1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，紙面為豎直面，MN為豎直線段，空間存在平行于紙面的足夠寬廣的水平方向勻強電場，其大小和方向未知，圖中未畫出，一帶正電的小球從M點在紙面內以 的速度水平向左

2、開始運動，以后恰好以大小為 的速度通過N點已知重力加速度g,不計空氣阻力則下列正確的是（ ）A小球從M到N的過程經歷的時間B可以判斷出電場強度的方向水平向左C從M點到N點的過程中小球的機械能先增大后減小D從M到N的運動過程中速度大小一直增大2、如圖所示為四分之一圓柱體OAB的豎直截面，半徑為R，在B點上方的C點水平拋出一個小球，小球軌跡恰好在D點與圓柱體相切，OD與OB的夾角為60，則C點到B點的距離為( )ARBCD3、據伊朗新聞電視臺2019年9月7日消息，伊朗原子能組織發言人卡邁勒萬迪當天宣布，作為第三階段中止履行伊核協議的措施，伊朗已啟動了“先進離心機”，以增加濃縮鈾儲量。關于鈾核的裂

3、變，下列敘述正確的是（）A核反應堆中鈾核俘獲一個中子后分裂為兩個或幾個中等質量的原子核，并吸收大量能量B核反應堆中鈾核自發分裂為兩個或幾個中等質量的原子核，同時釋放大量的核能C要使核反應堆中鈾核發生鏈式反應，必須要有慢中子的轟擊D要使核反應堆中鈾核發生鏈式反應，必須要有快中子的轟擊4、如圖所示為三顆衛星a、b、c繞地球做勻速圓周運動的示意圖，其中b、c是地球同步衛星，a在半徑為r的軌道上，此時a、b恰好相距最近，已知地球質量為M，半徑為R，地球自轉的角速度為，引力常量為G，則（ ）A衛星b加速一段時間后就可能追上衛星cB衛星b和c的機械能相等C到衛星a和b下一次相距最近，還需經過時間t=D衛星

4、a減速一段時間后就可能追上衛星c5、下列說法正確的是（）A比結合能越小表示原子核中的核子結合得越牢固B湯姆孫發現了電子，并提出了原子的棗糕模型C將放射性元素摻雜到其他穩定元素中，降低其溫度，該元素的半衰期將增大D一束光照射到某種金屬上不能發生光電效應，是因為該束光的強度小6、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態，其pT圖象如圖所示下列判斷正確的是()A過程ab中氣體一定吸熱B過程bc中氣體既不吸熱也不放熱C過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱Da、b和c三個狀態中，狀態a分子的平均動能最大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的

5、四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于熱現象，下列說法正確的是_。A氣體吸熱后溫度一定升高B對氣體做功可以改變其內能C理想氣體等壓壓縮過程一定放熱D理想氣體絕熱膨脹過程內能一定減少E.在自發過程中，分子一定從高溫區域擴散到低溫區域8、如圖所示，CD、EF是兩條水平放置的、阻值可忽略的平行金屬導軌，導軌間距為L，在水平導軌的左側存在方向垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B，磁場區域的寬度為d，導軌的右端接有一阻值為R的電阻，左端與一彎曲的光滑軌道平滑連接將一阻值也為R，質量為m的導體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放，導體棒最

6、終恰好停在磁場的右邊界處已知導體棒與水平導軌接觸良好，且動摩擦因數為下列說法正確的是A通過電阻R的最大電流為B流過電阻R的電荷量為C整個電路中產生的焦耳熱為mghD電阻R中產生的焦耳熱為9、如圖所示，半徑為R的圓形區域內存在著垂直紙面向里的勻強磁場，過(2R，0)點垂直x軸放置一線型粒子發射裝置，能在0yR的區間內各處沿x軸正方向同時發射出速度均為、帶正電的同種粒子，粒子質量為m，電荷量為q。不計粒子的重力及粒子間的相互作用力。若某時刻粒子被裝置發射出后，經過磁場偏轉恰好擊中y軸上的同一位置，則下列說法中正確的是A粒子擊中點距O點的距離為RB磁場的磁感應強度為C粒子離開磁場時速度方向相同D粒子

7、從離開發射裝置到擊中y軸所用時間t的范圍為t0，氣體溫度降低，內能減少，U0，由熱力學第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量，故C錯誤；D、由圖象可知，a狀態溫度最低，分子平均動能最小，故D錯誤；故選A【點睛】由圖示圖象判斷氣體的狀態變化過程，應用氣態方程判斷氣體體積如何變化，然后應用熱力學第一定律答題二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】A根據熱力學第一定律，氣體吸熱后如果對外做功，則溫度不一定升高，故A錯誤；B做功和

8、熱傳遞都可以改變物體的內能，故B正確；C根據理想氣體狀態方程，氣體等壓壓縮過，壓強不變，體積減小，溫度一定降低，內能也減小，即U0；再根據熱力學第一定律：W+Q=U，體積減小，外界氣體做功，W0，則Q0，所以理想氣體等壓壓縮過程一定放熱，故C正確；D理想氣體絕熱膨脹過程，Q=0，W0，根據熱力學第一定律：W+Q=U可知，U0，所以理想氣體絕熱膨脹過程內能一定減少，故D正確；E擴散現象是分子的無規則熱運動，分子可以從高溫區域擴散到低溫區域，也可以從低溫區域擴散到高溫區域，故E錯誤。故選BCD。8、ABD【解析】A金屬棒下滑過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律得： 金屬棒到達水平面時的速度金屬棒到

