1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，輕桿與豎直墻壁成53角，斜插入墻中并固定，另一端固定一個質量為m的小球，水平輕質彈簧處于壓縮狀態，彈力大小為 (g表示重力加速度)，則輕桿對小球的彈力大小為() ABCD2、如圖所示，滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固

2、定斜面，從頂端下滑，直至速度為零若用x、v、a分別表示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，t表示時間，則下列圖象中能正確描述該過程的是ABCD3、有一個豎直固定放置的四分之一光滑圓弧軌道，軌道圓心O到地面的高度為h，小球從軌道最高點A由靜止開始沿著圓弧軌道滑下，從軌道最低點B離開軌道，然后做平拋運動落到水平地面上的C點，C點與A點的水平距離也等于h，則下列說法正確的是（）A當小球運動到軌道最低點B時，軌道對它的支持力等于重力的4倍B小球在圓弧軌道上運動的過程中，重力對小球的沖量在數值上大于圓弧的支持力對小球的沖量C根據已知條件可以求出該四分之一圓弧軌道的軌道半徑為0.2hD小球做平拋運動落到地

3、面時的速度與水平方向夾角的正切值tan=0.54、用圖示裝置進行電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是（ ）A電鍵閉合和斷開的瞬間B電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭C電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出D只電鍵保持閉合5、如圖所示，斜面體A靜置于水平地面上，其傾角為，上底面水平的物塊B在A上恰能勻速下滑.現對B施加一個沿斜面向上的力F使B總能極其緩慢的向上勻速運動，某時在B上輕輕地放上一個質量為m的小物體C (圖中未畫出），A始終靜止，B保持運動狀態不變.關于放上C之后，下列說法正確的是（ ） AB受到的摩擦力不變BB受到的摩擦力增加了CA受到地面的摩擦力不變DA受到地面的摩擦力增加了6、重

4、力為G的體操運動員在進行自由體操比賽時，有如圖所示的比賽動作，當運動員豎直倒立保持靜止狀態時，兩手臂對稱支撐，夾角為，則：A當時，運動員單手對地面的正壓力大小為B當時，運動員單手對地面的正壓力大小為C當不同時，運動員受到的合力不同D當不同時，運動員與地面之間的相互作用力不相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、 “天舟一號”貨運飛船于2017年4月20日在文昌航天發射中心成功發射升空，它與“天宮二號”空間實驗室對接前，在距離地面約380km的圓軌道上飛行已知地球同步衛

5、星距地面的高度約為36000km關于“天舟一號”，下列說法正確的是A線速度小于地球同步衛星的線速度B線速度小于第一宇宙速度C向心加速度小于地球同步衛星加速度D周期小于地球自轉周期8、一理想變壓器原、副線圈的匝數比為10：1，原線圈輸入電壓的變化規律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭下列說法正確的是（ ）A副線圈輸出電壓的頻率為50HzB副線圈輸出電壓的有效值為31VCP向右移動時，滑動變阻器消耗的電功率增加DP向右移動時，原、副線圈的電流比不變9、如圖所示，光滑軌道ABCD是大型游樂設施過山車軌道的簡化模型，最低點B處的入、出口靠近但相互錯開，C是半徑為R的圓形軌道的最

6、高點，BD部分水平，末端D點與右端足夠長的水平傳送帶無縫連接，傳送帶以恒定速度v逆時針轉動現將一質量為m的小滑塊從軌道AB上某一固定位置A由靜止釋放，滑塊能通過C點后再經D點滑上傳送帶，則A固定位置A到B點的豎直高度可能為2RB滑塊在傳送帶上向右運動的最大距離與傳送帶速度v有關C滑塊可能重新回到出發點A處D傳送帶速度v越大，滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量越多10、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V，一電子經過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV。下列說法正確的是（）A平面c上的電勢為零B該電子可能到達不了平面fC該電子

