[word版可編輯】鞍山市名校新高考物理精編100實驗題合集

精選高考物理實驗題100題含答案有解析

1.在“測定金屬電阻率”的實驗中，需要用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其結果如圖甲所示，其讀數為

______mm；

二

二

二20

一15

二

三150

二

三0

一

三

y

00.10.20.30.40.5//A

圖甲圖乙

測量電阻時，先用多用電表粗測金屬絲的電阻阻值約為50,再采用“伏安法”精確測量金屬絲的電阻，實

驗室能夠提供的實驗器材有:

A.電流表G,量程為0?300RA,內阻4=100。

B.電流表Ai,量程為0~0.6A,內阻彳=0」。

C.電流表A2,量程為0~3A,內阻弓=0.02。

D.電阻箱用,阻值范圍0~999.9^

E.電阻箱R2,阻值范圍0~9999.9Q

F.滑動變阻器最大阻值為10。

G電源七=3V,內阻約為廠=05Q

H.開關一只，導線若干

回答下列問題：

(2)正確選擇實驗器材，電流表應選擇和,電阻箱應選_______；(填寫元器件前的

字母代號)

(3)畫出電阻測量的實驗電路圖______；

(4)使用正確電路，分別測量多組實驗數據，并記錄在如圖乙坐標系中，將R2調節到99000,

根據記錄的實驗數據做出金屬絲的心-/圖線，并算出金屬絲的電阻&=o(計算

結果保留兩位有效數字)

【解析】

【分析】

【詳解】

(D[1]螺旋測微器讀數為

1.5mm+10.lx0.01mm=1.601mm

(2)[2][3][4]由所給實驗器材可知，沒有電壓表，應該用電流表與電阻箱改裝電壓表。

因為流過電阻的電流最大約為

E3

/=—=_=0.6A

R5

則電流表應選擇B。

電源電動勢為3V,改裝的電壓表量程應為3V,應選用電流表A與電阻箱改裝成電壓表

電阻箱的阻值

=9900Q

48

電阻箱應選Eo

(3)⑸待測電阻阻值約為5。，電流表內阻約為0.1。，電壓表內阻為10k。，電流表應采用外接法，滑

動變阻器最大阻值為10。，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法，實驗電路圖如圖所示

凡

（4）[6][7]根據坐標系內描出的點作出圖像如圖所示

由圖示圖像可知，金屬絲的電阻

I(R+R)_100x10^x(100+9900)_

凡=烏=Gg2

—L

0.2

2.曉宇為了測量一段長度為L的金屬絲的電阻率，進行了如下的實驗操作。

⑴首先用多用電表中“xlO”的歐姆擋對該金屬絲進行了粗測，多用電表調零后用紅黑表筆連接在金屬絲的

兩端，其示數如圖甲所示，則該金屬絲的阻值R約為—C;

⑵接著對該金屬絲的電阻進行了精確的測量，其中實驗室提供了如下實驗器材電流表Ai（0~5mA,

n=50C）、電流表A2（0-0.6A,*0.2。）、電壓表V（0~6V,r、H.5k。）、滑動變阻器R（額定電流2A,

最大阻值為15。）、10。的定值電阻Ri、50（）。的定值電阻R2內阻可忽略不計的電源（E=6V）、開關一個、

導線若干、螺旋測微器、刻度尺。

①利用螺旋測微器測量待測金屬絲的直徑，其示數如圖乙所示，則金屬絲的直徑口=—mm；

②請將實驗電路畫在虛線框中，并注明所選儀器的標號—;

③為了求出電阻率，則需測量的物理量有一(并寫出相應的符號)，該金屬絲的電阻率的表達式為「=

(用已知量和測量量表示)。

【答案】220。4.699（4.697~4.700均可）電壓表的示數U、電流表的

示數I

【解析】

【詳解】

金屬絲的阻值約為:

Rx=22xl0J2=220H；

(2)①⑵根據螺旋測微器的讀數規則可知，該金屬絲的直徑為:

4.5mm+19.9x0.01mm=4.699mm；

②網由(1)可知，該金屬絲的電阻值約為220。，電源的電動勢為6V,則流過金屬絲的電流約為：

——A=30mA

200

由于電流表A2的量程比較大，因此需將電流表A.改裝成量程為30mA的電流表，則電流表應選用A.,

又由電流表的改裝原理可知:

5x50「f

-------+5=30

R

解得：

R=10￡2

因此定值電阻應選擇R”由于改裝后的電流表內阻已知，因此應選電流表的內接，由于滑動變阻器的總

阻值小于金屬絲的電阻值，因此滑動變阻器應用作分壓接法，則所設計的電路圖如圖所示：

③[4]⑸電壓表的示數U、電流表的示數I;流過金屬絲的電流為其電壓為:

/、=/+生=區土工/

由歐姆定律可知該金屬絲的電阻值為:

UxJU-Irt)Rt

X/,/化+飛)

