2021-2022學年山東省臨沂市歧山鄉中學高一物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，靜止的小球m分別與兩個物體（或面）接觸，設各接觸面光滑，則小球受到兩個彈力的是：(

)參考答案：BC2.（多選）如圖為節日里懸掛燈籠的一種方式，A、B點等高，O為結點，輕繩AO、BO長度相等，拉力分別為FA、FB，燈籠受到的重力為G。下列表述正確的是()

A．FA不一定小于G

B．FA與FB大小相等C．FA與FB是一對平衡力

D．FA與FB大小之和等于G參考答案：BD3.（多選題）一個質量為m的物體，（體積可忽略），在半徑為R，的光滑半球頂點處以水平速度v0運動，如圖所示，則下列說法正確的是（）A．若v0=，則物體對半球頂點無壓力B．若v0=，則物體對半球頂點的壓力為mgC．若v0=0，則物體對半球頂點的壓力為mgD．若v0=0，則物體對半球頂點的壓力為零參考答案：AC【考點】向心力；牛頓第二定律．【分析】在最高點，物體沿半徑方向的合力提供向心力，根據牛頓第二定律判斷是否有支持力．【解答】解：A、若v0=，則mg﹣F=m，得：F=0，則物體對半球面頂點無壓力，故A正確；B、若v0=，則mg﹣F=m，得：F=，則物體對半球面頂點的壓力為mg，故B錯誤；C、設物體受支持力為F，根據牛頓第二定律：mg﹣F=m=0，得：F=mg，物體對半球頂點的壓力為mg，故C正確，D錯誤；故選：AC．4.我國自行研制的“梟龍”戰機在四川某地試飛成功．假設該戰機起飛前從靜止開始做勻加速直線運動，達到起飛速度v所需時間t，則起飛前的運動距離為()A．vt

B.

C．2vt

D．不能確定參考答案：B5.下列是描述勻速圓周運動的物理量，其中不變的是（

）A.速度

B.周期

C.向心力

D.動能參考答案：BD二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一根粗細均勻的繩子，右側固定，使左側的S點上下振動，產生一列向右傳播的機械波，某時刻的波形如圖所示，則該波在傳播過程中波速保持不變，波的頻率逐漸增大．（選填“逐漸增大”、“逐漸減小”或“保持不變”）參考答案：解：波速是由介質的性質決定的，與波長無關，故該波的波速保持不變；由圖看出，該波的波長逐漸減小，而波速一定，由波速v=λf分析得知頻率逐漸增大．故答案為：保持不變、逐漸增大7.在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中：

（1）為了探究加速度與力的關系，應保持質量

不變；為了直觀地判斷加速度與力的數量關系，應作出

圖象（選填“”或“”）.（2）為了探究加速度與質量的關系，應保持

力不變；為了直觀地判斷加速度與質量的數量關系，應作

圖象（選填“”或“”）.（3）題25—2圖為某同學在實驗中打出的一條紙帶，計時器打點的時間間隔為0.02s。他從比較清晰的點起，每五個點取一個計數點，則相鄰兩計數點間的時間間隔為0.1

s。為了由v-t圖象求出小車的加速度，他量出相鄰兩計數點間的距離，分別求出打各計數點時小車的速度。其中打計數點3時小車的速度為0.46

m/s。參考答案：8.如圖所示是上海錦江樂園中的“摩天輪”，它高108m，直徑為98m，每次可乘坐378人，每轉一圈25min.摩天輪轉動時，某一轎廂內坐有一位游客，則該游客隨輪一起勻速轉動的周期為___________s，向心加速度大小為____________m/s2。

參考答案：1500；8.6×10-49.如圖所示，物體在水平面上向右滑行過程中，同時受到一水平向左的拉力F=12N的作用，已知物體的質量為2kg，物體與地面間的動摩擦因數μ=0.5，則物體所受的滑動摩擦力大小為

N。（g=10m/s2）參考答案：10.（1）關于利用如圖所示的裝置探究決定電荷間的相互作用力大小的因素實驗，本實驗主要應用物理實驗方法是：

（2）在“探究功與物體速度變化關系”實驗中，小車會受到阻力，但可使木板傾斜作為補償．則下列操作正確的是(

)

A．放開小車，能夠自由下滑即可

B．放開小車，能夠勻速下滑即可

C．放開拖著紙帶的小車，能夠自由下滑即可

D．放開拖著紙帶的小車，能夠勻速下滑即可參考答案：（1）控制變量法

（2）D11.一光滑半圓形圓環固定在豎直平面內，環上套著一個質量為m的小球P，用細繩相連系于A點，處于平衡狀態，如圖所示．若細繩與水平面夾角為30°，則細繩對小球的拉力FT為

