年海黃區考理模卷一、選擇題（共16分各題只有一個正確選項）1）地球屬于太陽系中的）A．恒星．行星C星D．星2）下列屬于三原色光的（A．黃光．紫光C光D．光3）如圖所示標志主要是了控制發聲體的（）A．頻率．音調C色D．幅4）籃球被拋出后在空中升的過程中，下列說法正確的是（）A．動能不變．動能增加．力勢能不變D．重力勢能增加5）四沖程內燃機工作時將內能轉化成機械能的沖程是（A．吸氣沖程．壓縮沖程．功沖程．排氣沖程6）如圖所示，懸掛在天板下方的小球保持靜止狀態，下列屬于一對平衡力的是（）

A．小球受到的重力與繩子對小的拉力B．小球受到的重力與小球對繩的拉力C．小球對繩子的拉力與繩子對球的拉力D．繩子受到的重力與天花板對子的拉力7分甲、乙、丙三個物體時同地沿同一直線做勻速直線運動，其中甲、乙的s圖象如圖所示，已如8時丙距甲、乙的距離恰好相等。則（）A．丙可能與甲的運動方向相反B．丙的s﹣t圖一定在甲的圖線方C．丙一定與乙的運動方向相同D．丙的s﹣t圖線可能在乙的圖下方8）如圖所示電路中，電電壓相同且不變，電路元件均完好，電流表A的比A大下列方案中有可能使兩電表示數相同的有（）方案：①用一個更小的電阻替換R②將圖）中的R與）中的換③用一個更大的電阻替換R④將圖）中的R與）中的換2

A．0個．1個C．2個．3個二、填空題（共23分9）一節新干電池的電壓

伏。額定功率為0.5千瓦用器正常工作2時，耗電

度；電能與其他形式能的轉化必遵循

定律。10分球間步衛星繞地運是由于力可以改變物體的，程中以地球為參照物星是

選運動”或“靜止”（“變大”、“不變”或“變小”11分電流周圍存在磁”是丹麥科學家

首先發現的。為了描述看不見、不著的磁場，人們假想出的曲線做。如圖所示，電源左側應為“正”或“負”

極（選填12分一金屬小球與地面復碰撞后發現小球的溫度略有升高，這是通過

的方式增加了小球的內能，現將小浸沒在水中，已知其體積為1×10米，則它受到的浮力大小為牛。

牛，若小球所受重力與浮力的合為10牛則球重大13）通過某導體的電流0.2，則10秒內過橫面荷量為

庫，此時該導體兩端電壓為4伏電阻為

歐，若增大通過該導體的電流，電阻將（選填“變大”，“不變”或“小”14分）如圖所示的電路，電源電壓保持不變。已知電阻、R中個或兩個同時發生斷路故障，且其他元件均持完好。現將一個完好的電流表接入電路，利用電鍵S的開閉排查出所有可能的故障情，電流表應接入電路中“c”現其對應的故

處（選填“a”、“b”或3

15）如圖所示是理論推液體內部壓強公式的示意圖。①如圖（a）示，研究A點的液體壓強大小，在點位置沿水平方向假想出一個受力面．（所示，用受力面S受液體壓強大小代替點到體壓強大小，其依據是。②然后在受力面上方假想出段液柱，如圖c）所示即可用壓強定義式P=推導出p=ρgh用液柱研究題的思想方法被稱為（填“控制變量法”效替代法”或“建立理想模型法）③小明猜想液體壓強公式也可以來計算大氣壓強、他主要是依據氣體與液體具有相似性：A．都具有流動性．。④小明在用公式ρgh算大壓強的過程中也發現了困難難于（至少寫出兩條）三、作圖題（共7）16）在圖中，物塊受到平向右，大小為2牛力F，用力的圖示法畫出拉力。17）在圖中，根據給出入射光線AO畫出射線OB并標出反射角及其度數。18）在圖中，將電源、流表、電壓表三個元件符號填入電路空缺處。要求電鍵4