又由電阻定律得：

截面積為：

。乃加

3二--

4

解得：

^D2R^U-Ir^

4U6+Rj°

3.某實驗小組采用圖甲所示的裝置“探究動能定理‘’即探究小車所受合外力做功與小車動能的變化之間的

關系。該小組將細繩一端固定在小車上，另一端繞過定滑輪與力傳感器、重物相連。實驗中，小車在細繩

拉力的作用下從靜止開始加速運動，打點計時器在紙帶上記錄小車的運動情況，力傳感器記錄細繩對小車

的拉力大小：

小,p打點沖時器

力傳感器

長木板

圖甲圖乙

(1)實驗中為了把細繩對小車的拉力視為小車的合外力，要完成的一個重要步驟是;

(2)若實驗中小車的質量沒有遠大于重物的質量，對本實驗_____影響(填“有”或“沒有

(3)實驗時，下列物理量中必須測量的是。

A.長木板的長度LB,重物的質量C.小車的總質量M

【答案】平衡摩擦力沒有C

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)[1]實驗前調節長木板的傾角以平衡摩擦力，以保證細繩的拉力等于小車受的合力；

(2)[2]由于有力傳感器測量繩的拉力，則沒必要使小車質量遠大于重物和力傳感器的總質量，即對本實

驗沒有影響；

(3)[3]實驗中需要測量小車的動能，故需要知道小車的總質量M,故AB錯誤，C正確。

4.某課外活動小組使用如圖所示的實驗裝置進行《驗證機械能守恒定律》的實驗，主要步驟：

A、用游標卡尺測量并記錄小球直徑d

B、將小球用細線懸于O點，用刻度尺測量并記錄懸點O到球心的距離1

C、將小球拉離豎直位置由靜止釋放，同時測量并記錄細線與豎直方向的夾角0

D、小球擺到最低點經過光電門，光電計時器(圖中未畫出)自動記錄小球通過光電門的時間At

E、改變小球釋放位置重復C、D多次

F、分析數據，驗證機械能守恒定律

請回答下列問題：

⑴步驟A中游標卡尺示數情況如下圖所示，小球直徑d=mm

(2)實驗記錄如下表，請將表中數據補充完整(表中v是小球經過光電門的速度

010°20°30°40°50°60°

COS00.980.940.870.770.640.50

At/ms18.09.06.04.63.73.1

v/ms'10.541.09①______2.132.653.16

v2/m2s-20.301.19②________4.547.029.99

(3)某同學為了作出vZcosO圖像，根據記錄表中的數據進行了部分描點，請補充完整并作出v"cosO圖

像()

(4)實驗完成后，某同學找不到記錄的懸點O到球心的距離1了，請你幫助計算出這個數據1=-m(保

留兩位有效數字)，已知當地重力加速度為9.8m/s2。

【答案】9.801.632.661.0

【解析】

【詳解】

(1)口］游標卡尺的主尺讀數為9mm,游標尺上第16個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為

16x0.05mm=0.80mm,所以最終讀數為：9mm+0.80mm=9.80mm；

(2)［2］根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出小球經過光電門時的速度為：

d9.80x10-3

v=一m/s=1.63m/s

△t6。*10-3

［3］則有:

v2=2.66m2/s2

(3)［4］先根據記錄表中的數據進行了描點，作出v2-cos6圖像如圖:

v2/m2s

(4)[5]由v2-COS0圖像可得圖像斜率的絕對值為:

k叱=2。

1.0-0.5

要驗證機械能守恒定律，必須滿足:

1,

mg{l-/cos。）=—mV

化簡整理可得：

v2=2g/-2g/cos0

則有：

2gl=k=20

解得：

l=l.0m

5.如圖所示為某同學測量電源的電動勢和內阻的電路圖.其中包括電源E,開關Si和S2,電阻箱R,電

流表A,保護電阻Rx.該同學進行了如下實驗步驟：

(1)將電阻箱的阻值調到合適的數值，閉合％、S2,讀出電流表示數為I,電阻箱讀數為9.5。，斷開S2,

調節電阻箱的阻值，使電流表示數仍為L此時電阻箱讀數為4.5Q則保護電阻的阻值Rx=12.(結

果保留兩位有效數字)

(2)S2斷開，Si閉合，調節R,得到多組R和I的數值，并畫出;-R圖象，如圖所示，由圖象可得，電源

電動勢E=V,內阻r=Q.(結果保留兩位有效數字)

y/A-1

-120R/Q

(3)本實驗中，內阻的測量值________(填“大于”或“小于”)真實值，原因是.

【答案】5.03.02.2大于電流表也有內阻

【解析】

【詳解】

由題意可知，閉合$和S2時只有電阻箱接入電路，閉合吊、斷開S2時，電阻箱與R串聯接入電路,

兩種情況下電路電流相等，由歐姆定律可知，兩種情況下電路總電阻相等，所以保護電阻的阻值

Rx=9.50-4.5。=5.0。

⑵⑵⑶根據閉合電路的歐姆定律可得，E=I(R+Rx+r),整理可得

可見圖線的斜率

圖線的縱截距

結合圖象中的數據可得

E=3.0V,r=2.2fl.

