1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、下列情況中，研究對象可以視為質點的是（ ）A.研究地球自轉的規律B.研究地球繞太陽公轉的周期C.研究人造地球衛星的姿態調整D.研究跳水運動員的跳水動作

2、2、如圖所示，A、B兩物體相距x3 m，物體A以vA4 m/s的速度向右勻速運動，而物體B此時的速度vB10 m/s，在摩擦力作用下向右做勻減速運動，加速度的大小為2 m/s2.那么物體A追上物體B所用的時間為()A.7 sB 8 sC.sD.3s3、有2個力，它們的合力為0現把其中一個大小等于10N、方向向東的力改為向南（大小不變），則它們的合力A.大小為10N，方向東偏南45B.大小為10N，方向西偏南45C.大小為10N，方向西偏南45D.大小為10N，方向東偏南454、甲乙兩個物體，甲重力是乙的3倍，他們從同一高度處同時自由下落（不計空氣阻力），則下列說法中正確的是（）A.甲比乙先著地

3、B.甲乙同時著地C.甲的加速度比乙大D.無法確定誰先著地5、甲乙兩個物體，甲的重力是乙的3倍，他們從同一高度處同時自由下落（不計空氣阻力），則下列說法中正確的是（）A.甲比乙先著地B.甲乙同時著地C.甲的加速度比乙大D.無法確定誰先著地6、小東從家到車站接到他小姨后一起回家，的士給的全程發票如圖所示，由此可以得出的信息正確的有（ ）A.車站到小東家的位移是4.3kmB.車站到小東家車的路程是4.3kmC.坐的士時間為0.5小時D.車的平均速度約為2.4m/s7、如圖甲所示，足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A，滑塊A受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，滑塊A的加速度a與拉力F的關

4、系圖象如圖乙所示滑塊A的質量記作mA，長木板B的質量記作mB，則（）A.mA1kgB.mB3kgC.A、B間動摩擦因數0.5D.F10N之后，B的加速度為2m/s28、如圖所示，我國航天飛機在完成航天維修任務后，在A點從圓形軌道進入橢圓軌道，B為軌道上的一點，關于該航天飛機的運動，下列說法中正確的有A.在軌道上經過A的速度大于經過B的速度B.在軌道上經過A的速度等于在軌道上經過A的速度C.在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期D.在軌道上經過A的加速度等于在軌道上經過A的加速度9、如圖所示，白色水平傳送帶AB長10 m，向右勻速運動的速度v0=4 m/s，一質量為1 kg的小墨塊（可視為質點

5、）以v1=6 m/s的初速度從傳送帶右端B點沖上傳送帶，小墨塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.4，g取10 m/s2則以下說法正確的是()A.小墨塊先做勻減速運動，然后一直做勻加速運動B.小墨塊相對地面向左運動的最大距離為4.5 mC.小墨塊從B點沖上傳送帶到再次回到B點所用的時間是3.125 sD.小墨塊在白色傳送帶上留下的墨跡長度為14.5m10、游樂園中，游客乘坐能加速或減速運動的升降機，可以體會超重與失重的感覺下列描述正確的是（ ）A.當升降機加速上升時，游客是處在失重狀態B.當升降機減速下降時，游客是處在超重狀態C.當升降機減速上升時，游客是處在失重狀態D.當升降機加速下降時，游客是處在

6、超重狀態二、實驗題11、（4分）在探究物體的加速度與物體所受外力F、物體質量M間的關系時，采用如圖1所示的實驗裝置.小車及車中的砝碼質量用M表示，盤及盤中的砝碼質量用m表示。（1）為了把細繩對小車的拉力視為小車的合外力，要完成的一個重要步驟是_；（2）為使圖示中鉤碼的總重力大小視為細繩的拉力大小，必須滿足的條件是鉤碼的總質量_小車的總質量（填“大于”、“小于”、“遠大于”或“遠小于”）（3）某一組同學先保持盤及盤中的砝碼質量m一定來做實驗，其具體操作步驟如下，以下做法正確的是_。A.平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B.每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C.實驗

7、時，先放開小車，再接通打點計時器的電源D.用天平測出m以及小車質量M，小車運動的加速度可直接用公式a=求出（4）一組同學保持小車及車中的砝碼質量M一定，探究加速度a與所受外力F的關系，由于他們操作不當，這組同學得到的a-F關系圖象如圖2所示，其原因是_。（5）如圖3所示為一次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E、F、G為相鄰的計數點，相鄰計數點的時間間隔T=0.1s.小車獲得的加速度大小是_。12、（10分）學校物理興趣小組利用如圖甲所示的實驗裝置完成“探究加速度與力的關系”的實驗。他們所用的器材有小車、一端帶有滑輪的導軌、打點計時器和幾個已知質量的鉤碼，另有學生電源和其它相關實驗器

