2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示MN是一條電場線上的兩點，從M點由靜止釋放一個帶正電的帶電粒子，帶電粒子僅在電場力作用下沿電場線M點運動到N點，其運動速度隨時間t的變化規律如圖乙所示下列敘述中不正確的是（）A．M點場強比N的場強小B．M點的電勢比N點的電勢高C．從M點運動到N點電勢能增大D．從M點運動到N點粒子所受電場力逐漸地大2、一定質量的理想氣體，從狀態M開始，經狀態N、Q回到原狀態M，其p-V圖象如圖所示，其中QM平行于橫軸，NQ平行于縱軸．則（）A．M→N過程氣體溫度不變B．N→Q過程氣體對外做功C．N→Q過程氣體內能減小D．Q→M過程氣體放出熱量3、一物體沿豎直方向運動，以豎直向上為正方向，其運動的圖象如圖所示下列說法正確的是A．時間內物體處于失重狀態B．時間內物體機械能守恒C．時間內物體向下運動D．時間內物體機械能一直增大4、如圖所示，有一個電熱器R，接在電壓為u＝311sin100πt(V)的交流電源上．電熱器工作時的電阻為100Ω，電路中的交流電表均為理想電表．由此可知A．電壓表的示數為311VB．電流表的示數為2.2AC．電熱器的發熱功率為967WD．交流電的頻率為100Hz5、“殲-20”是中國自主研制的雙發重型隱形戰斗機，該機將擔負中國未來對空、對海的主權維護任務。在某次起飛中，質量為m的“殲-20”以恒定的功率P起動，其起飛過程的速度隨時間變化圖像如圖所示，經時間t0飛機的速度達到最大值為vm時，剛好起飛。關于起飛過程，下列說法正確的是A．飛機所受合力不變，速度增加越來越慢B．飛機所受合力增大，速度增加越來越快C．該過程克服阻力所做的功為D．平均速度6、如圖所示，輕質彈簧一端固定在豎直墻面上，另一端拴接一質量為m的小滑塊。剛開始時彈簧處于原長狀態，現給小滑塊上施加一水平力F，使之沿光滑水平面做勻加速直線運動，運動過程中彈簧未超出彈性限度。下列關于水平力F隨位移x變化的圖像正確的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，“L”形支架AOB水平放置，物體P位于支架OB部分，接觸面粗糙；一根輕彈簧一端固定在支架AO上，另一端與物體P相連。物體P靜止時，彈簧處于壓縮狀態。現將“L”形支架繞O點逆時針緩慢旋轉一很小的角度，P與支架始終保持相對靜止。在轉動的過程中，關于P的受力情況，下列說法正確的是（）A．支持力減小B．摩擦力不變C．合外力不變D．合外力變大8、關于熱力學的一些現象和規律，以下敘述正確的是（）A．熱量不能自發地從低溫物體傳到高溫物體B．液體的表面張力使液面繃緊，所以液滴呈球形C．高原地區水的沸點較低，是高原地區溫度較低的緣故D．一些昆蟲可以停在水面上，是由于表面層的水分子比內部的水分子更密集E.一定質量的理想氣體在狀態改變過程中，既不吸熱也不放熱，內能也有可能發生變化9、下列說法中正確的是（）A．布朗運動是液體分子的無規則運動B．擴散現象是由物質分子無規則運動產生的C．熱量只能從高溫物體傳到低溫物體D．固體分子間同時存在著引力和斥力E.溫度標志著物體內大量分子熱運動的劇烈程度10、一物體靜止在粗糙水平地面上，受到一恒力F作用開始運動，經時間t0，其速度變為v；若物體由靜止開始受恒力2F作用，經時間t0，其速度可能變為（）A．v B．2v C．3v D．4v三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖甲所示裝置研究平拋運動。將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從Q點飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，重新釋放鋼球，如此重復，白紙上將留下一系列痕跡點。(1)下列實驗條件必須滿足的有____________；A．斜槽軌道光滑B．斜槽軌道末段水平C．擋板高度等間距變化D．每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球(2)為定量研究，建立以水平方向為軸、豎直方向為軸的坐標系；a．取平拋運動的起始點為坐標原點，將鋼球靜置于Q點，鋼球的_______（選填“最上端”、“最下端”或者“球心”）對應白紙上的位置即為原點；在確定軸時_______（選填“需要”或者“不需要”）軸與重錘線平行；b．若遺漏記錄平拋軌跡的起始點，也可按下述方法處理數據：如圖乙所示，在軌跡上取A、B、C三點，AB和BC的水平間距相等且均為，測得AB和BC的豎直間距分別是和，則_______（選填“大于”、“等于”或者“小于”）。