，當

PQ向左側加快運動的過程中a、c的電勢都比b點的電勢高，選項D錯誤；PQ向右側減速運動的過程中,依據右手定章可知產生的感覺電流由Q到P減小，此時a點電勢高于b點；因為穿過線圈的磁通量向上減小，依據楞次定律可知，c點電勢高于b點，則a、c的電勢都比b點的電勢高，選項B正確；應選BC.點睛：此題是兩次電磁感覺的問題，

依據右手定章和楞次定律剖析感覺電流的方向，

由法拉第電磁感覺定律和歐姆定律聯合剖析感覺電流大小的變化狀況，

確立電勢的高低；注意用右手定章時，四指指高電勢點．二、非選擇題，包含必考題和選考題兩部分。（第13題～第17題為必考題，每個試題考生都一定做答。第18題～第19題為選考題，考生依據要求做答。）（一）必考題一打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下，以下圖。以下圖是打出的紙帶的一段。1）已知打點計時器使用的溝通電頻次為50H，利用以下圖給出的數據可求出小車下滑的加快度a＝________。（結果保存3位有效數字）（2）為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，還需要丈量的物理量有________。用測得的量及加快度a表示阻力的計算式為f＝________。【答案】(1).（1）3.89m／s2(2).（2）小車質量m；斜面上隨意兩點間距離l及這兩點的高度差h。(3).mgh／l－ma【分析】（1）因為每相鄰兩個計數點間還有1個點，所以相鄰的計數點間的時間間隔T=0.04s，依據△=aT2，運用逐差法得，2）依據牛頓第二定律得：mgsinθ-f=ma，即f=mgsinθ-ma為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，那么我們需要丈量小車質量，傾角直接丈量很困難．我們能夠測出斜面上隨意兩點間的距離l及這兩點的高度差h，；所以得：．為了求出小車在下滑過程中所受的阻力，還需要丈量的物理量有小車質量m；斜面上隨意兩點間距離L及這兩點的高度差h....某電流表的內阻在0.1Ω～0.2Ω之間，現要丈量其內阻，可采納的器械以下：A．待測電流表A1（量程0.6A）；B．電壓表V1（量程3V，內阻約2Ω）；C．電壓表V2（量程15V，內阻約10Ω）；D．滑動變阻器R1（最大電阻10Ω）；E．定值電阻R2（阻值5Ω）；F．電E（電動勢4V）；G．電鍵S及導線若干．1）電壓表應采納________；2）畫出實驗電路圖；（3）如測得電壓表的讀數為V，電流表的讀數為I，則電流表A1內阻的表達式為：RA＝________。【答案】(1).（1）電壓表采納V1；（2）設計電路圖以下圖；(2).（3）。【分析】（1）因為待測電流表的內阻比較小，所以應當將電流表與定值電阻串連在一同進行丈量，依據公式U=I（R+R2）≈0.6×（0.1+5）≈3V，串連后的最大電壓與電壓表V1的量程差不多，與電壓表V2的量程相差較大，所以應選擇電壓表V1；2）將電流表與定值電阻R2串連在一同進行丈量時，電阻值仍舊不算大，所以滑動變阻器應當采納限流式接法；所以實驗的原理圖如圖：（3）電壓表的示數是定值電阻

