廣東省揭陽市寶喜高級中學2022年高三物理下學期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）已知某單色光的波長為λ，在真空中的傳播速度為c，普朗克常量為h，則該電磁波輻射的能量子的值為（

）A．

B．

C． D．hcλ參考答案：A2.（單選）如圖所示電路，當滑動變阻器R1的滑片向上滑動時，下列說法正確的是（）A．電流表的示數變大B．R3兩端的電壓減小C．R2的功率增大D．R1的電流增大參考答案：考點：閉合電路的歐姆定律．專題：恒定電流專題．分析：首先認識電路的結構：電阻R1、R4并聯后R2串聯，再與R3并聯，電流表測量通過R4的電流．再按下列思路進行分析：當滑動變阻器R1的滑片向上滑動時，分析其接入電路電阻的變化，即可知外電路總電阻的變化，根據閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化，再根據干路電流與通過R3電流的變化，分析通過R2電流的變化，即可知道其功率的變化．根據路端電壓與R2電壓的變化，分析R1、R4并聯電壓的變化，即可知電流表讀數的變化，由通過R2的電流與電流表示數變化，分析R1的電流變化．解答：解：當滑動變阻器R1的滑片向上滑動時，其接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則干路電流I減小，路端電壓U增大，R3兩端的電壓等于路端電壓，則知R3兩端的電壓增大，則通過R3電流I3增大，通過R2電流I2=I﹣I3，I減小，I3增大，則I2減小，故R2的功率減小，電壓U2也減小；R1、R4并聯電壓U并=U﹣U2，U增大，U2減小，則知U并增大，故通過電流表的電流IA增大，電流表的示數變大．R1的電流I1=I2﹣IA，I2減小，IA，增大，則I1減小．故A正確，BCD錯誤．故選A點評：本題是電路動態分析問題，關鍵一要搞清電路的結構；二要按“局部→整體→局部”按部就班進行分析．3.(單選)如圖，豎直圓環內側凹槽光滑，aOd為其水平直徑，兩個相同的小球A和B（均可視為質點），從a點同時以相同速率v。開始向上和向下沿圓環凹槽運動，且運動中始終未脫離圓環，則A、B兩球第一次：(

)A．可能在b點相遇，相遇時兩球的速率vA>vB>v0；B．可能在b點相遇，相遇時兩球的速率vA=vB>v0；C．可能在d點相遇，相遇時兩球的速率vA=vB=v0；D．可能在c點相遇，相遇時兩球的速率vA=vB<v0；參考答案：D4.(多選)如圖所示,豎直放置的輕彈簧的一端固定在地面上,另一端與斜面體P連接,P與斜放的固定擋板MN接觸且處于靜止狀態,彈簧處于豎直方向,則斜面體P此刻受到外力的個數可能為()A.2個

B.3個

C.4個

D.5個

參考答案：CD5.一定質量的理想氣體，在溫度不變條件下，設法使壓強增大，則這一過程中

A．氣體的密度增加 B．氣體分子的平均動能增大 C．外界對氣體不做功 D．氣體從外界吸收了熱量參考答案：A二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.天然放射性元素放出的α、β、g三種射線的貫穿本領和電離本領各不相同，圖為這三種射線貫穿物體情況的示意圖，①、②、③各代表一種射線。則③為_________射線，它的貫穿本領最強；射線①的電離本領__________（選填“最強”或“最弱”）。參考答案：g，最強 7.如圖所示，質量為50g的小球以12m/s的水平速度拋出，恰好與傾角為37o的斜面垂直碰撞，則此過程中重力的功為

J，重力的沖量為

N·s。參考答案：

6.4

J，0.8

N·s8.靜止的電了經電場加速后，撞擊原了使其由基態躍遷到激發態，電子的加速電壓至少為_________V；用大量處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷釋放的光了，照射某種金屬，有兩種頻率的光子能使該金屬發生光電效應，則該金屬的逸出功一定小于__________eV。參考答案：

