1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，水平放置的兩個平行金屬板，上板帶負電，下板帶等量的正電，三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的粒子從極板的左側P點以相同的水平初速度進入電場中，分別落在正極

2、板的a、b、c三處，由此可知 ( ) A粒子a帶正電，b不帶電，c帶負電B三個粒子在電場中運動的時間相等C三個粒子在電場中的加速度aaabacD三個粒子到達正極板的動能EkaEkbEkc2、兩個點電荷所帶電量分別為2Q 和4Q.在真空中相距為r，它們之間的靜電力為F.現把它們的電量各減小一半，距離相距為r/4.則它們間的靜電力為( )A4FB2FC1/2FD1/4F3、如圖所示，如圖所示，在光滑絕緣水平面上有A、B、C三個可視為點電荷的帶電小球，位于同一條直線上，僅在它們之間的靜電力作用下均處于靜止狀態，且距離關系滿足：ABBC，下列說法錯誤的是（）AA、C帶同種電荷BA、B帶異種電荷CB所帶

3、電荷量最大DA、B在C處產生電場的合場強為零4、如圖所示電路用來測定電池的電動勢和內電阻其中V為電壓表（理想電表），定值電阻R=7.0在電鍵未接通時，V的讀數為6.0V；接通電鍵后，V的讀數變為5.6V那么，電池組的電動勢和內電阻分別等于（ ）A6.0V，0.5B6.0V，1.25C5.6V，1.25D5.6V，0.55、質量為m的物塊，帶正電Q，開始時讓它靜止在傾角30的光滑絕緣斜面頂端，斜面固定在地面上，整個裝置放在水平方向、大小為EmgQ的勻強電場中，如圖所示，斜面高為H，釋放物塊后，物塊落地的速度大小為A BC D6、如圖所示，a、b是帶有同種電荷的小球，用絕緣細線掛于同一點，兩球靜止

4、時離水平地面的高度相等，不計空氣阻力，兩球帶電荷量不變。若同時將兩細線剪斷，則下列說法中正確的是Aa球先落地B兩球落地時動能相等C落地時a球飛行的水平距離比b球小D在飛行過程中，a球受到的電場力比b球受到的電場力小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中（ ）A導體框中產生的感應電流方向相同B導

5、體框中產生的焦耳熱相同C通過導體框截面的電荷量相同D導體框ad邊兩端電勢差相同8、如圖所示，A、B、C、D為勻強電場中相鄰的四個等勢面，一個電子垂直經過等勢面D時，動能為20eV飛經等勢面C時，電勢能為10eV，飛至等勢面B時速度恰好為零，已知相鄰等勢面間的距離為5cm，則下列說法正確的是 ( )A等勢面A的電勢為10VB勻強電場的場強大小為200V/mC電子再次飛經D勢面時，動能為10eVD電子的運動為勻變速直線運動9、關于電流，下列說法中正確的是（）A由可知，通過導線截面的電量越多，電流越大B由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大C由I=可知，同一導體中的電流與導體

6、兩端的電壓成正比D因為電流有方向，所以電流是矢量10、如圖所示，離地H高處有一個質量為m的物體，給物體施加一個水平方向的作用力F，已知F隨時間的變化規律為：以向左為正，、k均為大于零的常數，物體與豎直絕緣墻壁間的動摩擦因數為，且時，物體從墻上靜止釋放，若物體所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當物體下滑后脫離墻面，此時速度大小為，最終落在地面上。則下列關于物體的說法，正確的是A當物體沿墻壁下滑時，物體先加速再做勻速直線運動B物體與墻壁脫離的時刻為C物體從脫離墻壁到落地之前的運動軌跡是一條直線D物體克服摩擦力所做的功為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

7、算過程。11（6分）小姚同學做了“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”的實驗，請回答以下問題：本實驗中需要測量電壓，則在如圖所示的器材中，應_（填字母）；A選甲圖中的器材B選乙圖中的器材C都可以選D都不能選小姚在做本實驗時，選擇的原線圈為100匝，副線圈為200匝；他將原線圈接入學生電源中的交流電壓“6V”擋位，用合適的電表測量出副線圈的電壓為13.0V，則下列敘述可能符合實際情況的一項是_（填字母）A變壓器的鐵芯沒有閉合B一定是電壓的測量出了問題C副線圈實際匝數與標注的“200”不符，應該小于200匝D學生電源實際輸出電壓大于標注的“6V“12（12分）（1）在“測定金屬的電阻率”的實驗中

8、，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度L，用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻R請寫出測金屬絲電阻率的表達式： =_ (用上述測量的字母表示)若實驗中測量金屬絲的長度時如圖所示，則金屬絲長度的測量值為L= _ cm（2）某同學想通過“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的方法來測量一小燈泡的額定功率所用器材如下：a.待測小燈泡一只：額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐b.電壓表一只：量程為3V，內阻約為3kc.電流表一只：量程為0.6A，內阻約為0.1d.滑動變阻器一只，干電池兩節，開關一個，導線若干在圖甲中補全測量小燈泡額定功率的電路圖_,圖甲中開關S閉合之前,滑動變阻器的滑片應置