7、經過平面d時，其電勢能為4eVD該電子經過平面b時的速率是經過d時的2倍三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在探究加速度與力、質量的關系實驗中，所用裝置如圖3所示某同學實驗后挑選出的紙帶如圖1所示圖中A、B、C、D、E是按打點先后順序依次選取的計數點，相鄰計數點間的時間間隔T=0.1s計數點C對應物體的瞬時速度為_m/s整個運動過程中物體的加速度為_m/s2 一位同學實驗獲得幾組數據以后，采用圖像分析實驗數據將相應的力F和加速度a，在Fa圖中描點并擬合成一條直線，如圖2所示你認為直線不過原點的可能原因是_A鉤碼的質量太大B未平衡摩

8、擦力C平衡摩擦力時木板的傾角太小，未完全平衡D平衡摩擦力時木板的傾角太大，失去平衡12（12分）某興趣實驗小組的同學利用如圖所示裝置測定物塊與木板AD、DE間的動摩擦因數1、2；兩塊粗糙程度不同的木板AD、DE對接組成斜面和水平面，兩木板在D點光滑連接(物塊在此處運動不損失機械能)，且AD板能繞D點轉動現將物塊在AD板上某點由靜止釋放，滑塊將沿AD下滑，最終停在水平板的C點；改變傾角，讓物塊從不同的高度由靜止釋放，且每次釋放點的連線在同一條豎直線上(以保證圖中物塊水平投影點B與接點D間距s不變)，用刻度尺量出釋放點與DE平面的豎直高度差h、釋放點與D點的水平距離s， D點與最終靜止點C的水平距

9、離x，利用多次測量的數據繪出x-h圖像，如圖所示，則 （1）寫出x-h的數學表達式_(用1、2、h及s表示)；（2）若實驗中s=0.5m， x-h圖象的橫軸截距a=0.1，縱軸截距b=0.4，則1=_， 2=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，有一傾角為30的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一質量為M的木板開始時質量為m1 kg 的滑塊在水平向左的力F作用下靜止在斜面上，現將力F變為水平向右，當滑塊滑到木板上時撤去力F，木塊滑上木板的過程不考慮能量損失此后滑塊和木板在水平面上運動的vt圖象如

10、圖乙所示，g10 m/s1求：(1)水平作用力F的大小；(1)滑塊開始下滑時的高度；(3)木板的質量14（16分）如圖，一個質量為m=2kg的小物塊靜置于足夠長的斜面底端。現對其施加一個沿斜面向上、大小為F=25N的恒力，3s后將F撤去，此時物塊速度達到15m/s。設物塊運動過程中所受摩擦力的大小不變，取g=10m/s2。求：（1）物塊所受摩擦力的大小；（2）物塊在斜面上運動離斜面底端的最遠距離；（3）物塊在斜面上運動的總時間。15（12分）（1）開普勒行星運動第三定律指出：行星繞太陽運動的橢圓軌道的半長軸a的三次方與它的公轉周期T的二次方成正比，即a3T2=k，k是一個對所有行星都相同的常量

11、將行星繞太陽的運動按圓周運動處理，請你推導出太陽系中該常量k的表達式已知引力常量為G，太陽的質量為M太（2）開普勒定律不僅適用于太陽系，它對一切具有中心天體的引力系統（如地月系統）都成立經測定月地距離為3.84108 m，月球繞地球運動的周期為2.36106 s，試計算地球的質量M地（G=6.671011Nm2/kg2，結果保留一位有效數字）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由于輕桿斜插入墻中并固定，所以小球對它的作用力就不再沿桿的方向了，我們對小球受力分析得，小球受到重力、彈簧對小球的作用力，小球處于

12、靜止狀態，故這兩個力的合力與桿對小球的作用力相平衡，如下圖所示，故輕桿對小球彈力的大小為，故D正確，ABC錯誤；故選D2、D【解析】AB滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零；滑塊下滑過程中做勻減速直線運動，下滑過程中，其速度時間圖線是一條斜向下的直線；下滑過程中，其加速度時間圖線與時間軸平行故AB兩項錯誤CD用x、v、a分別表示滑塊下滑的位移、速度和加速度的大小，據速度位移關系可得：解得：所以下滑過程中，其速度位移圖線是一條切線斜率變大的向下彎曲的曲線；故C項錯誤，D項正確3、C【解析】A、在最低點，解得FB =3mg，A錯誤；B、小球從A運動到B，合外力沖量

