1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，固定在豎直平面內的光滑圓環的最高點有一個光滑的小孔。質量為m的小球套在圓環上，一根細線的下端系著小球，上端穿過小孔用手拉住。現拉動細線，使小球沿圓環緩慢上移，在移動過程中，手對細線的拉力F和圓環對小球的彈力FN的大小變化情況是（）A.F

2、不變，FN增大B.F不變，FN減小C.F減小，FN不變D.F增大，FN減小2、下列說法正確的是（）A.飛機起飛時的速度約為120m/s，這里的120m/s指的是平均速度B.汽車速度計顯示是汽車瞬時速度的大小C.平均速度總等于初、末時刻瞬時速度的平均值D.若物體在某段時間內的平均速度等于零，則它在這段時間內任一時刻的瞬時速度一定等于零3、下列物理量屬于矢量的是（ ）A.加速度B.時間C.路程D.速率4、如圖，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊（A、B接觸面豎直，此時A恰好不滑動，B剛好不下滑，已知A與B間的動摩擦因數為，A與地面間的動摩擦因數為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，與B

3、的質量之比為A.B.C.D.5、如圖所示，一小球從斜面頂端沿水平方向飛出，后又落回到斜面上。已知斜面的傾角為，小球初速度大小為v0，不計空氣阻力，重力加速度為g，下列說法正確的是A.小球從飛出到落回到斜面上的時間為B.小球落回到斜面上時的速度大小為C.減小小球的初速度，則小球落回到斜面上時速度方向與斜面的夾角也減小D.若小球以2v0水平飛出，且小球仍能落回到斜面上，則小球落回到斜面上的速度大小是原來落回到斜面上速度大小的2倍6、如圖所示，兩個質量分別為m1=2kg、m2=3kg的物體置于光滑的水平面上，中間用勁度系數k=400N/m的輕質彈簧連接。兩個大小分別為F=20N、F=20N的水平拉力

4、分別作用在m1、m2上，系統仍保持靜止，則（）A.彈簧的伸長量為0B.彈簧的伸長量為5cmC.彈簧的伸長量為8cmD.彈簧的伸長量為10cm7、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距x=4m，以v0=4m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉，今將一小煤塊（可視為質點）無初速度地輕放至A端，由于煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕已知煤塊與傳送帶間的動摩擦因數=0.4，取重力加速度g=10m/s2，則煤塊從A運動到B的過程中A.煤塊到A運動到B的時間是2.25 sB.煤塊從A運動到B的時間是1.5 sC.劃痕長度是2 mD.劃痕長度是0.5 m8、如圖，將兩個質量均為m的小球a、b用細線

5、相連懸掛于O點，用力F拉小球a，使整個裝置處于平衡狀態，且懸線Oa與豎直方向的夾角為=30，則F的大小可能為A.mgB.mgC.mgD.mg9、以下說法正確的有（ ）A.物體速度很大時，加速度可能很小B.物體速度增大時，加速度可能減小C.物體速度為零時，加速度也一定為零D.加速度和速度同方向，速度一定增大，加速度和速度反方向，速度不一定減小10、如圖所示，cd為固定在小車上水平橫桿，物塊M串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M又通過輕繩懸吊著一個小鐵球m，此時小車正以大小為a的加速度向右做勻加速運動，而M、m均相對小車靜止，細線與豎直方向的夾角為。小車的加速度增加到2a時（）A.橫桿對M的摩擦力

6、增加到原來的2倍B.橫桿對M的彈力不變C.細線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍D.細線的拉力增加到原來的2倍11、如圖所示，將光滑斜面上物體的重力分解為、兩個力，下列結論正確的是（ ）A.是斜面作用在物體上使物體下滑的力，是物體對斜面的正壓力B.物體受、四個力作用C.物體受重力和彈力的作用D.力、三個力的作用效果跟、兩個力的作用效果相同12、如圖所示，一傾角為45的斜面固定于豎直墻上，為使一光滑的鐵球靜止，需加一水平力F，且F過球心，下列說法正確的是（）A.球一定受墻的彈力且水平向左B.球可能受墻的彈力且水平向左C.球一定受斜面的彈力且垂直斜面向上D.球可能受斜面的彈力且垂直斜面向上二、實驗題

