新高考數學二輪復習專題34 單變量不等式能成立之最值分析法 (教師版)_第1頁
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文檔簡介

則h′(x)＝a－eq\f(1,x)，假設存在實數a，使h(x)＝ax－lnx(x∈(0，e])有最小值3，(ⅰ)當a≤0時，h′(x)＜0，所以h(x)在(0，e]上單調遞減，h(x)min＝h(e)＝ae－1＝3，a＝eq\f(4,e)，不符合題意．(ⅱ)當a＞0時，①當0＜a≤eq\f(1,e)時，eq\f(1,a)≥e，h′(x)＜0在(0，e]上恒成立，所以h(x)在(0，e]上單調遞減，h(x)min＝h(e)＝ae－1＝3，a＝eq\f(4,e)，不符合題意．②當a＞eq\f(1,e)時，0＜eq\f(1,a)＜e，當0＜x＜eq\f(1,a)時，h′(x)＜0，h(x)在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(1,a)))上單調遞減；當eq\f(1,a)＜x＜e時，h′(x)＞0，h(x)在eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)，e))上單調遞增，所以h(x)min＝heq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,a)))＝1＋lna＝3，解得a＝e2＞eq\f(1,e)．綜上所述，

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