(3)[4]⑸本實驗中，內阻的測量值大于真實值，原因是電流表也有內阻，測量值等于電源內阻和電流表內

阻之和.

6.指針式多用電表是實驗室中常用的測量儀器。

⑴圖甲為某同學設計的多用電表的原理示意圖。虛線框中S為一個單刀多擲開關，通過操作開關，接線柱

B可以分別與觸點1、2、3接通，從而實現使用多用電表測量不同物理量的不同功能。關于此多用電表，

下列說法正確的是?

A.當S接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位

B.當S接觸點2時，多用電表處于測量電壓的擋位

C.當S接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位

D.當S接觸點3時，多用電表處于測量電壓的擋位

⑵用實驗室的多用電表進行某次測量時，指針在表盤的位置如圖乙所示。

A.若所選擋位為直流10mA擋，則示數為mA.

B若所選擋位為直流50V擋，則示數為V,

⑶用表盤為圖乙所示的多用電表正確測量了一個約15。的電阻后，需要繼續測量一個阻值約2kQ的電阻。

在用紅、黑表筆接觸這個電阻兩端之前，請選擇以下必須的步驟，并按操作順序寫出步驟的序號

A.調節歐姆調零旋鈕使表針指向歐姆零點B把選擇開關旋轉到“xlOO”位置

C.把選擇開關旋轉到“xlk”位置D.將紅表筆和黑表筆接觸

(4)某小組同學們發現多用電表歐姆擋的表盤刻度線不均勻，分析在同一個擋位下通過待測電阻的電流I

和它的阻值R*關系，他們分別畫出了如圖丙所示的幾種圖象，其中可能正確的是

【答案】ACD4.80BDA24.0A

【解析】

【分析】

(1)靈敏電流計G與分流電阻并聯可以改裝成電流表，與分壓電阻串聯可以改裝成電壓表，與滑動變阻器、

電源一起可以改裝成歐姆表，分析圖示電路圖答題；

(2)根據電流表量程確定其分度值，然后根據指針位置讀出其示數；歐姆表指針示數與擋位的乘積是歐姆表

不數；

(3)用歐姆表測電阻要選擇合適擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調零；

(4)根據閉合電路歐姆定律求出LRx以及._的表達式，進而選擇圖象即可。

【詳解】

(1)由圖示電路圖可知，當開關置于2位置時多用電表是歐姆表，A與內置電源負極相連，A為紅表筆，

B與內置電源正極相連，B為黑表筆；

A項：由圖示電路圖可知，當S接觸點1時，表頭與分流電阻并聯，此時多用電表處于測量電流的擋位，

故A正確；

B、C項：由圖示電路圖可知，當S接觸點2時，表頭與電源相連，此時多用電表處于測量電阻的擋位，

故B錯誤，C正確；

D項：由圖示電路圖可知，當S接觸點3時，表頭與分壓電阻串聯，此時多用電表處于測量電壓的擋位,

故D正確。

故應選：ACD；

(2)A、若所選擋位為直流50mA擋，由圖乙所示可知，示數為4.80mA；

B、若所選擋位為直流50V擋，則示數為24.0V；

(3)用多用電表正確測量了一個約15。的電阻后，要繼續測量一個阻值約2k。的電阻，

首先要把選擇開關置于xlOO擋位位置，然后進行歐姆調零，把紅黑表筆短接，

調節歐姆調零旋鈕使指針指針歐姆零刻度線位置，最后再測電阻，故合理的步驟是：BDA；

(4)設歐姆表內電池電動勢為E,內阻為r,電流表內阻與調零電阻的和為Rg,則有：

_，則LRx圖象是雙曲線的一條，隨著Rx的增大，I減小，

上式的倒數.___，可知.是線性函數，Rx=0時，.且有最小值，.隨著Rx的增大而

-=—f二-」口->o-

增大。

故應選：A。

【點睛】

本題考查了多用電表結構、多用電表讀數與歐姆表的使用方法，知道電流表。電壓表與歐姆表的改裝原理

是解題的前提，分析清楚圖示電路結構、掌握基礎知識即可解題，平時要注意基礎知識的學習與積累。

7.某同學用如圖甲所示的裝置對輕質彈簧的彈性勢能進行探究：輕質彈簧水平放置在光滑水平面上，左

端固定，右端與一小球接觸而不固連。彈簧處于原長時，小球在A點，向左推小球壓縮彈簧至C點，由

靜止釋放。用頻閃照相機得到小球從C點到B點的照片如圖乙所示。已知頻閃照相機頻閃時間間隔為T,

重力加速度大小為g。回答下列問題：

CAB

圖甲

(1)本實驗中可認為，彈簧被壓縮后的彈性勢能紇，與小球離開彈簧時的動能紇相等。為測得除已知

物理量外，至少還需測量下列物理量中的(填正確答案標號)。

A.小球的質量mB.C、A間距離

D.A、B間距離

E.彈簧的壓縮量ArF.彈簧原長4

(2)用所選取的測量量和已知量表示得EL.