閉合后：①電流方向如圖所示；②電壓表測電阻R端電壓。四、計算題（共26分19）質量為克的水溫度升高了℃．求水吸收的熱量Q．[c=4.2×10

焦/（千克℃）。20分如圖所示機械在秒內重10牛物體勻速提升2米，不計摩擦，求此過程中拉力做的及其。21）如圖所示電路，電電壓為12伏不R的值10歐滑動變阻器R上標有“50Ω1A”樣。閉合電通過R的為0.2安①求兩的電壓

②求秒電流通過電阻R做的W③在電路安全工作的情況下，移變阻器的滑片到位，R消的功率與R消的功率之比最大，求此時變阻器連電路的阻值R

22分簿壁圓柱形容器置水平面上，容器重為0.2。底面積為2×10，盛有千克。①求水的體積V5

②求容器對水平面的壓強P。③現將一體積為1×10

米3

的實心均勻小球浸沒在該容器的中，放入前后水對容器底部壓強變化量及容器對水平的壓強變化量如表示小球的密度ρ△p帕）0五、實驗題（共18分23）彈簧測力計是測量

△p（帕）196的工具，杠桿在如圖所示位置靜時

處于平衡狀選填“是”或“不是”在平位置平衡調左側的（填“左”或“右”桿平衡條件的過程中需多次實驗的目的與

移動實驗中多次實驗的目的相同（選填“A或“B”度；．探究物體質量與體積關系）24分“探究平面鏡成的特點”實驗中，用

替代平面鏡，是為了便于確認的位置驗證凸透鏡成像規”的實驗中蠟燭位于如圖所示位置時能屏上得到等大的像透鏡焦距可將發光物置于光具座上的

厘米凸位置不變得放大的像，點（選填字母25分）研究不同形狀的器中加入液體后，液體對容器底部的壓F和器對水平面的壓力的況，某小組學選用口大底小和口小底大兩種形容的輕質薄壁容器進行實驗過器中加入不同質的液體m利出液體對容器底部的壓力容器對水平面的壓力F相據記錄如表中。6

實驗序號M（）F（F（

11.06.19.8

22.09.819.6

33.012.729.4

41.010.39.8

52.022.119.6

63.036.129.4容器形狀①分析比較實驗序號

的數據及相關系件可能在口大底的輕質容器中，加入一定質量的液體后F

F“”、“等于”“小于”②分析比較實數序號142與53與據及相關條件可知，

與容器形狀有關（選填“F”“F”③分析比較實驗序號1、2與3或4，5與中與的據關條件可知，同一輪質容器中，加入不同質量的液體后。26華同學做“測定小泡的電功率“實驗材齊全且完好電壓有2、4和8四檔測為標“2.5V”“樣中的一個變阻器有“2A“和“Ω“兩種規格。小選用電源的電壓為，正確連接電路且使變阻器連入電路中的電阻最大合鍵時發光較刺眼電表指針所處位置如圖（a示。①判斷所用滑動變阻器的規格并明理由。②為了完成實驗，小華擬對已有電源檔位或滑動變阻器規格進行調整，請分析其可行性，并寫出具體的調整方案。。③調整好后華按正確方進行實驗小正發時流針所處位置如圖（c）所，請通過計算求出小的額定功率。7

2018上海市黃浦區中考物理模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共16分各題只有一個正確選項）1）地球屬于太陽系中的）A．恒星．行星C星D．星【分析根據恒星、行星、衛星彗星的定義進行判斷：恒星是能發光的星體；行星通常指自身不發光，環繞著星的天體；衛星是環繞一顆行星按閉合軌道周期性運行的天體；彗星是星際間物質。【解答解：地球不能發光，圍太陽這顆恒星運行，所以地球是行星。故選B。【點評掌握恒星、行星、衛星彗星的定義是解決本題的關鍵。2）下列屬于三原色光的（A．黃光．紫光C光D．光【分析彩電視機熒屏上呈現種顏色是由紅綠藍三色色光合成的綠藍三種色光叫色光的三原色。【解答解：用放大鏡觀察彩色視畫面，可以發現是由紅、綠、藍三種色光混合而成的，因此紅、綠、藍被稱為色光的三色。故選C。【點評的三原色需要牢固記和掌握光三色顏的色容易混淆正確區分。3）如圖所示標志主要是了控制發聲體的（）8

