1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各圖中所畫的電場線，正確的是（ ）A（1）（2）和（4）B只有（4）C只有（3）D（2）和（3）2、帶有等量異種電荷的兩平行金屬板水平放置，a、b、c三個粒子(重力忽略不計)先后從同一點O沿垂直電場方向進入電場，其運動軌跡如圖所

2、示，其中b恰好沿下極板的邊緣飛出電場下列說法正確的是()Ab在電場中運動的時間大于a在電場中運動的時間Bb在電場中運動的時間等于c在電場中運動的時間C進入電場時c的速度最大，a的速度最小Da打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小相等3、如圖所示是某一電器的銘牌從銘牌上的信息可推斷該銘牌對應(yīng)的電器可能是()ABCD4、如圖所示，閉合的矩形線圈abcd 放在范圍足夠大的勻強磁場中，下列哪種情況下線圈中能產(chǎn)生感應(yīng)電流 ( ) A線圈向左平移B線圈向上平移C線圈以ab為軸旋轉(zhuǎn)D線圈不動5、真空中有兩個點電荷帶同種電荷q1、q2，它們相距較近，保持靜止狀態(tài)，今釋放q2，且q2只在q1的庫侖力的作用

3、下運動，則q2在運動過程中受到的庫侖力（ ）A不斷減小B不斷增大C始終保持不變D先增大后減小6、A和B都是不帶電的物體，它們互相摩擦后A帶正電荷C，下列判斷中正確的是A在摩擦前A和B的內(nèi)部沒有任何電荷B摩擦的過程中電子從A轉(zhuǎn)移到了BCA在摩擦后一定得到了個電子DA在摩擦過程中一定失去了C電子二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲、乙兩個電路都是由一個表頭G和一只變阻器R組成的，下列說法正確的是( )A乙表是電流表，R增大時量程減小B甲表是電壓表，R增大時量程

4、增大C甲表是電流表，R增大時量程減小D乙表是電壓表，R增大時量程增大8、對于場強，本節(jié)出現(xiàn)了E=Fq和E=kQr2兩個公式，下列認識正確的是Aq表示場中的檢驗電荷，Q表示場源電荷BE隨q的增大而減小，隨Q的增大而增大C第一個公式適用于包括點電荷在內(nèi)的所有場源的電場求場強，且E的方向和F一致D從第二個公式看，拿走Q后，E就不存在了9、一矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有（ ）At1 時刻線圈位于中性面Bt2 時刻通過線圈的磁通量最大C電動勢的有效值為D一個周期內(nèi)交變電流的方向改變一次10、宇航員站在某一星球上，將一個小球距

5、離星球表面h高度處由靜止釋放，使其做自由落體運動，經(jīng)過t時間后小球到達星球表面，已知該星球的半徑為R，引力常量為G，則下列選項正確的是()A通過以上數(shù)據(jù)無法確定該星球的密度B該星球的質(zhì)量為C該星球表面的重力加速度為D該星球的第一宇宙速度為 三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測量一個阻值為200的電阻Rx，現(xiàn)有下列器材，試選擇合適的器材及適當?shù)碾娐罚^精確地測定該電阻的阻值.A電流表，量程0500，內(nèi)阻約50B電流表，量程010mA，內(nèi)阻約5C電壓表，量程03V，內(nèi)阻約2kD電壓表，量程015V，內(nèi)阻約10kE干電池1節(jié)，電動

6、勢為1.5VF滑動變阻器，020，0.5AG電鍵一只，導線若干電流表應(yīng)該選擇_，電壓表應(yīng)該選擇_(填字母代號)；請在下列實驗電路圖中選擇合適的電路圖_12（12分）有一根圓臺狀均勻質(zhì)合金棒如圖甲所示，某同學猜測其電阻的大小與該合金棒的電阻率、長度L和兩底面直徑d、D有關(guān)他進行了如下實驗： （1）用游標卡尺測量合金棒的兩底面直徑d、D和長度L圖乙中游標卡尺（游標尺上有20個等分刻度）的讀數(shù)L=_cm.（2）測量該合金棒電阻的實物電路如圖丙所示（相關(guān)器材的參數(shù)已在圖中標出）該合金棒的電阻約為幾個歐姆圖中有一處連接不當?shù)膶Ь€是_.（用標注在導線旁的數(shù)字表示）（3）改正電路后，通過實驗測得合金棒的電阻