(3)由于水平面不是絕對光滑，測得的彈性勢能約與真實值相比(填“偏大”“偏小”或“相等

【答案】AD嗎偏小

18T2

【解析】

【詳解】

小球的動能耳=,加/，因此需要測量小球的質量m,小球離開彈簧時的速度大小v可以通過測得

A、B間的距離5兒結合經過該段的時間求出，所以AD項的物理量需要測量，故選AD。

⑵⑵小球的動能為

F12

Ek=-mv

由桌面光滑，則小球從A到B做勻速直線運動，則離開彈簧時的速度大小

3T

聯立解得動能的表達式

⑶網由于水平面不是絕對光滑，小球在過程中克服摩擦力做功轉化為內能，導致彈簧減少的彈性勢能沒

有全部轉化為小球的動能，所以測得的彈性勢能小于其真實值。

8.如圖1所示，為“探究加速度與力、質量的關系”實驗裝置及數字化信息系統獲得了小車加速度a與鉤

碼的質量及小車和祛碼的質量對應關系圖。鉤碼的質量為m“小車和祛碼的質量為m2,重力加速度為g。

(1)下列說法正確的是.

A.每次在小車上加減硅碼時，應重新平衡摩擦力

B.實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源

C.本實驗m2應遠小于mi

1

D.在用圖象探究加速度與質量關系時，應作a-——圖象

叫

(2)實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得F=mig,作出a-F圖象，他可能作出

圖2中(選填“甲”、“乙”、“丙”)圖線。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主

要原因是。

A.小車與軌道之間存在摩擦

B.導軌保持了水平狀態

C.硅碼盤和祛碼的總質量太大

D.所用小車的質量太大

(3)實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的——-a圖象，如圖3。設

m,

圖中直線的斜率為k,在縱軸上的截距為b,則小車與木板間的動摩擦因數口=,鉤碼的質量

mi=o

(4)實驗中打出的紙帶如圖4所示。相鄰計數點間的時間是0.1s,圖中長度單位是cm,由此可以算出小

車運動的加速度是m/s2?

b1

【答案】D丙C—丁0.46

gkgk

【解析】

【詳解】

(1)[1]A.平衡摩擦力，假設木板傾角為0,則有：

f=2gcosJ

nv約掉了，每次在小車上加減祛碼時，故不需要重新平衡摩擦力，故A錯誤；

B.實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤；

C.讓小車的質量也遠遠大于鉤碼的質量〃4,繩子的拉力

F="=a

i+四

丐

故應該是叫，故C錯誤;

F1

D.F”所以：所以在用圖像探究小車的加速度與質量的關系時,通常作-冠圖像,

故D正確。

故選：Do

(2)[2]遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現當有拉力時，物體不動的情況。故圖線為丙;

⑶當不滿足叫叫時，隨mi的增大物體的加速度a逐漸減小，故圖象彎曲的原因是：所掛鉤碼的總質

量太大，不滿足沙和沙桶質量遠小于小車的質量，故C正確。

(3)[4]⑸根據牛頓第二定律可知

myg-jjm2g=m2a

結合」--。圖象，可得：

m2

1〃1

—=—+----a

“芍mxm1g

設圖中直線的斜率為k,在縱軸上的截距為b,因此鉤碼的質量

1

m,=——

gk

小車與木板間的動摩擦因數

b

gk

(4)[6]根據△x=aT2得，

匕一天12.62-1.24I―/2八/4/2

a=―—T1=----—x10~m/s~=0.64m/s

3T23x0.12

9.測定一節電池的電動勢和內阻，電路如圖甲所示，MN為一段粗細均勻、電阻率較大的電阻絲，定值

電阻Ro=l.OC。調節滑片P,記錄電壓表示數U、電流表示數I及對應的PN長度x,繪制了U-1圖像如圖

乙所示。

⑴由圖乙求得電池的電動勢E=V,內阻r=0

⑵實驗中由于電表內阻的影響，電動勢測量值_______其真實值(選填“大于”、“等于”或“小于”)。

(3)根據實驗數據可繪出--X圖像，如圖丙所示。圖像斜率為k,電阻絲橫截面積為S,可求得電阻絲的

電阻率p=,電表內阻對電阻率的測量_______(選填“有”或“沒有”)影響。

【答案】1.490.45小于kS沒有

【解析】

【詳解】

⑴⑴⑵由閉合電路歐姆定律可知

U=E-I(r+Ro)