A．頻率．音調C色D．幅【分析聲三個特征分別是音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低由頻率決定；響指聲音的強弱或大小和距離有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性弱聲途有種在處減弱、在人耳處減弱、在傳播過程中減弱。【解答解：響度指聲音的強弱大小，是由發聲體振動的振幅決定的，振幅越大，響度越大；禁止鳴笛讓體不再動發聲，屬于在聲源處減弱噪聲，故此標志是控制發聲體的振幅。故選D。【點評聲音的特征有音調、響、音色；三個特征是從三個不同角度描述聲音的，且影響三個特征的因素各不相同。4）籃球被拋出后在空中升的過程中，下列說法正確的是（）A．動能不變．動能增加．力勢能不變D．重力勢能增加【分析能大小的影響因：質量、速度。質量越大，速度越大，動能越大。（2）力勢能大小的影響因素質量、被舉得高度。質量越大，高度越高，重力勢能越大。【解答解球被拋出后在空上升的過程中，質量不變，速度減小，動能減小，高度增大，重力勢能增大。故選D。【點評掌能、重力勢能、性勢能的影響因素，利用控制變量法，判斷動能、重力勢能、彈性勢能、機械能的變化。5）四沖程內燃機工作時將內能轉化成機械能的沖程是（A．吸氣沖程．壓縮沖程．功沖程．排氣沖程【分析四沖程內燃機包括吸氣壓縮、做功、排氣四個沖程。其中有兩個沖程存在能量轉化：壓縮沖程將機械能轉化為內，做功沖程將內能轉化為機械能。9

【解答解在四沖程內燃機的個沖程中沖活塞壓縮氣體對其做功機能轉化為內能；做功沖程是將內能化為機械能。故選C。【點評題考查了四個沖中的能量轉化情況沖做功沖程發生了能量的轉化，轉化情況正好相反。6）如圖所示，懸掛在天板下方的小球保持靜止狀態，下列屬于一對平衡力的是（）A．小球受到的重力與繩子對小的拉力B．小球受到的重力與小球對繩的拉力C．小球對繩子的拉力與繩子對球的拉力D．繩子受到的重力與天花板對子的拉力【分析衡件小相等向相反用同一直線用在同一個物體上；（2）互作用力的條件：大小等、方向相反、作用在同一直線，作用在兩個物體上。【解答解：A、小球受到的重力與繩子對小的拉力符合二力平衡的條件，是一對平衡力，故A正B、小球受到的重力與小球對繩的拉力，沒有作用在同一個物體上，且方向相同，所以不是平衡力，故B錯C、小球對繩子的拉力與繩子對球的拉力，沒有作用在同一個物體上，不是平衡力，故C錯誤；D、繩子受到的重力與天花板對子的拉力，這兩個力的大小不同（天花板對繩子的拉力等于繩子和小球的總重力衡力，故D錯故選A。【點評要學生對平力的辨別要注意平衡力和相互作用力的區別：是否作用于同一物體。7分甲、乙、丙三個物體時同地沿同一直線做勻速直線運動，其中甲、乙的s10

圖象如圖所示，已如8時丙距甲、乙的距離恰好相等。則（）A．丙可能與甲的運動方向相反B．丙的s﹣t圖一定在甲的圖線方C．丙一定與乙的運動方向相同D．丙的s﹣t圖線可能在乙的圖下方【分析由象讀出秒時甲乙通過的路程根據丙距離甲的距離恰好相等，求出甲8s內通過的路程判斷出距離關系即可。【解答解由圖象讀出t=8，二者通過的路程為=20m又知道8秒時距離甲、乙的距離恰好相等，可判斷出甲和丙方向相同，和乙方向相反；甲和丙方向相同，則甲丙間的距為s=s=20m﹣s，乙和丙方向相反，則乙丙間的距為△s′=s+s=10m+s，因為秒時離甲、乙的距離好相等，即20m=10m+s所以=5m故丙的s圖能在乙的圖線下方，如圖所示：故選D。【點評本題考查了速度的計算﹣t圖的和理解，讀懂圖象是解決此題的關鍵，判斷出甲、乙、丙三車的運動方是難點。8）如圖所示電路中，電電壓相同且不變，電路元件均完好，電流表A的比A大下列方案中有可能使兩電表示數相同的有（）11