可求得鋼球平拋的初速度大小為_______（已知當地重力加速度為，結果用上述字母表示）。(3)為了得到平拋物體的運動軌跡，同學們還提出了以下三種方案，其中可行的是_______；A．從細管水平噴出穩定的細水柱，拍攝照片，即可得到平拋運動軌跡B．用頻閃照相在同一底片上記錄平拋小球在不同時刻的位置，平滑連接各位置，即可得到平拋運動軌跡C．將鉛筆垂直于豎直的白紙板放置，筆尖緊靠白紙板，鉛筆以一定初速度水平拋出，將會在白紙上留下筆尖的平拋運動軌跡(4)伽利略曾研究過平拋運動，他推斷：從同一炮臺水平發射的炮彈，如果不受空氣阻力，不論它們能射多遠，在空中飛行的時間都一樣。這實際上揭示了平拋物體_______。A．在水平方向上做勻速直線運動B．在豎直方向上做自由落體運動C．在下落過程中機械能守恒12．（12分）在一次實驗中,某同學想描繪一標有“3V，1.5W”的小燈泡的伏安特性曲線，除導線開關外還有:A．直流電源(電動勢約為4V，內阻可不計)B．直流電流表A1(量程0~3A，內阻約為0.1Ω)C．直流電流表A2(量程0~300mA，內阻為1Ω)D．直流電壓表V1(量程0~15V，內阻很大)E.直流電壓表V2(量程0~4V，內陽很大)F.滑動變阻器(最大阻值10Ω，允許通過的最大電流為2A)G.滑動變阻器(最大阻值1kΩ，允許通過的最大電流為0.5A)H.定值電阻R1=1ΩI.定值電阻R2=10Ω實驗要求小燈泡兩端的電壓從零開始變化并能測多組數據。(1)實驗中電流表應選用_____，電壓表應選用_______，滑動變阻器應選用_____(均用序號字母表示)。(2)請按要求設計實驗電路_______(3)某同學通過實驗正確作出的小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，現把實驗中使用的兩個相同的小燈泡串聯后由E=3V，內阻不計的電源供電，此時燈泡的實際功率約為______W(結果保留兩位有效數字)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在x0y平面坐標系的第Ⅰ象限內有沿x軸負方向的勻強電場，它的場強大小為E=4×105V/m，第Ⅱ象限有垂直平面向里的勻強磁場—個帶正電粒子以速度大小v0=2×107m/s從上A點沿y軸正方向射人電場，并從C點進入磁場.已知A點坐標為（0.2m，0），該粒子的比荷=2.5×109C/kg，不計粒子的重力.(1)求C點的坐標；(2)求粒子剛進入磁場時的速度；(3)若要使粒子不能進入第Ⅲ象限，求磁感應強度B的大小.14．（16分）如圖所示，用一塊長L1=1.0m的木板在墻和桌面間架設斜面，桌面離地高H=0.8m，桌面長L2=1.5m，斜面和水平桌面間的傾角θ可以在060°之間調節后固定，將質量m=0.2kg的小物塊從斜面頂端無初速釋放，物塊與斜面間的動摩擦因數μ1=0.05，物塊和桌面間的動摩擦因數為μ2，忽略物塊在斜面和桌面交接處的能量損失。（已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（1）當物塊剛好能從斜面開始下滑時，求斜面的傾角θ；（用正切值表示）（2）當θ角增大到37°時，物塊下滑后恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數μ2；（3）若將（2）中求出的μ2作為已知條件，繼續增大θ角，求物塊落地點與墻面的距離最大值S總，及此時斜面的傾角θ。15．（12分）如圖，絕熱氣缸被一導熱薄活塞分隔成A、B兩部分，活塞左側用一輕繩固定在氣缸左壁。已知A部分氣體的壓強為2×105Pa，B部分氣體的壓強為1×105Pa，A、B'體積之比為1：3，氣缸內氣體溫度為27℃，活1塞橫截面積為50cm2，氣缸內表面光滑，A、B中氣體均為理想氣體。（i）求輕繩的拉力大小F；（ii）若輕繩突然斷掉，求再次平衡時A、B兩部分氣體的體積之比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AD．從v-t圖像可以看出，加速度越來越大，根據牛頓第二定律，則說明受到的電場力越來越大，根據公式，說明電場強度越來越大，所以M點場強比N的場強小，故AD正確；B．因為帶電粒子做加速運動，所以受到的電場力往右，又因為帶電粒子帶正電，所以電場線的方向往右，又因為順著電場線的方向電勢降低，所以M點的電勢比N點的電勢高，故B正確；C．從M點運動到N點動能增加，電勢能應該減小，故C錯誤。故選C。2、D【解析】