則可知圖2中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢，故E=1.49V；

圖象的斜率表示(r+Ro),則

1.49-1.2

r+R)=1.45Q

0.20

解得

r=1.45-1.0=0.45J2

(2)[3]由圖示可知，伏安法測電阻相對于電源來說采用電流表外接法，由于電壓表分流作用，電流表測量

值偏小，當外電路短路時，電流測量值等于真實值，電源的U-I圖象如圖所示

由圖象可知，電動勢測量值小于真實值，電源內阻測量值小于真實值。

⑶⑷⑸根據歐姆定律可知，電阻

R=5="

IS

則可知

k=L

S

解得

p=kS

若考慮電流表的內阻，則，=弋-&,則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒有影響。

10.如圖甲所示，某組同學借用“探究a與F、m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“探

究合外力做功和動能變化的關系”的實驗：

15.50cm-*-

----2I.60cmJ

------------------20.Alcm-

-------------------------3^.70cm------------------------

一^5.7Scm

—5S.75cn*---------

-------------------------------------------------<><>.77cm

(1)為達到平衡阻力的目的，取下細繩和托盤，通過調節墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出

的紙帶判斷小車是否做_______運動.

(2)連接細繩及托盤，放入祛碼，通過實驗得到圖乙所示的紙帶.紙帶上O為小車運動起始時刻所打的

點，選取時間間隔為0.1s的相鄰計數點A、B、C、D、E、F、G.實驗時小車所受拉力為0.2N,小車的

質量為0.2kg.請計算小車所受合外力做的功W和小車動能的變化補填表中空格

(結果保留至小數點后第四位).

O—Bo—cO—DO—EO—F

W/J0.04320.05720.07340.0915

△紇/J0.04300.05700.07340.0907

通過分析上述數據你得出的結論是：在實驗誤差允許的范圍內卬=△紇，與理論推導結果一致.

(3)實驗中是否要求托盤與祛碼總質量m遠小于小車質量M?(填“是”或“否”)；

(4)實驗前已測得托盤的質量為7.7x10-3依，實驗時該組同學放入托盤中的硅碼質量應為kg

(g取9.8加/$2,結果保留至小數點后第三位).

【答案】勻速直線0.11200.1105是0.015

【解析】

【詳解】

(1)[1].平衡摩擦力時，通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出的紙帶判斷小車是否做

勻速直線運動.

(2)[2][3].從O到F,拉力做功為：

W=Fx=0.2x0.5575J=0.1120J.

F點的瞬時速度為:

0.6677-0.4575

m/s=1.051m/s

2T0.2

則動能的增加量為:

1,1,

&=-叫=-x0.2xl.0512=0.1105J

(3)[4].實驗中是要使托盤與祛碼的重力等于小車的拉力，必須要使得托盤與祛碼總質量m遠小于小車

質量M；

(4)[5).硅碼盤和祛碼整體受重力和拉力，從O到F過程運用動能定理，有:

2

[(M+m)g-F]xOF+m)vF

代入數據解得:

m=0.015kg.

11.如圖所示裝置可以用來測量滑塊和水平面間動摩擦因數。在水平面上將彈簧一端固定，另一端與滑塊

接觸(兩者不固連)。壓縮彈簧，靜止釋放，滑塊被彈出，離開彈簧后經過光電門O,最終停在P點。已

知擋光片的寬度d,記錄滑塊上擋光片通過光電門的時間t,重力加速度大小為g。

“擋光片光電門

A麗f霸

OP

⑴滑塊經過O點的速度為o

⑵除了記錄滑塊擋光片通過D點光電門的擋光時間之外，還需要測量的一個物理量是(填

選項前的字母)。

A.滑塊釋放點到P點距離x

B.光電門與P點間的水平距離s

C.滑塊(帶擋光片)質量m

D.彈簧的長度1

(3)動摩擦因數的表達式為(用上述測量量和重力加速度g表示)。

d2

【答案】yB

Zgsf?

【解析】

【詳解】

(1)口|遮光條的寬度較小，通過光電門的平均速度近似等于瞬時速度，根據平均速度公式可知滑塊的速度

d

V=—

t

(2)[2]3到。的過程中，摩擦力做功，根據動能定理得

-jumgx=0——mv2

動摩擦因數的表達式為

d2

U---------7

2gs/

還需要測量的物理量是：光電門。與P之間的水平距離，，ACD錯誤，B正確。

故選B。

（3）⑶根據上述分析可知

12.一課外實驗小組用如圖（a）所示的電路測量某待測電阻R*的阻值。&為標準定值阻（4=20.0Q）,

VI、V2均為理想電壓表，S為單刀開關，E為電源，R為滑動變阻器。

請完成以下問題

⑴閉合S前，滑動變阻器的滑動端應置于填"a”或"b”）端；

⑵閉合S后將滑動變阻器的滑動端置于某一位置，若電壓表Vi、V2的示數為以、U2,則待測電阻阻值

的表達式R、=（用R。、Q、力表示）;