8、材(圖中未畫出)。(1)下列做法有兩個正確是_（填字母代號）；A調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行B在長木板帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，使小車在不受牽引力時能勻速下滑C實驗時，先放開小車再接通打點計時器的電源D每次改變拉小車的拉力后都不需要重新平衡摩擦力(2)圖乙是實驗中得到的一條紙帶，圖中相鄰兩計數點的時間間隔為0.10s，由圖中數據可得打點計時器打下C點時小車的速度大小_m/s，小車的加速度大小_m/s2；(結果均保留三位有效數字)(3)實驗小組A、B分別以各自測得的加速度a為縱軸，小車所受的合力F為橫軸，作出圖象如圖丙中圖線1、2所示，則圖線1、2中對應小車（含車內的

9、鉤碼）的質量較大的是圖線_（選填“1”或“2”）。三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）上海佘山世貿深坑酒店將于2019年開業，該酒店位于深88m的深坑中，設計施工難度非常大年輕設計師設計出依靠峭壁的特殊電梯，解決了運送施工人員快速進入坑底的難題若電梯最大速度為10m/s，電梯加速下降加速度為2 m/s2, 減速下降加速度為5 m/s2, 求：（1）電梯減速下降的距離.（2）電梯到達坑底所用時間.14、（14分）如圖所示，質量為m，橫截面為直角三角形的物塊ABC，ABC，AB邊靠在豎直墻面上

10、，物塊與墻面間的動摩擦因數為，現物塊在垂直于斜面BC的推力作用下，沿墻面勻速滑動，試表示出力F的大小15、（13分）ETC是高速公路上不停車電子收費系統的簡稱。如圖所示，汽車以15m/s的速度行駛，如果過人工收費通道，需要在收費中心線處減速至0，經過20s繳費后，再加速至15m/s行駛；如果過ETC通道，需要在中心線前方10m處減速至5m/s，勻速到達中心線后，再加速至15m/s行駛。設汽車加速和減速的加速度大小均為1m/s2，求：（1）汽車過人工收費通道，從收費前減速開始，到收費后加速結束，總共經過的時間t 和通過的路程s；（2）汽車過ETC通道，從收費前減速開始，到收費后加速結束，總共經過

11、的時間和通過的路程；（3）如果過ETC通道，汽車通過第（1）)問的路程，比人工收費通道所節約的時間。參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】A研究地球自轉的規律時，地球不能看做質點，否則就沒有旋轉可言了，選項A錯誤；B研究地球繞太陽公轉的周期時，地球的大小可忽略不計，可看做質點，選項B正確；C研究人造地球衛星的姿態調整時，衛星的大小和形狀不能忽略，不能看做質點，選項C錯誤；D研究跳水運動員的跳水動作時，運動員不能看做質點，否則就沒動

12、作可言了，選項D錯誤。故選B。2、A【解析】B速度減為零的時間，此時B的位移xB25m，A的位移xA=vAt0=45m=20m，因為xAxB+x，可知B速度減為零時A還未追上B，根據x+xB=vAt知，追及的時間t=s7s故選A3、C【解析】因物體兩力而平衡，將一個正東10N的力改為正南方向，即可看成兩個大小相等，相互垂直的兩力的合成【詳解】由題意知，兩力的大小為10N，方向相互垂直，根據力的平行四邊形定則，由勾股定理可得，合力大小為：；方向為兩力夾角的角平分線上，即西偏南45；故選C【點睛】力的合成與分解的依據為等效性，故在解題中應明確等效替代的作用，再由力的平行四邊形定則求解即可4、B【解

13、析】自由落體運動的加速度都是g，與物體的重力大小無關，則當兩物體從同一高度處同時自由下落時，用時間相同，則甲乙同時落地。故選B。5、B【解析】自由落體運動的加速度都是g，與物體的重力大小無關，則當兩物體從同一高度處同時自由下落時，用時間相同，則甲乙同時落地。故選B6、BC【解析】AB4.3km指是路程，故A錯誤，B正確；C上車時刻是11：26，下車時刻的11：56，兩個時刻的時間間隔為0.5小時，即坐的士時間為0.5小時，故C正確；D平均速度等于位移與發生這一位移所用時間的比值，根據發票信息我們不能知道車站到小東家的位移，所以平均速度無法計算，故D錯誤。故選BC。7、BD【解析】AB由圖乙可知

14、，當F10N時，加速度為：a2m/s2，對A、B整體分析，由牛頓第二定律有F（mA+mB）a代入數據解得mA+mB5kg當F大于10N時，A、B發生相對滑動，對A根據牛頓第二定律得a=-g圖象的斜率k解得mA2kg滑塊B的質量為mB3kg故A錯誤，B正確；C當F大于10N時，A的加速度與F的關系aF-g知當a0時，F6N，代入解得0.3故C錯誤；D根據F10N時，滑塊與木板相對滑動，B的加速度為aBm/s2=2m/s2故D正確。故選BD。8、CD【解析】A、在軌道從B到A，萬有引力做負功，速度減小，即A點的速度小于B點的速度，故A錯誤；B、從軌道上的A點進入軌道I，需加速，可知在軌道上經過A的