7、（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）如圖甲所示某同學設計了用光電門傳感器“探究小車的加速度與小車所受拉力及質量關系”的實驗(1)如圖甲所示，在小車上固定寬度為L的擋光片，將兩個光電門傳感器固定在相距為d的軌道上，釋放小車，傳感器記錄下小車經過光電門的時間t1、t2，可以測得小車的加速度a_(用題中的符號L、d，t1、t2表示)(2)在該實驗中必須采用_法(填物理方法)，應保持_不變，通過改變鉤碼的個數來改變小車所受的拉力大小，研究加速度a隨拉力F變化的規律(3)甲同學由于實驗時沒有注意始終滿足Mm的條件(m為鉤碼的質量)，結果得到的圖象應是下圖中的_A. B. C. D.(4)乙

8、、丙兩名同學用同一裝置做實驗，畫出了各自得到的aF圖線如圖乙所示，兩個同學做實驗時的哪一個物理量取值不同_14、（10分）在“探究加速度與力、質量的關系”的實驗中,采用如圖所示的實驗裝置,小車及車中砝碼的質量用M表示,盤及盤中砝碼的質量用m表示,小車的加速度可由小車后面拉動的紙帶經打點計時器打出的點計算得到.（1）當M與m的大小關系滿足_時,才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼的總重力.（2）一組同學在探究加速度與質量的關系時,保持盤及盤中砝碼的質量一定,改變小車及車中砝碼的質量,測出相應的加速度,采用圖象法處理數據.為了比較容易地得出加速度a與質量M的關系,應作出a與_圖象.(3)甲

9、同學在探究加速度與力的關系時,根據測量數據作出的a一F圖線,如圖a所示.則實驗存在的問題是_ .(4).乙、丙兩同學用同一裝置探究加速度與力的關系時,畫出了各自得到的a一F圖線,如圖b所示.則兩同學做實驗時的哪一個物理量取值不同?答:_.三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖，用0.4m長的輕桿拴住一質量為1kg的小球在豎直面內繞O點做圓周運動，小球通過最低點A時的速度大小為2m/s，小球通過最高點B時桿中的彈力為零（g = 10m/s2）求：小球通過A點時輕桿對小球的彈力；小球通過B點時的速度大小；若小球通過B點時速度大小為1m/s，輕桿對小球的彈力16

10、、（12分）如圖所示，電梯內有一傾角的固定斜面，質量為m的物體靜止在斜面上，已知sin=0.6，cos=0.8.重力加速度為g，當電梯豎直向上做勻加速運動，加速度大小為0.5g時，物體與斜面處于相對靜止狀態，求物體所受的支持力大小N和摩擦力大小f。17、（12分）如圖，質量m1=4kg的物塊C懸掛在繩OA和OB的結點O上，OA偏離豎直方向=370，OB沿水平方向，且與質量m2=30kg的木塊B相連接，木塊靜止于傾角為=370.的固定斜面上，g取10m/s2，試求：（1）繩OA拉力大小；（2）物塊對斜面的摩擦力大小和方向參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，

11、錯選和不選得零分）1、C【解析】小球沿圓環緩慢上移可看成小球始終受力平衡，對小球進行受力分析，受力示意圖如圖所示由圖可知，即當A點上移時，半徑不變，AB長度減小，故F減小，FN不變，C正確。故選C。2、B【解析】A飛機起飛時的速度約為120m/s，這里的120m/s指的是瞬時速度，選項A錯誤；B汽車速度計顯示的是汽車瞬時速度的大小，選項B正確；C只有勻變速直線運動中平均速度才等于初、末時刻瞬時速度的平均值，選項C錯誤；D若物體在某段時間內的平均速度等于零，則它在這段時間內任一時刻的瞬時速度不一定等于零，例如物體運動一周，位移為零，則平均速度為零，但是瞬時速度不為零，選項D錯誤；故選B。3、A【

12、解析】A.加速度既有大小又有方向，是矢量，故A正確；BCD.時間、路程和速率只有大小，沒有方向，都是標量，故BCD錯誤；故選：A；4、B【解析】對A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據平衡條件，有：F=2（m1+m2）g 再對物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據平衡條件，有：水平方向：F=N豎直方向：m2g=f其中：f=1N聯立有：m2g=1F 聯立解得：故選B。【考點定位】物體的平衡【點睛】本題關鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對象，受力分析后根據平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力。5、D【解析】A小球從斜面做平拋運動又落回到斜

13、面上，位移在水平方向的夾角等于斜面的傾斜角，有：解得：故A錯誤；B根據速度夾角和位移夾角的關系式：結合數學知識有：所以小球落到斜面上時的速度大小故B錯誤；C根據速度夾角和位移夾角的關系式：小球落到斜面上時速度方向和初速度無關，方向始終不變，故C錯誤；D小球落到斜面上時的速度大小即小球落到斜面上時的速度大小和初速度成正比，所以若小球以水平飛出，假設小球仍能落回到斜面上，則小球落到斜面上的速度大小是以飛出時落回到斜面上的2倍，故D正確；故選D。6、B【解析】由題意知當兩個水平拉力作用在物體上系統穩定時，彈簧的彈力為20N，故根據胡克定律可知所以即彈簧的伸長量為5cm，故B正確，ACD錯誤。故選B。