⑶改變滑動變阻器滑動端的位置，得到多組a、力數據，用計算機繪制出。2-q的圖線，如圖（》））

所示，根據圖線求得凡=C（保留1位小數）;

（4）按照原理圖（a）,將圖（c）中實物連線補畫完整

【答案】a容426.8

U1

【解析】

【詳解】

為了保證實驗安全，S閉合前，滑動變阻器滑動端應置于a端；。

⑵⑵由歐姆定律可得，通過力的電流

待測電阻阻值

R_U-U

"一7丁”

⑶⑶根據題圖（b）可得

代入得

&=26.8Q。

（4）⑷實物連線時應注意滑動變阻器采取分壓式接法［［依據題圖（a）］］、電壓表Vi和V2的量程［［依據題

圖（b）選擇］］,如圖

13.某實驗小組欲自制歐姆表測量一個電阻的阻值，實驗提供的器材如下：

A.待測電阻R*（約200。）

B.電源（電動勢E約L4V,內阻r約10C）

C.靈敏電流計G（量程1mA,內阻Rg=200Q）

D.電阻Ri=50Q

E.電阻R2=200Q

F.滑動變阻器R（阻值范圍為0-500Q）

G開關，導線若干

圖(a)圖(b)

⑴由于電源電動勢未知，該實驗小組經過分析后，設計了如圖(a)的測量電路。部分步驟如下：先閉合

開關Si、S2,調節滑動變阻器R,使靈敏電流計示數L=0.9()mA,此時電路總電流1總=mA；

(2)同時測出電動勢L35V后，該小組成員在圖(a)的基礎上，去掉兩開關，增加兩支表筆M、N,其余

器材不變，改裝成一個歐姆表，如圖(b),則表筆M為(選填“紅表筆”或“黑表筆”)。用改裝后的

歐姆表先進行電阻調零，再測量Rx阻值，靈敏電流計的示數I如圖(c),待測電阻R,的阻值為

【答案】4.50黑表筆180

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)口］閉合開關Si、S2,G與Ri并聯，調節滑動變阻器R,靈敏電流計讀數L=0.90mA,根據并聯電路特

點，通過Ri的電流

,R

/=」/=3.60mA

4

故此時電路總電流

/總=4.50mA

(2)［2］改裝為歐姆表后，表內有電源，根據多用電表“紅進黑出”的特點，表筆M應接黑表筆

［3］根據歐姆表的原理，歐姆調零時，有

E1.35八_

凡=—=-------Q=270Q

內I5x10-3

接待測電阻后，讀出表的電流為I=0.60mA,電路中的總電流為

I3—51—3.00mA

則有

E

6+4=1

解得

%=]80Q

14.某同學利用多用表測量分壓電路電阻的變化范圍，按如下步驟測量:

(1)選用歐姆檔xlO倍率，先將表筆短接調零，再如圖甲所示，將表筆接到分壓電路兩端，從滑片移動

到最右端開始進行測量，如圖乙所示，根據指針位置，電阻讀數為

(2)將滑片逐漸滑動到最左端而不做其他變動，移動過程中讀數變化情況是一

A.增大B.減小C.先增大后減小D.先減小后增大

(3)記錄下整個過程中讀數的最小值為2412,得到電阻的變化范圍。這樣測量的最小值的方法是否合理？

若合理，寫出電阻變化范圍；若不合理，說明應如何改正一。

【答案】200B不合理，理由見解析

【解析】

【詳解】

(1)⑴歐姆表表盤示數為20.0,倍率為10,則最后讀數為：

20.0x10=200。，

(2)⑵根據串并聯電路的特點可知，將滑片逐漸滑動到最左端而不做其他變動，電路的電阻減小，則移動

過程中讀數減小，B正確；

故選B。

(3)網不合理，讀數為24。時采用xlO時指針太偏右，倍率偏大，應換xl倍率重新調零后再測量。

15.某同學用圖中所給器材進行與安培力有關的實驗。兩根金屬導軌ab和川電，固定在同一水平面內且

相互平行，足夠大的電磁鐵(未畫出)的N極位于兩導軌的正上方，S極位于兩導軌的正下方，一金屬棒

置于導軌上且與兩導軌垂直。(不計金屬導軌的電阻和摩擦)