A．M→N過程氣體的pV乘積先增加后減小，可知溫度先升高后降低，選項A錯誤；B．N→Q過程氣體的體積不變，不對外做功，選項B錯誤；C．N→Q過程氣體壓強增大，體積不變，由可知，溫度升高，則內能增加，選項C錯誤；D．Q→M過程氣體壓強不變，體積減小，外界對氣體做功，即W>0；由可知，溫度降低，內能減小，即?E<0，根據熱力學第一定律?E=W+Q可知Q<0，氣體放出熱量，選項D正確．3、D【解析】A、以豎直向上為正方向，在圖象中，斜率代表加速度，可知時間內物體向上做加速運動，加速度的方向向上，處于超重狀態故A錯誤；B、由圖可知，時間內物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增大，所以機械能增大故B錯誤；C、由圖可知，時間內物體向上做減速運動故C錯誤；D、時間內物體向上做加速運動，動能增大，重力勢能也增大；時間內物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增大，所以時間內物體機械能一直增大故D正確．故選：D4、B【解析】

因為交流電的最大值為Um＝311V，故其有效值為，則電壓表的示數為220V，故A錯誤；因為電阻為100Ω，電流表的示數為，故B正確；電熱器的發熱功率為P=I2R=（2.2A）2×100Ω=484W，故C錯誤；因為交流電的角速度為ω=100π，則其頻率為ω=2πf=50Hz，故D錯誤。故選B。5、C【解析】

AB.根據圖像可知，圖像的斜率為加速度，所以起飛中，斜率越來越小，加速度越來越小，速度增加越來越慢，根據牛頓第二定律，加速度減小，合外力減小，AB錯誤C.根據動能定理可知：，解得：，C正確D.因為不是勻變速運動，所以平均速度不等于，D錯誤6、D【解析】

小滑塊運動過程中受到水平向右的拉力以及水平向左的彈力作用，而小滑塊運動的位移大小等于彈簧的形變量，根據牛頓第二定律有所以有所以水平力隨位移變化的圖像是不過原點的一條傾斜直線，故A、B、C錯誤，D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

對受力分析如圖：不轉動時，對有支持力和靜摩擦力，根據平衡條件轉動后受力分析如圖：支持力為則支持力減小，摩擦力為則靜摩擦力減小，物塊保持靜止，所以合外力不變，仍為0，AC正確，BD錯誤。故選AC。8、ABE【解析】

A．根據熱力學第二定律，熱量不能自發地從低溫物體傳到高溫物體，需要外界干預，故A正確；BD．液體表面張力是由于表面層的水分子比液體內部的水分子更稀疏，分子間表現出引力，使液面繃緊，液滴呈球形，故B正確，D錯誤；C．高原地區水的沸點較低，這是因為高原地區大氣壓較低的緣故，故C錯誤；E．根據熱力學第一定律，一定質量的理想氣體在狀態改變過程中，既不吸熱也不放熱，通過做功內能也有可能發生變化，故E正確。故選ABE。9、BDE【解析】

A．布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動，是液體分子無規則運動的具體表現，選項A錯誤；B．擴散現象是由物質分子無規則運動產生的，選項B正確；C．熱量能自發地從高溫物體傳到低溫物體，也能從低溫物體傳到高溫物體，但是要引起其他的變化，選項C錯誤；D．固體分子間同時存在著引力和斥力，選項D正確；E．溫度是分子平均動能的標志，標志著物體內大量分子熱運動的劇烈程度，故E正確。故選BDE。10、CD【解析】