方案：①用一個更小的電阻替換R②將圖）中的R與）中的換③用一個更大的電阻替換R④將圖）中的R與）中的換A．0個．1個C．2個．3個【分析合電鍵S，由）電路圖可知，電路為R與的電路，電流表A測路中的電流；由）電路圖可知R與串電流表電路電流；電流表A、A的相同電源電壓相等且保持不據姆律知們電系據聯電路的電阻特點可知R與R、R間的關。【解答解：閉合電鍵S后由）電路圖可知，電路為與的電路，電流表測干路中的電流；I+由（電路圖可知R與R串，流表A測電流；

①電流表示=一個更小的電阻替換I=

可得電變大；電源電壓相同且不變I＜I，錯誤；②將圖）中的R與（）中R互，圖）中的總電阻R，圖（）中的總電阻，+R=R有能，由I=可有可能使兩電流表示數相同，故②正確；③圖a）中的總電阻=，用一個更大的電阻替換R′變，圖）中的總電阻R=R+R，R≠R，由I=可得，不可能使兩電流表示數相同，故③錯誤；④將圖）中的與b中的R互，圖中的總電阻R′=，用一個更12

大的電阻替換R′變，圖b中的總電阻=R+R=R有能，由I=可得，有可能使兩電流表示數相同，故④確。故選C。【點評題了串并聯電路特點和歐姆定律的應用電路中之間的關系和電阻之間的關系是關鍵。二、填空題（共23分9）一節新干電池的電壓1.5。額定功率為0.5千瓦用電器正常工作2時，耗電1；電能與其他式能的轉化必然遵循能守律。【分析節新干電池的電為；（2正作時的功率和定功率相等W=Pt正常工作小時的電能；（3）量的轉化和守恒定律是能量在轉化和轉移中總量保持不變。【解答解新干電池電壓為；（2）P=可額定功率為瓦的用電器正常工作2小耗的電能：W=Pt=0.5kW×1h=2kWh；（3）能與其他形式能的轉化然遵循能量守恒定律。故答案為1.5；能量守恒。【點評題了常見電源電值的記憶和電功的計算以及能量守恒定律道基礎題目。10）地球間步衛星繞地動是由于力可以改變物體的運態，程中以地球為參照物，衛星是靜止（填運”“止將不變（“變大”、“不變”或“變小”【分析用是改變物的形狀或改變物體的運動狀態的與靜止時，關鍵看研究對象相對于參照物的置是否發生改變。慣性的大小與質量有關，與速度無關。【解答解：①地球間步衛星繞運動是由于力可以改變物體的運動狀態；②以地球為參照物和地球間的位置沒有發生變化以地球為參照物球步衛星是靜止的；③慣性的大小與質量有關，與速無關，衛星的質量不變，故慣性不變。13

故答案為：運動狀態；靜止；不。【點評題主要考查學生對力作用效果照物的選擇和慣性的理解和掌握養生利用物理原理來解釋科技現象的力。在物理學習中，要注意勤于思考，學以致用。11分電流周圍存在磁場是丹麥科學家斯特首發。為了描述看不見、摸不著的磁場假想出的曲叫做磁線圖源應為負填“正”或“負”

選【分析斯特實驗說明了電導線周圍存在著磁場；（2）感線是用來描述磁場的種理想化的模型，實際上不存在；（3）用安培定則可以判斷通螺線管的極性或電流方向。【解答解：丹麥科學家奧斯特首先發現了電周圍存在磁場，為了描述看不見、摸不著的磁場人們假想出的曲線叫做磁感線，實際上不存在；已知螺線管的左端為N握住螺線管大拇指指向螺線管的N則指所指的方向為電流的方向即流從螺管右端流入，左端流出，所以電源的右側是正極，左側為負極。如圖所示：故答案為：奧斯特；磁感線；負【點評本題考查磁場方向、磁線、安培定則的應用、電流磁場的發現等問題，是一道基礎題，掌握基礎知識即可正確解。12一小球與地面復碰撞后發現小球的溫度略有升高通過做功方式增加了小球的內能，現將小浸沒在水中，已知其體積為1×10米，則它受到的浮14