(1).10.2

(2).12.09【分析】由高能級向低能級躍遷，輻射的光子能量等于兩能級間的能級差，當光子的能量大于逸出功，即可發生光電效應；【詳解】使處于的氫原子躍遷到激發態，所需要的能量最小，即：則電子的加速電壓至少為：；根據光電效應規律可知，從躍遷到和從躍遷到時釋放的兩種頻率的光子能產生光電效應，則從躍遷到時釋放出光子的能量為：，則可知該金屬的逸出功W0一定小于。【點睛】解決本題的關鍵知道光子能量與能極差的關系，即，以及知道光電效應產生的條件。9.直升機沿水平方向勻速飛往水源取水滅火，懸掛著m=500kg空箱的懸索與豎直方向的夾角θ1＝450。直升機取水后飛往火場，加速度沿水平方向，大小穩定在a=1.5m/s2時，懸索與豎直方向的夾角θ2＝140。如果空氣阻力大小不變，且忽略懸索的質量，則空氣阻力大小為___

___N，水箱中水的質量M約為_______kg。（sin140=0.242；cos140=0.970）（保留兩位有效數字）參考答案：試題分析：直升機沿水平方向勻速和勻加速飛行時，水箱受力情況如下圖，根據牛頓第二定律，則有，，解得，。考點：本題考查了牛頓第二定律的應用。10.在點電荷電場中的A點分別由靜止釋放質子和α粒子，從A運動到B的過程中，電場力對質子和α粒子的沖量之比為

。參考答案：

答案：：411.某同學設計了一個探究加速度a與物體所受合力F及質量m關系的實驗，圖甲所示為實驗裝置的簡圖。(交流電的頻率為50Hz)（1）如圖乙所示為某次實驗得到的紙帶，根據紙帶可求出小車的加速度大小為__

______m/s2。(保留兩位有效數字)（2）保持砂和砂桶質量不變，改變小車質量m，分別得到小車加速度a與質量m及對應的數據如下表：實驗次數12345678小車加速度a/m·s－21.901.721.491.251.000.750.500.30小車質量m/kg0.250.290.330.400.500.711.001.67/kg－14.003.453.032.502.001.411.000.60請在如圖12所示的坐標紙中畫出圖線，并由圖線求出小車加速度a與質量倒數之間的關系式是______________________。參考答案：12.在將空氣壓縮裝入氣瓶的過程中，溫度保持不變，外界做了24kJ的功。現潛水員背著該氣瓶緩慢地潛入海底，若在此過程中，瓶中空氣的質量保持不變，且放出了5kJ的熱量。在上述兩個過程中，空氣的內能共減小________kJ，空氣________(選填“吸收”或“放出”)的總熱量為________kJ。參考答案：(1)交流(2)(3)1.313.如圖所示，質量分別為mA、mB的兩物塊A、B，疊放在一起，共同沿傾角為的斜面勻速下滑，斜面體放在水平地面上，且處于靜止狀態。則B與斜面間動摩擦因數

，A所受滑動摩擦力大小為

參考答案：三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.當千分尺的兩個小砧合攏時，會聽到“嗒”、“嗒”聲響，此時若套筒上可動刻度的零刻線與固定刻度的零刻線不重合，說明該千分尺存在零誤差，如圖甲所示，零誤差為

mm，用這個千分尺去測量長度時，實際長度就是讀數與這個零誤差的修正值．若用這個千分尺測某滾球珠直徑時的顯示如圖乙所示，則滾珠的實際直徑為d0=

mm.參考答案：15.同學們知道，將兩個金屬電極插入任何一個水果中就可以做成一個水果電池，但日常生活中我們很少用“水果電池”，這是為什么呢？某學習小組的同學準備就此問題進行探究。⑴同學們通過查閱資料知道將鋅、銅兩電極插入水果中，電動勢大約會有1伏多一點。曉宇同學找來了一個土豆做實驗，當用量程為0～3V、內阻約50kΩ的伏特表測其兩極時讀數為0.96V。但當他將四個這樣的水果電池串起來給標稱值為“3V，0.5A”的小燈泡供電時，燈泡并不發光。檢查燈泡、線路均沒有故障，而用伏特表測量其電壓確實能達到3V多。據您猜想，出現這種現象的原因應當是：