9、達水平面后進入磁場受到向左的安培力做減速運動，則剛到達水平面時的速度最大，所以最大感應電動勢為 E=BLv最大的感應電流為故A正確；B通過金屬棒的電荷量故B正確；C金屬棒在整個運動過程中，由動能定理得：mgh-WB-mgd=0-0則克服安培力做功：WB=mgh-mgd整個電路中產生的焦耳熱為Q=WB=mgh-mgd故C錯誤；D克服安培力做功轉化為焦耳熱，電阻與導體棒電阻相等，通過它們的電流相等，則金屬棒產生的焦耳熱： 故D正確9、ABD【解析】由題意，某時刻發出的粒子都擊中的點是y軸上同一點，由最高點射出的只能擊中（0，R），則擊中的同一點就是（0，R），即粒子擊中點距O點的距離為R，所以A選

10、項正確。從最低點射出的也擊中（0，R），那么粒子做勻速圓周運動的半徑為R，由洛侖茲力提供向心力得：，則磁感應強度 ，所以選項B正確。粒子運動的半徑都相同，但是入射點不同，則粒子離開磁場時的速度方向不同，選項C錯誤；顯然偏轉角最大的時間最長，顯然從最低點射出的粒子偏轉90，在磁場中的時間最長，最長時間為。從最高點直接射向（0，R）的粒子時間最短，則最短的時間為，所以選項D正確。故選ABD。【點睛】看起來情況比較復雜，但涉及的問題卻是常規問題，本題的關鍵點是粒子源發出的粒子是速度大小和方向均相同，則其做勻速圓周運動的半徑相同，在從最低點的特殊情況就能知道相同的半徑就是圓弧的半徑，再結合周期公式能求

11、出最長和最短時間。10、ACE【解析】A過程，氣體體積減小，則外界對氣體做功。所以A正確；B過程，由題意知該過程氣體既不吸熱、也不放熱，由熱力學第一定律知氣體內能一定增加，則理想氣體分子的平均動能一定增大。所以B錯誤；C過程，氣體體積不變而壓強增大，體積不變則單位體積的氣體分子數不變，壓強增大則氣體的溫度一定升高，氣體分子的熱運動更加劇烈，分子在單位時間內與器壁單位面積的碰撞次數增多。所以C正確；D過程，由（常數）知氣體溫度升高。所以D錯誤；E過程中，氣體體積增大，則單位體積內的氣體分子數減少。所以E正確。故選ACE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫

12、出演算過程。11、 【解析】（3）1當合力沿兩個分力角平分線方向且兩個分力夾角為，合力和兩個分力大小相等，故彈簧形變量形同，長度相同，即；（4）2當兩個分力相互垂直時，由勾股定理知：即：。12、黑 電壓 電流 4600 100 10.2 【解析】（1）1根據表頭的極性，因電流要從紅表筆流入電表，可知表筆A應為黑色；（2）23將開關斷開，置于“1”擋時，表頭與R2串聯，則多用電表用于測量電壓；開關閉合，置于“1”擋時，R3與表頭并聯，則多用電表用于測量電流；（3）4已知將開關斷開，置于“2”擋時，多用電表的量程為10V，則 5將開關斷開，置于“1”擋時，多用電表的量程為1V，則6將開關接通，置于

13、“1”擋時，多用電表的量程為100mA，則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、34【解析】設能夠分裝n個小鋼瓶，則以20L氧氣瓶中的氧氣和n個小鋼瓶中的氧氣整體為研究對象，分裝過程中溫度不變，故遵守玻意耳定律，氣體分裝前后的狀態如圖所示，由玻意耳定律可知：即因為即則最多能分裝34瓶。14、光線第一次從CD邊射出與CD邊成45斜向左下方； ；【解析】根據，求出臨界角的大小，從而作出光路圖，根據幾何關系，結合折射定律求出出射光線的方向；根據幾何關系，求出第一次的出射點距C的距離；【詳解】(1)因為，所以得臨界角第一次射

14、到AB面上的入射角為，大于臨界角,所以發生全反射，反射到BC面上，入射角為，又發生全反射，射到CD面上的入射角為根據折射定律得解得即光從CD邊射出,與CD邊成斜向左下方；(2)根據幾何關系得，AF=4cm則BF=4cmBFG=BGF，則BG=4cm所以GC=4cm所以15、見解析【解析】（1）小物體A在P1、P2區間上方運動時，假設A相對B靜止，對A、B、C整體，由牛頓第二定律有：代入數據解得：隔離A，有：代入數據得：f=5.5m而A、B間的最大靜摩擦力所以 ，假設成立，A、B、C一起運動。小物體A進入P1、P2區間上方運動時加速度為：a=0.5m/s2當小物體A進入P1、P2區間內，隔離A，有：得 f=6.5mfm，即A相對于B向下滑動。對A有：代入數據解得：（2）小物體A剛到P2時，A、B、C速度滿足 代入數據解得：v0=1m/s當小物體A進入P1、P2區間內時，對B、C整體，有：代入數據解得：當小物體A剛到P1時，小物