7、R=6.72.根據(jù)電阻定律計算電阻率為、長為L、直徑分別為d和D的圓柱狀合金棒的電阻分別為Rd=13.3、RD=3.38.他發(fā)現(xiàn)：在誤差允許范圍內(nèi)，電阻R滿足R2=RdRD，由此推斷該圓臺狀合金棒的電阻R=_.（用、L、d、D表述）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源的電動勢E=110V，電阻R1=21，電動機繞組的電阻R0=0.5，電鍵S1始終閉合。當電鍵S2斷開時，電阻R1的電功率是525W；當電鍵S2閉合時，電阻R1的電功率是336W，求（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當電鍵S2閉合時流過電源

8、的電流； （3）電動機的輸出的功率。14（16分）如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，方向垂直于紙面向里，一帶負電的粒子(不計重力)沿水平方向以速度v正對圓心入射，通過磁場區(qū)域后速度方向偏轉(zhuǎn)了60,求：（1）求粒子的比荷；（2）粒子在磁場中的運動時間t；（3）如果保持速度的大小和方向不變，欲使粒子通過磁場區(qū)域后速度方向的偏轉(zhuǎn)角度最大，則需將粒子的入射點沿圓弧向上平移的距離d為多少？15（12分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一質(zhì)量m=0.6kg、電荷量g=+310-3C的帶電的小球，用一根長L=0.1m且不可伸長的絕緣輕細線系在一方向水平向右、分布的區(qū)域足夠大的勻強電場中的

9、O點已知A、O、C三點等高，且OA=OC=L，若將帶電小球從A點無初速度釋放，小球到達最低點B時速度恰好為零，取g=10m/s1（1）求勻強電場的電場強度E的大小；（1）求小球從A點由靜止釋放運動到B點的過程中速度最大時細線的拉力大小；.（3）若將帶電小球從C點無初速度釋放，求小球到達A點時的速度參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】（1）電場線總是從正電荷出發(fā)，終止于負電荷或無窮遠；而（1）是終止于正電荷，故（1）錯誤；（2）是從負電荷出發(fā)，故（2）錯誤；（3）兩個正電荷的電場線分布如圖而不是終止于某一個

10、正電荷，故（3）錯誤；（4）中所有的電場線都是電場線總是從正電荷出發(fā)，終止于負電荷；或從無窮遠出發(fā)，終止于負電荷；或從正電荷出發(fā)，終止于無窮遠。故（4）正確。所以四個圖中只有（4）正確，故B正確，ACD都錯誤。故選B。2、C【解析】AB.根據(jù)y=12at2可知b在電場中運動的時間等于a在電場中運動的時間，b在電場中運動的時間大于c在電場中運動的時間，A、B不符合題意；C.根據(jù)x=v0t可知進入電場時，c的速度最大，a的速度最小，C符合題意；D.因為電場力對a、b做的功相同，但初速度大小不同，所以a打在負極板上時的速度與b飛離電場時的速度大小不等，D不符合題意3、A【解析】根據(jù)銘牌讀出用電器的功

11、率為24W，選項中電飯鍋、熨斗、電水壺都是大功率用電器，只有電風扇的功率較小，故A正確故選A4、C【解析】A由于磁場是勻強磁場且范圍足夠大，因此線圈無論向那個方向平移，磁通量都不會發(fā)生變化，故A錯誤；B根據(jù)A項的論述可知，故B錯誤；C當線圈以ab為軸旋轉(zhuǎn)時，其磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C正確；D線圈不動，其磁通量不變，故沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤。故選C。5、A【解析】帶電相同的小球受斥力作用，因此距離越來越遠，由于電量保持不變，根據(jù)可知距離增大，電場力將逐漸減小，故BCD錯誤，A正確。故選A。6、B【解析】A、摩擦起電的本質(zhì)是電子的轉(zhuǎn)移，說明在摩擦前A、B內(nèi)部都有電荷，故A錯誤；B、

12、互相摩擦后A帶1.61010C正電荷，故應(yīng)該是A上的電子轉(zhuǎn)移到B上，故B正確；CD、A原來是電中性，摩擦后帶上1.61010C的正電荷，故B在摩擦后一定帶1.61010C的負電荷，故A在摩擦過程中失去的電子數(shù)為：個，故C錯誤，D錯誤故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】AD、乙表滑動變阻器與表頭并聯(lián)，起分流作用，故是電流表，R增大時，電路中R2變阻器分流減小，乙表量程減小；故A正確，D錯誤；BC、甲表表頭與電阻串聯(lián)，故是電壓表，R1增大時時，變阻器分擔