R2與電流表的電壓的和，即：

U=I（RA+R2），所以

RA＝R2．點睛：該題中因為待測電流表的內阻比較小，所以應當將電流表與定值電阻串連在一同進行丈量．該種方法稱為賠償法，是物理學實驗中常用的方法之一．質量為200g的物體，置于起落機內的臺秤上，從靜止開始上漲。運動過程中臺秤的示數F與時間t的關系以下圖，求起落機在7s鐘內上漲的高度（取g＝10m／s2）。【答案】50m【分析】解：以下圖，作出的物體的速度一時間圖象，O一2s內物體向上的加快度．2s末速度v=at=5×2m/s=10m/s2～5s內作勻速運動5﹣7s內作勻減速運動，加快度上漲的總高度h=m=50m．答：起落機在7s鐘內上漲的高度為50m．...【評論】此題考察了牛頓第二定律和運動學公式與圖象的綜合，是高考的熱門問題，需增強這方面的訓練．以下圖，矩形地區ABCD的AB邊的邊長為L，E、F分別是AB、CD邊的中點，在AEFD地區內有豎直向下的勻強電場，在EBCF地區內有垂直于紙面向里的勻強磁場（圖中未畫出），一個質量為m，電荷量為q的帶正電的粒子以速度v0從A點水平向右射入電場，結果粒子從EF邊進入磁場后，在磁場中的軌跡恰巧與FC和BC邊相切，已知電場強度的大小為，不計粒子的重力，求：1）粒子在電場中偏轉第一次運動到EF邊時速度的大小與方向；2）勻強磁場的磁感覺強度大小。【答案】(1)與水平方向夾角為53°(2)【分析】（1）粒子運動到EF邊所用的時間粒子在電場中運動的加快度設粒子在出電場時速度與水平方向夾角為θ，則，θ＝53°出電場時的速度大小．（2）由幾何關系可知，粒子在磁場中做圓周運動的半徑R知足求得粒子在磁場中做圓周運動解得．17.以下圖，滑塊A的質量m＝0.01g，與水平川面間的動摩擦因數μ＝0.2，用細線懸掛的小球質量均為m＝0.01g，沿軸擺列，A與第1只小球及相鄰兩小球間距離均為s＝2m，線長分別為L1、L2、L3（圖中只畫出三只小球，且小球可視為質點），開始時，滑塊以速度v0＝10m／s沿軸正方向運動，設滑塊與小球碰撞時不損失時械能，碰撞后小球均恰能在豎直平面內達成完好的圓周運動并再次與滑塊正碰，

g取

10m／s2，求：1）滑塊能與幾個小球碰撞？2）求出碰撞中第n個小球懸線長La的表達式。【答案】(1)12個;(2)得s0＝25m（個）（2）滑塊與第對小球，有：

n個球碰撞，設小球運動到最高點時速度為．①

vn′②對滑塊，有：

③解①②③三式：（二）選考題（請考生從給出的第18、19兩題中任選一題作答，假如多做，則按所做的第一題計分。）...[物理·選修3—3]氣體分子運動擁有以下特色______（填正確答案標號。）A．氣體分子與容器器壁的碰撞屢次B．氣體分子向各個方向運動的可能性是同樣的C．氣體分子的運動速率擁有“中間多，兩頭少”特色D．同種氣體中全部的分子運動速率基真相等E．布朗運動是氣體分子運動【答案】

ABC【分析】因為分子永不暫停地做無規則的運動，所以分子之間防止不了互相碰撞，故

A正確；依據分子運動論的統計規律可知，氣體分子沿各個方向運動的時機是相等的，故

B正確；依據統計規律可知，氣體分子的運動速率擁有

“中間多，兩頭少”特色，故

C正確；氣體分子的運動速率散布擁有“中間多，兩頭少”特色，同種氣體中全部的分子運動速率基本不相等，故D錯誤；布朗運動是懸浮在氣體中的固體顆粒的無規則運動，是氣體分子運動的表現，選項E錯誤；應選ABC.點睛：此題是對分子動理論的考察,分子動理論的內容包含三點：物質是由分子組成的，分子在永不暫停地做無規則的運動，分子間存在著互相作用的引力和斥力．理解以上觀點，本題的四個選項便不難解決．19.使必定質量的理想氣體按圖甲中箭頭所示的次序變化，圖中BC段是以縱軸和橫軸為漸近線的雙曲線。試求：已知氣體在狀態A的溫度TA＝300，求氣體在狀態B、C和D的溫度各是多少？【答案】

TB＝TC＝600．TD＝300．【分析】p—V圖中直觀地看出，氣體在A、B、C、D各狀態下壓強和體積為VA＝10L，pA＝4atm，pB＝4atm，pC＝2atm，pD＝2atm，VC＝40L，VD＝20L．依據理想氣體狀態方程

，可得

，由題意TB＝TC＝600．[物理·選修3—4]20.如圖是用頻閃照相的方法獲取的彈簧振子的位移—時間圖象（水平為軸，豎直