設恒力與水平方向夾角為，物體質量為m，動摩擦力因數為，由牛頓第二定律有得同理當拉力變為2F時，有由速度公式可知，速度將大于原來的2倍，故AB錯誤，CD正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD球心需要大于ABB【解析】

(1)[1]因為本實驗是研究平拋運動，只需要每次實驗都能保證鋼球做相同的平拋運動，即每次實驗都要保證鋼球從同一高度處無初速度釋放并水平拋出，沒必要要求斜槽軌道光滑，因此A錯誤，BD正確；擋板高度可以不等間距變化，故C錯誤。故選BD。(2)a．[2][3]因為鋼球做平拋運動的軌跡是其球心的軌跡，故將鋼球靜置于Q點，鋼球的球心對應的白紙上的位置即為坐標原點(平拋運動的起始點)；在確定軸時需要軸與重錘線平行。b．[4][5]由于平拋的豎直分運動是自由落體運動，故相鄰相等時間內豎直方向上的位移之比為1:3:5：…，故兩相鄰相等時間內豎直方向上的位移之比越來越大，因此大于；由，聯立解得(3)[6]將鉛筆垂直于豎直的白紙板放置，筆尖緊靠白紙板，鉛筆以一定初速度水平拋出，由于鉛筆受摩擦力作用，且不一定能保證鉛筆水平，鉛筆將不能始終保持垂直白紙板運動，鉛筆將發生傾斜，故不會在白紙上留下筆尖的平拋運動軌跡，故C不可行，AB可行。(4)[7]從同一炮臺水平發射的炮彈，如果不受空氣阻力，可認為做平拋運動，因此不論它們能射多遠，在空中飛行的時間都一樣，這實際上揭示了平拋物體在豎直方向上做自由落體運動，故選項B正確。12、CEF0.54--0.57【解析】

(1)[1][2]小燈泡的額定電壓為3V，因此電壓表選擇量程大于等于3V的即可，電壓表故選E；而小燈泡的額定電流為電流表A1量程太大，測量誤差太大，故應用電流表A2和定值電阻并聯，改裝成電流表，電流表故選C；[3]還需要調節電路的滑動變阻器，為了方便操作，且小燈泡兩端的電壓從零開始變化，滑動變阻器應選阻值較小的F；(2)[4]本實驗小燈泡兩端的電壓從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；同時因電流表內阻與小燈泡的電阻接近，電壓表內阻遠大于小燈泡的電阻，故電流表選用外接法；實驗電路圖如圖所示：(3)[5]電源內阻不計，兩燈泡串聯，每個燈泡兩端電壓相等為，根據圖象可知，此電壓下流經燈泡的電流為則小燈泡的功率四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（l）（0，0.4m）；（2），與y軸的夾角為；（3）．【解析】試題分析：（1）粒子在第一象限內做類平拋運動，即沿y軸正方向做勻速直線運動，沿x軸負方向做勻加速直線運動，由類平拋運動規律可以求出水平位移．（2）在第一問手基礎上，求出類平拋運動的末速度即為進入磁場的初速度．（3）粒子進入第二象限后做勻速圓周運動，若要使粒子不進入第三象限，則當粒子的運動軌跡恰與x軸相切時，是粒子的最大的半徑，對應最小的磁感應強度．（l）粒子在第I象限內的運動類似平拋運動，軌跡如圖沿x軸負方向做勻加速運動，則有：，沿y軸正方向做勻速運動，則有：聯立解得：y=0.4m故粒子經過y軸時的坐標為（0，0.4m）（2）設粒子進入磁場時的速度為v則x軸方向的速度為，y軸方向的速度為由，解得：設速度v的方向與y軸的夾角為則有：解得：，即速度v的方向與y軸的夾角為（3）粒子在磁場中做勻速圓周運動，其最大半徑為R的圓弧在運動軌跡圖中，由幾何關系得：，又聯立解得：磁感應強度最小值為則第II象限內的磁場磁感應強度【點睛】本題是帶電粒子在組合的勻強電場和勻強磁場中做類平拋運動和勻速圓周運動的綜合題，需要考慮的是帶電粒子在勻強磁場中運動的極端情況，要使粒子不進入