力大小為9.8，若小球所重力與浮力的合力為10牛則小球的重力大小為19.8牛。【分析傳遞都可改變物體的內能主要區別是功是能量的轉化，而熱傳遞是能量的轉移；（2）體完全浸沒后，物體排水的體積等于物體的體積，利用阿基米德原理FρgV

求物體受到水的浮力；利用F=G﹣F計重力與浮力的合力。【解答解屬小球地面反復碰撞后發現小球的溫度略有升高通過做功的方式增加了小球的內能；（2）體受到的浮力：FρgV

kg/m×9.8N/kg×1×10m=9.8N重力的方向豎直向下，浮力的方豎直向上，即重力和浮力的方向相反，由題知，小球所受重力與浮力的力為10牛根據力的合成可知F﹣F，所以小球的重力大小為：G=F+F=10N+9.8N=19.8N故答案為：做功；19.8。【點評題考查了學生對阿基德原理一線二的成解與掌握意條件“物體浸沒水中后，物體排水的體積等于物體的體積”的運用。13）通過某導體的電流0.2，則10秒內過橫面荷量為2，此時該導體兩端電壓為4電為20大通過該導體的電流電不（選填“變大”，“不變”或“小”【分析道導體的電據Q=It求10秒過它橫截面的電荷量知導體兩端的電壓，根據歐姆定律出導體的電阻；（2）阻是導體本身的一種性，只與導體的材料、長度、橫截面積和溫度有關，與兩端的電壓和通過的電流無關。【解答解：由I=可得，10秒過它橫截面的電荷量：，由可，導體的電阻：15

R===20Ω，因電阻是導體本身的一種性質，兩端的電壓和通過的電流無關，所以，增大通過導體的電流時，體的電阻仍為不。故答案為2；20；變。【點評題了電流定義式歐姆定律的應用是導體的電阻與兩端的電壓和通過的電流無關，是一道基礎題。14分）如圖所示的電路，電源電壓保持不變。已知電阻、R中個或兩個同時發生斷路故障，且其他元件均持完好。現將一個完好的電流表接入電路，利用電鍵S的開閉排查出所有可能的故障情，電流表應接入電路中b

處（選填“a”、“b”或“c”象及其對應的故閉合開關S后，電流表的示數均為0，電阻R、R同斷路；若閉合前，示數為，閉合后電示數不為0則表明R斷；若閉合開關S示數不為0，閉后，流示不，表R斷路。【分析首先判定電路的連接狀，然后根據并聯電路電流的特點分析電路的故障。【解答解：由圖可知，當開關S后，該電路為并聯電路，干路中的電流等于支路電流的和果把電流表接在支路中流能測量一條支路的電流法另外一條支路的電流，故應該把電流表接入干中，即接在b若閉合開關S后，電流表的示均為0，則電阻同時路閉合前電流表示數為，閉合S電流表示數不則表明R；若閉合開關前不為，閉合S后，電流表示數不變，則表明R斷。故答案為b閉合開關前電流表的示數均為，則電阻同斷路；若閉合前，電流表示數為閉合S流表示數不為0則表明斷路閉合開關S前不為，閉合S，電流表示數不，則表明R斷。【點評本題考查了利用電流表查電路的故障，屬于基礎知識。16