9、于_(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)；若該同學測量過程中發現電壓表損壞,他找來一塊萬用表代替電壓表測量燈泡的電壓,則萬用表的_(選填“紅”、“黑”)表筆應該與燈泡的左端相連該同學通過實驗作出了小燈泡的伏安特性曲線,如圖乙所示,則小燈泡的額定功率為_W；若將小燈泡直接與電動勢E=3.0V,內阻r =7.5的電源相連,小燈泡的功率為_W(結果均保留兩位有效數字)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示電路，R12 ，R23 ，R34 .(1)如果已知流過電阻R1的電流I13 A，則干路電流多大？(

10、2)如果已知干路電流I3 A，則流過每個電阻的電流多大？14（16分）反射式速調管是常用的微波器件之一，它利用電子團在電場中的振蕩來產生微波，其振蕩原理與下述過程類似.已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示.一質量m=1.01020kg，電荷量q=1.0109C的帶負電的粒子從（1，0）點由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運動.忽略粒子的重力等因素.求：（1）x軸左側電場強度E1和右側電場強度E2的大小之比E1E2； （2）該粒子運動的最大動能Ekm； （3）該粒子運動的周期T.15（12分）有一小型直流電動機，把它接入U10.3 V的電路中時，電動機不轉，測得流過電動機的

11、電流為I10.6 A；若把電動機接入U23.0 V的電路中時，電動機正常工作，工作電流是I21.0 A。(1)求電動機的內電阻。(2)電動機正常工作時的輸出功率是多少？(3)如果電動機正常工作時，轉子突然被卡住，此時電動機的發熱功率是多大？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由圖，電容器上極板帶負電，下極板帶正電，平行板間有豎直向上的勻強電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，負電荷受到向下的電場力，不帶電的小球做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的

12、類平拋運動由此根據平拋和類平拋運動規律求解【詳解】A、B、C根據題意，三小球在水平方向做勻速直線運動，則有x=v0t，v0相同，則水平位移x與運動時間t成正比，由圖看出，水平位移的關系為xaxbxc，則運動時間關系為tAtBtc豎直方向上三個粒子都做初速度為0的勻加速直線運動，到達下極板時，在豎直方向產生的位移y相等：y=at2，則知加速度關系為 aAaBaC由牛頓第二定律得知三個小球 的合力關系為 FAFBFC由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度

13、為重力加速度g，可知，落在a點的顆粒帶負電，c點的帶正電，b點的不帶電故ABC錯誤，D、由以上分析可知，FAFBFC則豎直位移相同，則可知外力做功a最大，c最?。粍t由動能定理可知三個粒子到達正極板的動能EkaEkbEkc，故D正確；故選D【點睛】確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析2、A【解析】由庫侖定律的可得原來它們之間的庫侖力為：，把它們的電量各減小一半，距離相距為r/4，變化之后它們之間的庫侖力為：，故A正確，BCD錯誤3、C【解析】AB根據電場力方向來確定各自

14、電性，從而得出“兩同夾一異”，因此AB正確，不符合題意；C根據庫侖定律來確定電場力的大小，并由平衡條件來確定各自電量的大小，因此在大小上一定為“兩大夾一小”，即B所帶的電荷量最小，選項C錯誤，符合題意；D因C處于靜止狀態，可知C處的場強為零，即A、B在C處產生電場的合場強為零，故D正確，不符合題意。故選C。4、A【解析】電鍵未接通時，電壓表示數即為電源電動勢，故電動勢E=6.0V；接通電鍵后，對R由歐姆定律可得：電路中電流I=0.8A；由閉合電路歐姆定律可知：內電阻r=0.5；故答案為A5、D【解析】試題分析：對物體受力分析：豎直向下的重力mg，水平向左的電場力，此二力合力為2mg與水平方向成

15、30，與斜面不接觸（所以不受斜面對它的彈力）。根據幾何關系：斜面的長度為對物塊在斜面上動能定理：推出v=考點：考查功能關系的應用點評：本題難度較小，主要考查學生對功能關系的理解，需要重視的是電場力和重力做功與路徑無關，只與初末位置有關6、C【解析】根據根據牛頓第三定律得：A球對B球的庫侖力等于B球對A球的庫侖力未剪斷兩根細線時，對小球受力分析，根據平衡條件和相似三角形表示兩球質量的大小關系，抓住豎直方向上運動規律相同，比較運動的時間，根據水平方向上動量守恒比較兩球在水平方向上的速度，從而比較落地時水平距離，結合動能定理比較兩球落地的動能；【詳解】A、同時剪斷細線后，二者在豎直方向上均只受重力，

16、故在豎直方向上均做自由落體運動，可知兩球同時落地，故A錯誤；C、對小球受力分析，根據平衡條件有：mag=F庫tan，mbg=F庫tan，由于，所以mamb，而剪斷細線后，在水平方向上，a、b組成的系統動量守恒，故任一時刻mava=mbvb，因mamb，所以vavb；又因時間相等，所以sasb，故C正確；B、由于庫侖力對a球做功較小，重力對a球做功較大，根據動能定理可知，無法比較兩球落地的動能，故B錯誤；D、在飛行過程中，根據牛頓第三定律可知，a球受到的電場力等于b球受到的電場力，故D錯誤；故選C?！军c睛】關鍵是運用平衡條件分析兩物體質量關系，采用運動的分解法分析小球的運動規律，剪斷細線后，在水