（不要求寫分析、推導過程）。⑵曉宇同學用歐姆表直接測“土豆電池”的兩極，讀得此時的讀數為30Ω.小麗同學用靈敏電流表直接接“土豆電池”的兩極，測得電流為0.32mA，根據前面用伏特表測得的0.96V電壓，由全電路歐姆定律得：.因而曉宇同學說土豆的內阻為30Ω，而小麗同學則說是3kΩ。請你判斷，用曉宇或小麗同學的方法測量“土豆電池”的內阻，結果是否準確，為什么？請選一位同學的方法說明理由。⑶若實驗室除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A.電流表A1（量程為0～0.6A，內阻為1Ω）B.靈敏電流表A2（量程為0～0.6mA，內阻為800Ω）C．靈敏電流表A3（量程為0～300μA，內阻未知）D.滑動變阻器R1（最大阻值約10Ω）E.滑動變阻器R2（最大阻值約2kΩ）F．定值電阻(阻值2kΩ)G.變阻箱（0～9999Ω）①為了能盡可能準確測定“土豆電池”的電動勢和內阻,實驗中應選擇的器材是________

(填器材前的字母代號)。②在右上方框中畫出應采用的電路。參考答案：本題考查測電池的電動勢和內阻實驗、閉合電路歐姆定律等知識，考查邏輯推理能力、分析綜合能力和實驗探究能力。（1）水果電池的內阻太大。（2分）（2）（3分）曉宇的方法不正確（1分），因水果電池本身有電動勢（1分），當用歐姆表直接接“土豆電池”的兩極時，歐姆表內部的電源與水果電池的電動勢正向或反向串聯，影響測量的結果，故測不準（1分）。小麗同學測量的誤差也很大（1分）。理想狀態下用電流表測得的是短路電流，伏特表測得的應當是電源電動勢，但由于水果電池的內阻很大，伏特表的內阻不是遠大于水果電池的內阻（1分），故其測得的電動勢誤差大，算得的內阻亦不準確（1分）。（3）①B（1分）、G（1分）

②（3分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.（18分） 如圖19（a）所示，在垂直于勻強磁場B的平面內，半徑為r的金屬圓盤繞過圓心O的軸轉動，圓心O和邊緣K通過電刷與一個電路連接，電路中的P是加上一定正向電壓才能導通的電子元件。流過電流表的電流I與圓盤角速度ω的關系如圖19（b）所示，期中ab段和bc段均為直線，且ab段過坐標原點。ω>0代表圓盤逆時針轉動。已知：R=3.0Ω，B=1.0T，r=0.2m。忽略圓盤、電流表和導線的電阻（1）

根據圖19（b）寫出ab、bc段對應I與ω的關系式（2）

求出圖19（b）中b、c兩點對應的P兩端的電壓Ub、Uc（3）

分別求出ab、bc段流過P的電流Ip與其兩端電壓Up的關系式

參考答案：（1）根據圖象可知ab段滿足：

(1)又由圖象可求得所以(-45rad/s15rad/s)

(2)bc段滿足：

(3)由圖象可得所以()

(4)（2）b點時對應圓盤產生的電動勢V所以，VVks5u所以，V（3）經分析可知ab段時沒有電流流過元件P，IP=0,；bc段時元件P中有電流流過

(5)

(6)把（4）（5）代入（6）解得：ks5u()17.如圖所示，有一質量為m=10-4kg，帶電量q=10-3C的小球，從橫截面為正方形的水平長方體的D點沿方向以v0=5m/s速度飛入，恰好從C點飛出，正長方體空間的邊長分別是L、L和5L。（取g=10m/s2）（1）求長方體底邊L的大小（2）如給長方體這一空間區域（含邊界在內）加一豎直向上的勻強電場E，以保證小球沿做勻速直線運動飛出，求E的大小（3）如保留電場E，再給長方體這一空間區域（含邊界在內）加豎直方向的磁場，使小球從空間點飛出，求磁場的磁感應強度B參考答案：答案：0.2m；1N/C；，B的方向為豎直向下。：(1)小球從D點飛入，從Cˊ點飛出，小球只受重力，可知小球做平拋運動，由：

----------------------------------（2分）

------------------------------------（2分）

得

L=0.2m---------------------------------（1分）(2)小球處于受力平衡狀態，則有：------------------------------------（3分）得：

------------------------（1分）(3)如小球從D點飛入，從A′點飛出，小球在長方體上表面

ADD′A′D水平面內做勻速圓周運動，由分析可知，小球的運動軌跡如右圖所示（俯視圖）,由勾股定理得：

---------------------------（3分）

得----------------------------------（1分）