15）如圖所示是理論推液體內部壓強公式的示意圖。①如圖（a）示，研究A點的液體壓強大小，在點位置沿水平方向假想出一個受力面．（所示，用受力面S受液體壓強大小代替點到體壓強大小，其依據是同液體在同深度向各個方向的壓強相等。②然后在受力面上方假想出段液柱，如圖c）所示即可用壓強定義式P=推導出p=ρgh這種運用假想液柱研究題的思想方法被稱為建立理想模型法（填“控制變量法”，“等效替代法”或“立理想模型法”）③小明猜想液體壓強公式也可以來計算大氣壓強、他主要是依據氣體與液體具有相似性：A．都具有流動性．都受重。④小明在用公式p=ρgh算大壓強的過程中也發現了困難，其困難在于氣的密度不均勻；重力系數g隨海拔高度改變而改變；深度h不確（少寫出兩條）【分析①液體內部壓強在同一度處處相等；②通過建立模型來揭示原型的形、特征和本質的方法稱為理想模型法。③根據液體壓強產生的原因分析答；④根據p=ρgh可從氣體的密度重力示數和深度的角度分析解答。【解答解：①如圖）所示，用受力面受到液體壓強大小代替A受到的液體壓強大小，其依據是：同種液體在同一深度向各個向的壓強相等；②液柱對受力面S壓力所以，液柱對受力面S壓強p===，這種運用假想液柱研究問題的思方法被稱為建立理想模型法；③液體和氣體類似，都受重力的用，所以都會壓在物體上，對物體有向下壓強；液體和氣體都具有流動性，所以容器側壁或物體側壁也有壓強。據此可猜想液體壓強公式也可以來計算大氣壓強，即他主要是依據氣體與液體具有相似性：都具有流動性、都受力；④在用公式p=ρgh計算壓的過程中，其困難在于：氣體的密度不均勻；重力系數

會隨海拔高度的改變而改變；深h不定。故答案為：①同種液體在同一深度向各個方的壓強相等；②建立理想模型法；③都受重力；④氣體的密度不均勻；重力系數g會隨海拔高度的改變而改變；深度不好。【點評此主要考查液體壓強相關知識與液體具有相似性此們也可以利用液體壓強公式粗略地計算氣體強。三、作圖題（共7）16）在圖中，物塊受到平向右，大小為2牛力F，用力的圖示法畫出拉力。【分析力圖示時意的向和點要全部表示出來先比例尺，然后過物體重心作水平向右的力根據力的大小確定線段的長度。【解答選取一段表示2N的段后物的心水右的大小為2N拉力F，其長短為表示1N線圖示如下：【點評意力的示意圖與力的示的區別的示意圖不用選擇標度力圖示則要選擇合適的標度。17）在圖中，根據給出入射光線AO畫出射線OB并標出反射角及其度數。【分析根據光的反射定律：反光線、入射光線和法線在同一平面內，反射光線、入射光線分居法線兩側，反射角等于入角，作出反射光線并標出反射角及其度數。【解答解：已知入射角為60°，據光的反射定律可知反射角也為60°根據反射角等18

于入射角，在法線的右側畫出反光線并標出反射角及其度數，如圖所示：【點評于題目已經作出法線據反射角等于入射角同一平面內法線的另一側畫出入射光線即可，注意完成題目的求。要注意入射角是入射光線與法線之間的夾角。18）在圖中，將電源、流表、電壓表三個元件符號填入電路空缺處。要求電鍵閉合后：①電流方向如圖所示；②電壓表測電阻R端電壓。【分析要燈泡發光則必須有源；電流表在電路中相當于短路，并且與用電器串聯；電壓表測端電壓，所以電壓表并聯【解答解：因為電壓表測電阻R電壓，故電壓表與，所以中間一定為電壓表，右邊一定為電源，并且上邊為正，則左邊為電流表，如下圖所示：【點評類目要求對電路各元件的作用及使用方法要非常明確根并聯電路的特點正確連接電路。四、計算題（共26分19）質量為克的水溫度升高了℃．求水吸收的熱量Q．[c=4.2×10/（千克℃）。