(1)在開關閉合后，金屬棒向(選填“左側”或“右側”)移動。

(2)為使金屬棒在離開導軌時具有更大的速度，有人提出以下建議：

A.適當增加兩導軌間的距離

B.保持兩個導軌間距不變，換一根更長的金屬棒

C.將滑動變阻器滑片向左移動

D.把磁鐵換成磁性更強的足夠大的鉉鐵硼磁鐵

其中正確的是(填入正確選項前的字母)。

(3汝口果將電路中電流方向反向，磁場也反向，金屬棒將會向(選填“左側”或“右側”)移動。

【答案】左側ACD左側

【解析】

【分析】

【詳解】

(1)口]根據題意可知，磁場方向豎直向下，電流方向垂直紙面向里。所以根據左手定則可得安培力方向為

水平向左，故導體棒向左側運動。

(2)[2]ACD.根據公式/=可得，適當增加導軌間的距離或者增大電流或者增大磁場磁感應強度，可

增大金屬棒受到的安培力，根據動能定理得

rr.s-/dmgs--1mv2

則金屬棒離開導軌時的動能變大，即離開導軌時的速度變大，ACD正確；

B.若換用一根更長的金屬棒，但金屬棒切割磁感線的有效長度即導軌間的寬度不變，安培力F不變，棒

的質量變大，由

l2Fs.

v=\-------2〃gs

Vm

可知速度變小，故B錯誤。

故選ACD?

(3)[3]都反向后，電流垂直紙面向外，磁場方向豎直向上，根據左手定則可得安培力方向仍向左，故導體

棒仍向左側移動。

16.用如圖甲所示裝置研究平拋運動。將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道

PQ滑下后從Q點飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側

面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，重新釋放鋼球，如此重復，白紙上將留下一系列痕跡點。

硬板白紙

(1)本實驗必須滿足的條件有。

A.斜槽軌道光滑

B.斜槽軌道末端切線水平

C.每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球

D.擋板高度等間距變化

(2)如圖乙所示，在描出的軌跡上取A、B、C三點，三點間的水平間距相等且均為x,豎直間距分別是

yi和丫2。若A點是拋出點，則4=；鋼球平拋的初速度大小為(已知當地重力加速度

為g,結果用上述字母表示)。

【詳解】

(1)[1]AB.為了能畫出平拋運動軌跡，首先保證小球做的是平拋運動，所以斜槽軌道不一定要光滑，但必

須是水平的。故A不符合題意，B符合題意。

C.要讓小球總是從同一位置無初速度釋放，這樣才能找到同一運動軌跡上的幾個點。故C符合題意。

D.檔板只要能記錄下小球下落在不同高度時的不同的位置即可，不需要等間距變化。故D不符合題意。

(2)⑵A點是拋出點，則在豎直方向上為初速度為零的勻加速直線運動，則AB和BC的豎直間距之比為1：

3。

[3]由于兩段水平距離相等，故時間相等，根據y2-yi=gt2可知:

則初速度為：

v=—X=x—2g—

t2f

17.小明同學用如圖所示裝置探究物體的加速度跟力的關系。

(1)圖為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續的5個計數點A、

B、C、D、E,相鄰兩個計數點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數點到A點之間的距離，如圖中所

示。已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值

a=m/s2(結果保2位有效數字)。

19.10

(2)實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度。根據測得的多組數據畫出

a-F關系圖線，如圖所示。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現象的主要原因可能是o

A.所掛鉤碼的總質量過大B.所用小車的質量過大

C.平面軌道傾斜角度過小D.平面軌道傾斜角度過大

【答案】1.3A

【解析】

【詳解】

口］(1)小車運動的加速度的測量值

s+$-($2+M)0.1910—0.0689—0.06892?

a=—4——-——-----=------------------------------m/s=1.3m/s~

4T24x0.12

[2](2)此實驗要求所掛鉤碼的總質量要遠遠小于小車的質量。圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現象

的主要原因是所掛鉤碼的總質量過大，選項A正確，BCD錯誤。

故選A?

18.某實驗小組用如圖所示的裝置探究功和速度變化的關系：將小鋼球從固定軌道傾斜部分不同位置由靜

止釋放，經軌道末端水平飛出，落到鋪著白紙和復寫紙的水平地面上，在白紙上留下點跡.為了使問題簡

化，小鋼球在軌道傾斜部分下滑的距離分別為L、2L、3L、4L…，這樣在軌道傾斜部分合外力對小鋼球

做的功就可以分別記為Wo、2Wo、3Wo、4Wo….

(1)為了減小實驗誤差必須進行多次測量，在L、2L、3L、4L…處的每個釋放點都要讓小鋼球重復釋放

多次，在白紙上留下多個點跡，那么，確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是

(2)為了完成實驗，除了測量小鋼球離開軌道后的下落高度h和水平位移s,還需測量_____________.

A.小鋼球釋放位置離斜面底端的距離L的具體數值

B.小鋼球的質量m

C.小鋼球離開軌道后的下落高度h

D.小鋼球離開軌道后的水平位移x

(3)請用上述必要的物理量寫出探究動能定理的關系式：W=；

(4)該實驗小組利用實驗數據得到了如圖所示的圖象，則圖象的橫坐標表示(用實驗中測量的

物理量符號表示).