13、的電壓增大，甲表量程增大；故B正確，C錯誤。8、AD【解析】試題分析：在公式E=Fq中q表示試探電荷，公式E=kQr2表示場源電荷，A正確；電場強度不隨試探電荷的變化而變化，只和電場本身性質(zhì)有關(guān)，B錯誤；公式E=Fq適用于一切電場強度的計算，而公式E=kQr2只適合點電荷電場計算，當試探電荷為正電荷時，電場強度方向和電場力方向相同，當試探電荷為負電荷時，電場強度方向和電場力方向相反，C錯誤；公式E=kQr2中的Q表示場源電荷，電場就是該電荷Q產(chǎn)生的，所以拿走Q，電場就不存在了，D正確考點：考查了電場強度【名師點睛】場強的兩個公式E=Fq和E=kQr2中，表示場中的試探電荷、Q表示場源電荷電場強

14、度與試探電荷無關(guān)，與場源電荷有關(guān)場強方向與正電荷所受電場力方向相同9、AC【解析】試題分析：由圖知，在t1 時刻線圈的電動勢為零，磁通量最大，處于中性面的位置，所以A正確；t2 時刻線圈的電動勢最大，故磁通量最小，所以B錯誤；如圖所示，電動勢為余弦規(guī)律變化，故有效值為所以C正確；一個周期內(nèi)交變電流的方向改變兩次，所以D錯誤考點：本題考查交變電流10、BD【解析】根據(jù)平拋運動豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合位移時間公式求出星球表面的重力加速度根據(jù)萬有引力等于重力求出星球的質(zhì)量根據(jù)萬有引力提供向心力即可求出第一宇宙速度結(jié)合星球的質(zhì)量和體積求出星球的密度【詳解】根據(jù)h=gt2得，星球表面的重力加速度g=根

15、據(jù)Gmg得，星球的質(zhì)量故B正確，C錯誤；根據(jù)萬有引力提供向心力得：mg=；所以：故D正確星球的密度即通過以上數(shù)據(jù)可確定該星球的密度，故A錯誤；故選BD【點睛】該題結(jié)合自由落體運動考查對萬有引力定律的應(yīng)用能力，解決本題的關(guān)鍵掌握在星球的表面萬有引力等于重力這一理論，并能靈活運用三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B C B 【解析】電表量程略大于電流和電壓的最大值即可；由題意可知；電源電動勢為1.5V，故電壓表選擇3V的C；電路中可能出現(xiàn)在最大電流，則電流表應(yīng)選擇B；因RxRA，則選用電流表內(nèi)接電路；滑動變阻器用分壓電路；故選B.12、9

16、.940 【解析】(1)首先確定游標卡尺的精度為20分度，即為0.05 mm，然后以毫米為單位從主尺上讀出整毫米數(shù)99.00 mm，注意小數(shù)點后的有效數(shù)字要與精度一樣，再從游標尺上找出對的最齊一根刻線，精度格數(shù)0.058 mm0.40 mm，最后兩者相加，根據(jù)題目單位要求換算為需要的數(shù)據(jù)，99.00 mm0.40 mm99.40 mm9.940 cm.(2)本實驗為測定一個幾歐姆的電阻，在用伏安法測量其兩端的電壓和通過電阻的電流時，因為安培表的內(nèi)阻較小，為了減小誤差，應(yīng)用安培表外接法，線的連接使用的是安培表內(nèi)接法(3)根據(jù)電阻定律計算電阻率為、長為L、直徑分別為d和D的圓柱狀合金棒的電阻分別為

17、Rd13.3 、RD3.38 .即Rd，RD，而電阻R滿足R2RdRD，將Rd、RD代入得R.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、r=1，I=26A，P=1606W【解析】試題分析：(1)根據(jù)S2斷開時R1消耗的功率為，即可求出內(nèi)阻r；(2)當電鍵S2閉合時，根據(jù)電阻R1的電功率求出R1兩端的電壓和通過R1的電流，再根據(jù)E=U+Ir，求出總電流從而求出通過電動機的電流；(3) 根據(jù)求電動機的輸出功率。(1)設(shè)S2斷開時R1消耗的功率為P1，則，代入數(shù)據(jù)可得；(2)設(shè)S2閉合時R1兩端的電壓為U，消耗的功率為P2，則，代入數(shù)據(jù)可得，由閉合電路歐姆定律得，E=U+Ir，代入數(shù)據(jù)，得；(3)流過R1的電流為I1，流過電動機的電流為I2， ，而I1+I2=I，所以I2=22A，由代入數(shù)據(jù)得。點晴：解決本題的關(guān)鍵能夠靈活運用閉合電路歐姆定律，以及知道電動機輸入功率、輸出功率、熱功率的關(guān)系。14、（1）（2）（3）R【解析】(1)由圖可知軌跡半徑： 粒子在洛倫茲力作用下做圓周運動，有： 由兩式得： (3) 粒子做圓周運動運動的周期： 在