17、平方向上，a、b組成的系統動量守恒。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由題意可知考查電磁感應中電流方向、能量轉化、電路問題，根據電磁感應規律分析計算可得【詳解】A由楞次定律分析可知導體框中產生感應電流方向都為逆時針方向，故A正確；B導體框拉出過程中產生焦耳熱等于克服安培力做的功，設導體框邊長為L，總電阻為R聯立可得 因兩次拉出時的速度不同，產生的焦耳熱不同，故B錯誤；C兩次拉出時磁通量變化量相同，線圈電阻相同，通過導體框截面的電荷量相同故C正確；D向右拉

18、出時向上拉出時導體框ad邊兩端電勢差不相同，故D錯誤【點睛】導體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓向右切割時ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓產生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產生熱量關系8、ABD【解析】AB電子從D到B的過程，根據動能定理得：-eUDB=0-EkD解得：則電場強度為：電子經過等勢面C時的電勢能為-10ev，則C點的電勢為10V，因為CA間的電勢差等于DB間的電勢差，可知A點電勢為-10V,故A、B均正確;C根據能量守恒定律得，電子再次經過D等勢面時，動能不變，仍然為20eV，

19、故C錯誤；D因為電場強度的方向與等勢面垂直，則電子所受電場力方向與速度方向在同一條直線上，做勻變速直線運動,故D正確9、BC【解析】通過導線截面的電量多，若時間長，電流不一定大，A錯誤；由I=nqsv可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大，B正確；由知，同一導體中的電流與導體兩端的電壓成正比，選項C正確；電流有方向，但是電流合成不遵循平行四邊形法則，所以電流是標量，D錯誤10、BD【解析】根據牛頓第二定律通過加速度的變化判斷物體的運動規律，抓住F的變化規律，結合F為零時，物體脫離墻面求出運動的時間，根據合力與速度的方向確定物體的運動軌跡。根據動能定理，抓住F在沿墻面下滑的過程中不做功

20、，求出物體克服摩擦力做功的大小?！驹斀狻控Q直方向上，由牛頓第二定律有：，隨著F減小，加速度a逐漸增大，做變加速運動，當時，加速度增大到重力加速度g，此后物塊脫離墻面，故A錯誤。當物體與墻面脫離時F為零，所以，解得時間，故B正確；物體脫離墻面時的速度向下，之后所受合外力與初速度不在同一條直線上，所以運動軌跡為曲線。故C錯誤。物體從開始運動到脫離墻面F一直不做功，由動能定理得：，物體克服摩擦力所做的功故D正確。故選BD。【點睛】本題關鍵能運用牛頓第二定律，正確分析物體的運動情況，結合動能定理求解摩擦力做功，并要知道物體做直線運動還是曲線運動的條件。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題

21、卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A D 【解析】由圖可知，甲圖中多用電表，而乙圖是靈敏電壓表，需要測量電壓，因此選用甲圖，故A正確，BCD錯誤根據理想變壓器的原副線圈的電壓與其匝數關系式：，計算可得A若變壓器的鐵芯沒有閉合，則得出副線圈的電壓為0，故A錯誤；B若是電壓的測量出了問題，應該是小于12V，不應該大于，故B錯誤；C副線圈實際匝數與標注的“200”不符，若小于200匝，由公式可知，副線圈的電壓小于12.0V，故C錯誤；D若學生電源實際輸出電壓大于標注的“6V“，由公式可知，副線圈的電壓可能為13.0V，故D正確12、（1） ； 60.50； （2） B端； 黑； 1.1；

22、0.26,(0.220.30之間均正確)； 【解析】(1) 由與得；由刻度尺讀數規則：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；(2) 由于小燈泡電阻較小，滿足，電流表應用外接法，電路圖如圖所示；圖甲中開關S閉合之前，滑動變阻器的滑片應置于B端，使得閉合電鍵后，測量電路部分處于短路狀態，電壓表、電流表示數為0，起保護作用萬用表測電壓時，萬用表的紅表筆應該與正極相連，黑表筆與負極相連燈泡的左端是負極，所以萬用表的黑表筆燈泡的左端相連當U=2.5V時，電流I=0.44A，所以額定功率為：P=UI=2.50.44W=1.1W作出電動勢E=3.0V，內阻r=7.5的電源的I-U圖線，如圖，交點對應的電壓和電流分別為：1.0V、0.28A，所以實際功率為：P=UI=1.00.28=0.28W點晴：解決本題的關鍵掌握電流表內外接選擇的方法，難點是與電源連接求實際功率，因為燈泡的電阻是隨U的變化而變化的，所以必須用圖象的方法來解決四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)6.5A；(2)I11.38A，I20.92A， I30.69A【解析】(1)由歐姆定律得R1兩端的電壓為：U1I1R