14、7、BC【解析】A、B、煤塊在傳送帶上勻加速運動時，根據牛頓第二定律有mg=ma，得a=g=4 m/s2，當煤塊速度和傳送帶速度相同時，位移，因此煤塊先加速后勻速，勻加速運動的時間，勻速運動的時間，煤塊從A運動到B的總時間t=t1+t2=1.5 s，A錯誤，B正確；C、D、在加速階段產生相對位移即產生劃痕，則有x=v0t1x1=2 m，C正確，D錯誤故選BC.【點睛】對傳送帶問題，要注意區分劃痕和產生熱量的有效路程不同，對簡單的過程，二者一般相等，但對復雜的過程，要注意前者為某段的最大位移，后者為總的相對路程.8、CD【解析】ABC兩個小球組成的整體為研究對象，分析受力，作出F在三個方向時整體

15、的受力圖，根據平衡條件得知：F與T的合力與重力2mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當F與繩子oa垂直時，F有最小值，即圖中2位置，F的最小值為：，AB錯誤，C正確；D當F豎直向上時，；當F水平向右時，由平衡條件得，則，而在這個范圍內，所以F可能為，D正確9、AB【解析】A物體速度很大時，加速度可能很小，例如高速飛行的子彈的加速度為零，選項A正確；B當物體的加速度和速度同向時，物體速度增大時，加速度可能減小，選項B正確；C物體速度為零時，加速度不一定為零，例如豎直上拋物體到達最高點時，選項C錯誤；D加速度和速度同方向，速度一定增大，加速度和速度反方向，速度一定減小，選項D錯誤；故選A

16、B.10、AB【解析】AB對小球和物塊組成的整體分析受力如圖所示：根據牛頓第二定律得，水平方向豎直方向則當加速度增加到2a時橫桿對M的摩擦力f增加到原來的2倍；橫桿對M的彈力等于兩個物體的總重力，保持不變。故A正確，B正確；CD以小球為研究對象，分析受力情況如圖所示：由牛頓第二定律得可得當a增加到兩倍時，變為兩倍，但不是兩倍；細線的拉力為可見a變為兩倍，T不是兩倍，故C錯誤，D錯誤。故選AB。11、CD【解析】AF1是重力作用在物體上使物體下滑分力，F2不是物體對斜面的壓力，因為物體對斜面的壓力的受力物體是斜面，不是物體，而F2作用在物體上，故A錯誤；BC物體只受重力和支持力兩個力，故B錯誤，

17、C正確；D力FN、F1和F2的三個力的作用效果跟mg、FN兩個力的效果相同，故D正確故選CD正確。12、BC【解析】對球受力分析，可以確定的力是水平力F和重力mg，根據平衡條件，斜面對球一定有彈力的作用，墻對球可能有彈力，也可能沒有彈力故BC符合題意，AD不合題意二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 (1). (2).控制變量 (3).小車質量 (4).D (5).小車質量不同【解析】(1)數字計時器記錄通過光電門的時間，小車經過光電門時的瞬間速度為 與 ；根據勻變速直線運動的速度位移公式 ，解得：(2)在本實驗操作中，采用了“控制變量法”，即先保持一個變量不變，看另外兩個變量

18、之間的關系，具體操作是：先不改變小車質量，研究加速度與力的關系；再不改變小車受力，研究加速度與質量的關系，最后歸納出加速度、力、質量三者間的關系；(3)隨著 增大，小車質量在減小，因此小車質量不再滿足遠大于鉤碼的質量，若小車質量遠小于鉤碼質量時，小車的加速度不可能一直均勻增大，加速度的增大幅度將逐漸減小，故A、B、C錯誤，D正確；(4)由圖可知在拉力相同的情況下，根據，即圖象的斜率等于小車的質量，所以兩人的實驗中小車的質量不同14、 .Mm . .平衡摩擦力時木板傾角過大 .兩小車及車上砝碼的總質量不同【解析】(1)1由牛頓第二定律得，對M、m組成的系統：對M：解得當時，即小車的質量遠大于砝碼和盤的總質量，繩子的拉力近似等于砝碼和盤的總重力，因此實驗時要保證；(2)2據牛頓第二定律F=Ma，a與M成反比，而反比例函數圖像是曲線，而根據曲線很難