焦19

【分析解決此題要結合熱量公=cm△t求解。【解答解：=ceq\o\ac(△,m)=4.2×1OJ/（kg℃）×=4.2×1OJ；答：水吸收的熱量為【點評解題要利用熱量的式進行計算，正確理解“溫度升高了50”的物理意義，注意比熱容的單位的書寫。20分如圖所示機械在秒內重10牛物體勻速提升2米，不計摩擦，求此過程中拉力做的及其。【分析圖可知滑輪為定輪，知道使用定滑輪不省力；（2）計滑輪重及摩擦，利用和求拉力做的功和功率。【解答解：由圖知滑輪為定滑輪，則拉力端動的距離s=h=2m不計摩擦，則拉力拉力做的W=Fs=10N×2m=20J；拉力的功率P===4W。答：拉力做的功為20J功率為4W【點評本題考查了學生對定滑的使用和功、功率的計算，因條件已給出，難度不大。21）如圖所示電路，電電壓為12伏不R的值10歐滑動變阻器R上標有“50Ω1A”。閉合電通過R的為0.2安①求兩的電壓

②求秒電流通過電阻R做的W③在電路安全工作的情況下，移變阻器的滑片到位，R消的功率與R消的20

功率之比最大，求此時變阻器連電路的阻值R

【分析①由圖知，兩電阻串聯由U=IR計R兩電壓；②由W=UIt算10電流通R做功③在電路安全工作的情況下P=IR分解兩阻功比時變阻器連入電路的阻值。【解答解：①由電路圖知與R串，閉電鍵S后，過R電流為0.2A，由可：U=IRΩ=2V；②10秒內通過R做功：W=UIt=2V×0.2A×10s=4J③由串聯電路中電流處處相等和P=IR：==，R為值電阻，所以R連電路阻值越小，兩電阻的功率比越大，由變阻器的規格和串聯電路的電特點可知，電路中的最大電流為1A，此時電路總電阻最小，變阻器連入阻值最小，所以R=R﹣R=﹣10Ω=2Ω答：①R端的電壓為；②10秒內通過R做功為③在電路安全工作的情況下器連入電路的阻值為Ω時消耗率與R消功率之比最大。【點評本考查了串聯電路特定律公式、電功率公式和電功公式的應用，由功率比和電阻比關系結合變阻器規格析電路中的最大電流是關鍵。22分簿壁圓柱形容器置水平面上，容器重為0.2。底面積為2×10，21

盛有千克。①求水的體積V②求容器對水平面的壓強P。③現將一體積為1×10米3的均勻小球浸沒在該容器的水中，放入前后水對容器底部壓強變化量eq\o\ac(△,p)eq\o\ac(△,)容器對水平的壓強變化量如表示小球的密度ρ△p帕）0

△p（帕）196【分析①利用密度公式計算水體積。②容器對水平面的壓力等于容器容器內水的重力之和，又知容器的底面積，即受力面積，利用壓強公式計算容器對水平面壓強。③由eq\o\ac(△,p)eq\o\ac(△,)=0Pa可，容器內的一開始是滿的，所以V=V；意可知，將小球浸沒在該容器的水中后對桌面壓力變化量等于小球的重力減去溢出水的重力根p=、G=mgρ=列出等式，解小球的密度。【解答解：①根據ρ=可水的體積：V===1×10m。②容器內水的重力：G=m，容器對水平面的壓力：F=G+G，容器對水平面的壓強：p==。③由eq\o\ac(△,p)eq\o\ac(△,)=0Pa可，容器內的一開始是滿的，所以V=V=1×10m，由題意可知球浸沒在該容的水中后桌面的壓力變化量等于小球的重力減去溢出水的重力，所以根據p=、G=mg和ρ=：gVρgV，即=×9.8N/kg×1×10﹣1×1022