2

【答案】用盡可能小的圓圈圈住盡量多的落點,圓心即為平均落點的位置B鱉三

4/z

【解析】

(1)確定砸同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是：用盡可能小的圓圈圈住盡量多的

落點，圓心即為平均落點的位置；

(1)根據動能定律可得：W=imv>

2

根據平拋規律可得：x=vt,h=1gt1

聯立可得探究動能定理的關系式：w=?”，

4/z

根據表達式可知為了探究動能定理，并測量當地的重力加速度還需測量的量為小鋼球的質量m,故選B.

（3）由解析（1）可知探究動能定理的關系式為：\￥=螫匚.

4/2

（4）根據圖象形狀可知，W與橫軸表示的物理量成正比例，又因為表達式為亞='紇，所以圖象的橫

4h

坐標表示X1.

19.小明同學想要設計一個既能測量電源電動勢和內阻，又能測量定值電阻阻值的電路。

他用了以下的實驗器材中的一部分，設計出了圖（a）的電路圖：

a.電流表Ai（量程0.6A,內阻很小）；電流表A2（量程300|iA，內阻以=1000。）;

b.滑動變阻器RQ20C）；

c,兩個定值電阻Ri=1000Q,R2=9000Q；

d.待測電阻Rx；

e.待測電源E（電動勢約為3V,內阻約為2Q）

f.開關和導線若干

圖⑹

⑴根據實驗要求，與電流表A2串聯的定值電阻為（填“Ri”或“R2”）

（2）小明先用該電路測量電源電動勢和內阻，將滑動變阻器滑片移至最右端，閉合開關Si,調節滑動變阻

器，分別記錄電流表A］、A2的讀數L、12,得L與L的關系如圖（b）所示。根據圖線可得電源電動勢

E=V；電源內阻『C,（計算結果均保留兩位有效數字）

（3）小明再用該電路測量定值電阻Rx的阻值，進行了以下操作：

①閉合開關Si、S2,調節滑動變阻器到適當阻值，記錄此時電流表Ai示數L,電流表A2示數九；

②斷開開關S2,保持滑動變阻器阻值不變，記錄此時電流表Ai示數L,電流表Az示數后斷開Si；

③根據上述數據可知計算定值電阻R、的表達式為o若忽略偶然誤差，則用該方法測得的阻值

與其真實值相比(填“偏大”、“偏小”或“相等”)

(J］、

【答案】R23.02.1'辛(rA+R2)相等

【解析】

【詳解】

(1)電流表A2與R2串聯，可改裝為量程為。=4(%+鳥)=300*10”(18口+9000?=3\/的電壓表,

故選R2即可；

(2)由圖可知電流表A2的讀數對應的電壓值即為電源的電動勢，則E=3.0V；內阻

MJ3.0—1.80八

r=----=--------------Q=2.112

M0.58

(3)由題意可知：IaR=Ib(rA+R2),/,(/?+&)=』+&)；聯立解得％=佚7)(。+&);

由以上分析可知，若考慮電流表Ai內阻的影響，則表達式列成：/“(7?+友)=/式q+&),

/,(%+/?+&)=/“(以+6),最后求得的取表達式不變，則用該方法測得的阻值與其真實值相比相等。

2().(1)在“測定金屬絲的電阻率”實驗中，先用螺旋測微器測出金屬絲的直徑，測量示數如圖甲所示，則

金屬絲的直徑d=mm。

⑵在測定電源電動勢和內阻的實驗中，實驗室僅提供下列實驗器材：

A.干電池兩節，每節電動勢約為L5V,內阻約幾歐姆

B.直流電壓表Vi、V2,量程均為0~3V,內阻約為3k。

C.電流表，量程0.6A,內阻小于1。

D.定值電阻R3,阻值為5C

E.滑動變阻器R,最大阻值50。

F.導線和開關若干

①如圖乙所示的電路是實驗室測定電源的電動勢和內阻的電路圖，按該電路圖組裝實驗器材進行實驗，測

得多組U2、I數據，并畫出U”I圖像，求出電動勢和內電阻。電動勢和內阻的測量值均偏小，產生該誤

差的原因是,這種誤差屬于(填“系統誤差”或"偶然誤差，')。

②實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表V1和V2的多組數據Ui、5,描繪出Ui—止圖像如圖丙所

示，圖線斜率為k,與橫軸的截距為a,則電源的電動勢￡=,內阻r=（用k、a、

Ro表示）o

【答案】2.600電壓表的分流系統誤差￡=）--=與

【解析】

【詳解】

（1）[1].金屬絲的直徑d=2.5mm+0.01mmxl0.0=2.600mm；

⑵①⑵[3].流過電流表的電流不是流過干路的電流，產生誤差的原因是電壓表的分流造成的，這種誤差

是由于電路結構造成的，屬于系統誤差；

②由閉合電路歐姆定律可知

變形得

r~r

則有:當Ui=0時，U2=a

則有

用E=a（R（）+r）

R+r,

----=K

r

解得

_ak

E=----

k-\

k-1

21.如圖所示為一簡易多用電表的電路圖。圖