，環對小球的彈力FN為

參考答案：mg，對小球進行受力分析：重力mg、繩對小球的拉力FT和環對小球的彈力FN，作出力圖，如圖．

根據平衡條件得知：重力mg與繩對小球的拉力FT的合力與環對小球的彈力FN大小相等，方向相反，則由幾何知識得到：FT=mg．

又2mgcos30°=FN，得到FN=12.在如圖所示的皮帶傳動裝置中，小輪O1的半徑是大輪O2半徑的一半，A、B、C、分別是大輪邊緣、小輪邊緣、大輪上的點，且C到轉軸O2的距離等于大輪半徑的一半。在此傳動裝置正常運轉（皮帶不打滑）的情況下，（1）A、B、C運動的速度大小之比為

；（2）A、B、C轉動的角速度速度之比為

；（3）A、B、C的向心加速度之比為

。參考答案：13.一小球從樓頂開始做自由落體運動，下落途中經過高為1.65m的窗戶所經歷的時間為0.1s，則這個窗戶的上邊框與樓頂間的高度差為＿＿＿＿＿＿＿m。參考答案：12.8，三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.實驗時，打點計時器應接低壓

(直流或交流）電源，每隔

s打一個點，如下圖是某次實驗的紙帶，舍去前面比較密集的點，從0點開始，每5個連續點取1個計數點，標以1、2、3……那么相鄰兩個計數點之間的時間為

。各計數點與0點間距離依次為，，，則物體通過1計數點的速度是

m/s，通過2計數點的速度是

m/s，運動的加速度為

。參考答案：交流

0.02

0.1

0.375

0.525

1.515.如圖所示，在研究平拋物體的運動實驗中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，每個小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置為圖中的a、b、c、d幾點，則小球平拋的初速度的計算式為v0=

(用L和g表示)，其值是

m/s，小球在b點時的豎直分速度是

m/s.（g取9.8m/s2）參考答案：；0.7；0.525；四、計算題：本題共3小題，共計47分16.已知一質點X方向做變加速直線運動，已知其初速度為v0，加速度方向與初速度方向相同．（1）若其加速度隨時間的變化關系為a=a0﹣kt，式中a0，k（k＞0）均為常量，求當t=t0時（a≠0）質點的速率（2）若其加速度隨位移的變化關系為a=a0+kx，式中a0，k（k＞0）均為常量，求當x=x0時質點的速率．參考答案：解：（1）加速度，那么，△v=a0△t﹣kt△t=，所以，當t=t0時質點的速率；（2）加速度，那么，，所以，當x=x0時質點的速率；答：（1）若其加速度隨時間的變化關系為a=a0﹣kt，式中a0，k（k＞0）均為常量，則當t=t0時（a≠0）質點的速率為；（2）若其加速度隨位移的變化關系為a=a0+kx，式中a0，k（k＞0）均為常量，則當x=x0時質點的速率為．【考點】勻變速直線運動規律的綜合運用．【分析】（1）將加速度用速度和時間的變化量來表示，然后化簡得到速度和時間的變化量關系式，再對其進行累加即可求解；（2）將加速度用位移和時間的變化量來表示，然后化簡得到位移和時間的變化量關系式，再對其進行累加即可求解．17.(計算)（2015春?平度市期中）如圖所示，一光滑的半徑為R的半圓形軌道固定在水平面上，一個質量為m的小球先后兩次以不同的速度沖上軌道，第一次小球恰能通過軌道的最高點A，之后落于水平面上的P點，第二次小球通過最高點后落于Q點，P、Q兩點間距離為R．求：（1）第一次小球落點P到軌道底端B的距離；（2）第二次小球經過A點時對軌道的壓力．參考答案：（1）第一次小球落點P到軌道底端B的距離為2R；（2）第二次小球經過A點時對軌道的壓力為．解：設求第一次通過A點速度為v1，根據牛頓第二定律有：解得：根據2R=，x1=v1t，解得：x1=2R．（2）第二次小球的水平位移為：x2=x1+R=3R，由x2=v2t，，聯立解得：．根據牛頓第三定律：對軌道的壓力為：，方向豎直向上．答：（1）第一次小球落點P到軌道底端B的距離為2R；（2）第二次小球經過A點時對軌