解得ρ=5×10kg/m。答：①水的體積為1×10。②容器對水平面的壓強為500Pa。③小球的密度為5×10kg/m【點評查壓強和密度的小計算和液體壓強公式的應用等多個知識點，是一道綜合性非常強的題目器對水平面的壓力等于容器和容器內水的重力之和據△p=0Pa判出容器內的水開始是滿的是解答此題的兩個關鍵點；根據題意得出將小球浸沒在該容器的水中后桌面的壓力變化量等于小球的重力減去溢出水的重力根據、G=mgρ=列出等是此題的難點。五、實驗題（共18分23）彈簧測力計是測量力的，杠桿在如圖所示位置靜止時處平衡狀填”或“不是”平位置平衡左側的右選填“左”或“右”條的過程中需多次實驗的目的與B驗中多次實驗的目的相同（選填“A”或“B”密；．究質量與體積關系）【分析簧測力計是測量的工具；杠桿處于靜止狀態或勻速轉動狀態都稱為平衡狀態；如果杠桿不在水平位置平衡可通過反向調節（向偏高的一端）平衡螺母，使杠桿在水平位置平衡；（2）了探究規律應多測量幾實驗數據。【解答解彈簧測力計是測量力工具；實驗前，杠桿停在圖甲所示的位，此時杠桿處于靜止狀態，是平衡狀態；當杠桿的左端偏低時，可將兩端平衡螺母向右調節；（2）究杠桿平衡條件的過程需多次實驗的目的是為了得到普遍性的規律，與探究物體質量與體積關系實驗中多次實驗目的相同，故選B故答案為：力；是；右。【點評此題主要考查學生對于桿平衡條件的理解，常見題目。23

24）在“探究平面鏡成的特點”實驗中，用玻璃板替面鏡，是為了便于確認像位置“凸鏡成像規律”的實驗中蠟于如圖所示位置時能在光屏上得到等大的像，則該透鏡焦距為20

厘米，保持凸透鏡位置不變，為得到放大的像，可將發光物置于光座上的、D點（選填字母【分析究平面鏡成像實中，要用透明的玻璃板代替平面鏡，雖然成像不太清晰，但是在物體A側能看到物體A的，同時還能看到代替物體A另一個物體，便于確定像的位置；（2）握凸透鏡成像的規律：物距大于倍焦成倒立縮小實像，像距處于1倍焦距之間；物距等于倍焦成倒立等大實像，像距等于2倍；物距處于倍、2焦距之間，倒立放大的實像，像距大于2焦距；物距等于倍焦，不成像；物距小于焦距，成正立、放大的像。【解答解：（1）用透明玻璃板是采用其明的物理屬性，使眼睛在蠟燭一側到物體A的同時還能看到代替物體A的一物體，便于確定像的位置；（2蠟燭到凸透鏡的距離為50cm﹣10cm=40cm光屏上呈現一個倒立等大的像，則2f=40cm，；A到凸透鏡的距離為﹣5cm=45cm大于2f，倒縮的；B到凸透鏡的距離為﹣15cm=35cm，于2f之，成倒立放大的實像；C到凸透鏡的距離為﹣30cm=20cm，于不成像；D到凸透鏡的距離為﹣40cm=10cm，于成正立放大的虛像；所以當蠟燭置于圖中B點成放大的像。24

故答案為：玻璃板；像20；B、D【點評面像實中各器材選擇和操作的目的為什么選擇薄透明玻璃板、為什么選擇兩個完全相同的燭、玻璃板為什么要豎直放置什置觀察、刻度尺的作用等；（2）究凸透鏡成像實驗中，透鏡的焦距、凸透鏡三種成像情況、凸透鏡成實像時，物距增大像距減小，像變小、這三知識點經常出現，一定要熟練掌握。25分）研究不同形狀的器中加入液體后，液體對容器底部的壓F和器對水平面的壓力的況，某小組學選用口大底小和口小底大兩種形容的輕質薄壁容器進行實驗過器中加入不同質的液體m利出液體對容器底部的壓力容器對水平面的壓力F相據記錄如表中。實驗序號M（）F（F（

11.06.19.8

22.09.819.6

33.012.729.4

41.010.39.8

52.022.119.6

63.036.129.4容器形狀①分析比較實驗序號1與2與3數據及相關系件可能在口大底小的輕質容器中，加入一定質量的液體后F小F“大于”、“等于”或“小于”②分析比較實數序號1與或與5或3與6的及相關條件可知，F與形狀有關（選填“F”“F”③分析比較實驗序號1、2與3或4，5與中與的據關條件可知，同一輪質容器中，加入不同質量的液體后容對平的力F與液體的質量的成正比。【分析據格中的數據實驗過程中控制的物理量的量實驗結果，在實驗步驟中對比確定。【解答在大底小的輕容器中定質