15、速度小于在軌道上經過A的速度，故B錯誤；C、根據開普勒第三定律知，軌道的半長軸小于軌道I的軌道半徑，則在軌道上運動的周期小于在軌道上運動的周期，故C正確；D、根據牛頓第二定律知，在不同軌道上經過A點時，所受的萬有引力大小相等，則加速度大小相等，故D正確故選CD點睛：根據萬有引力做功，結合動能定理比較在軌道上A、B的速度大小；根據變軌的原理比較不同軌道上在A點的速度大小；根據開普勒第三定律比較不同軌道上的運行周期；根據牛頓第二定律比較在不同軌道上的加速度大小9、BC【解析】由題意可知，小墨塊先向左做勻減速直線運動，后反向勻加速直線運動到與皮帶共速，最后和皮帶保持相對靜止，勻速回到B點；【詳解】第

16、一階段，設小墨塊向左做勻減速運動的時間為，加速度大小為由牛頓第二定律可知，解得：根據速度與時間的關系：，解得：則小墨塊向左勻減速的位移大小：故墨塊繼續反向勻加速，加速度大小仍然為第二階段，設墨塊反向勻加速與皮帶達到共速所用的時間為，則，解得：反向勻加速相對地面走過的位移大小為：故墨塊繼續隨皮帶一起勻速運動第三階段，設墨塊雖皮帶一起勻速返回到B點所用時間為，則故小墨塊先做勻減速運動，然后做勻加速運動，最后和皮帶一起勻速回到B點，選項A錯誤；小墨塊相對地面向左運動的最大距離為4.5 m，選項B正確；小墨塊從B點沖上傳送帶到再次回到B點所用的時間是：，選項C正確；第一階段墨塊和皮帶相對滑動的距離為：

17、第二階段墨塊和皮帶相對滑動的距離為：兩過程中，墨塊一直相對皮帶向左運動，故皮帶上留下的墨跡長度為：，故D錯誤；故本題正確答案選BC【點睛】本題關鍵是明確滑塊的受力情況和運動情況，然后分階段根據牛頓第二定律列式求解加速度，再根據運動學公式列式求解，弄清楚運動過程和受力情況是關鍵10、BC【解析】當升降機加速上升時，乘客有向上的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的此時升降機對乘客的支持力大于乘客的重力，所以處于超重狀態A錯誤當升降機減速下降時，具有向上的加速度，同理此時乘客也處于超重狀態B正確當升降機減速上升時，具有向下的加速度，是由重力與升降機對乘客支持力的合力產生的，所以升降機對乘

18、客的支持力小于乘客的重力此時失重C正確當升降機加速下降時，也具有向下的加速度，同理可得此時處于失重狀態，D錯誤易錯提醒：對超重失重的原因不明，錯誤認為加速運動就超重而減速運動失重而錯選D備考提示：超重與失重的理解是解決本題的關鍵超重和失重并不是重力發生的變化，而是測得的支持力發生了變化，大于實際重力或小于實際重力對于物體此時在豎直方向受力不再平衡，一定產生加速度，加速度的方向向上時，支持力大于重力，超重，加速度的方向向下時，支持力小于重力，失重從物體的運動情況判斷加速度的方向對于加速度方向的判斷，可以根據速度的大小變化當速度增大時，加速度的方向與速度方向相同，當速度大小減小時，加速度的方向與速

19、度方向相反二、實驗題11、 .平衡摩擦力 .遠小于 .B .未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足 .0.50m/s2【解析】（1）1當小車的摩擦力和小車重力的下滑力等大反向時，重力、支持力和摩擦力的合力為零，小車受到的合力等于細繩對小車的拉力。所以必須平衡摩擦力；（2）2根據牛頓第二定律，對鉤碼：對小車：聯立得：為使圖示中鉤碼的總重力大小視為細繩的拉力大小，即：必須滿足的條件是鉤碼的總質量遠小于小車的總質量；（3）3 A.平衡摩擦力時，應使小車的摩擦力和小車重力的下滑力等大反向，小車不能掛盤及盤中的砝碼，故A錯誤； B.第一次平衡好摩擦力后，增減小車的質量時，摩擦力和重力的下滑分力均同比例變化，所以沒

20、必要重新平衡摩擦力。故B正確； C.實驗時，先接通打點計時器的電源，等打點穩定后再放開小車，故C錯誤；D.只有滿足鉤碼的總質量遠小于小車的總質量時，才可以近似認為小車受到的拉力等于盤及盤中的砝碼的重力，故D錯誤。故選：B；（4）4從aF圖象可以看出，當拉力為某一值時，加速度仍為零，說明沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；（5）5根據逐差公式的推論來求加速度：12、 .AD .0.121 .0.195 .1【解析】(1)1A調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，以減小實驗的誤差，故A正確；B在長木板不帶定滑輪的一端下面墊上一塊薄木塊，以平衡摩擦力，使小車在不受牽引力時能勻速下滑，故B錯誤；C實驗時，先接通打點計時器，再釋放小車，故C錯誤；D因平衡摩擦力時滿足兩邊消掉了