13、水平向右，則支持力的沖量在豎直方向的分量與重力的沖量大小相等，故支持力沖量在數值上大于重力的沖量，B錯誤；C、小球做平拋運動時，解得R=0.2h，C正確；D、設小球做平拋運動位移與水平方向夾角為，則tan=1，因為tan =2tan，所以tan=2,D錯誤.故選C.【點睛】經典力學問題一般先對物體進行受力分析，求得合外力及運動過程做功情況，然后根據牛頓定律、動能定理及幾何關系求解4、D【解析】解：由圖示可知，電流表所在電路閉合，A、電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故A錯誤；B、電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故B

14、錯誤；C、電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，故C錯誤；D、保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，故D正確；故選D【點評】本題考查了感應電流產生的條件，熟練掌握基礎知識即可正確解題，本題是一道基礎題5、D【解析】在B勻速下滑過程中，摩擦力大小為，又，聯立得；未加C勻速上滑，由于B對斜面A的壓力沒有變化，則B所受的摩擦力大小沒有變化，仍為，加上C勻速上滑，B所受的摩擦力大小，則B受到的摩擦力增加量為，故AB錯誤；對整體研究：未加C勻速上滑時，地面對A的摩擦力大小為，又對B： ，得；加上C勻速上滑時，地面

15、對A的摩擦力大小為， ，得；所以A受到地面的摩擦力增加量為，故C錯誤，D正確；選D.【點睛】本題物體B涉及三個狀態：勻速下滑、勻速上滑、加質量為m的小物體C勻速上滑，先根據平衡條件得到勻速下滑時物體B所受的滑動摩擦力大小，得到B、A間的動摩擦因數再研究勻速上滑過程中，B受到的摩擦力對整體研究，分別得到未加C和加上C后地面對A的摩擦力，再分析摩擦力的增加量.6、A【解析】運動員處于靜止狀態，即平衡狀態.每只手都承受自身重力的一半.和角度無關，所以A正確,BC錯誤:由牛頓第三定律知兩物體間的相互作用力大小永遠相等.故D錯誤綜上所述本題答案是：A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在

16、每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、根據牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號”與地球同步衛星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的線速度大于地球同步衛星的線速度，故選項A錯誤；B、第一宇宙速度是衛星繞地球做勻速圓周運動最大的運行速度，知其線速度小于第一宇宙速度，故選項B正確；C、根據牛頓第二定律有，解得，將“天舟一號”與地球同步衛星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的向心加速度大于地球同步衛星加速度，故選項C錯誤；D、根據牛頓

17、第二定律有，解得，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的周期小于地球同步衛星的周期，即“天舟一號”的周期小于地球自轉周期，故選項D正確；8、AD【解析】根據瞬時值表達式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據電壓與匝數成正比即可求得結論。【詳解】A項：由圖象可知，交流電的周期為0.02s，所以交流電的頻率為50Hz，故A正確；B項：根據電壓與匝數成正比可知，原線圈的電壓的最大值為310V，所以副線圈的電壓的最大值為31V，所以電壓的有效值為U=312V，故B錯誤；C項：P右移，R變小，原副線的電流都變大，而原線圈電壓不變，所以副線圈兩端電壓也不變，可將副

18、線圈也定值電阻R看成電源，滑動變阻器視為外電路，當外電路電阻與電源內阻相等時，滑動變阻器的功率最大，由于不知道滑動變阻器與定值電阻間的關系，所以無法確定，故C錯誤；D項：原副線圈電流之比等于匝數的反比，故原副線圈的電流之比不變，故D正確。故應選：AD。【點睛】電路的動態變化的分析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路。9、CD【解析】滑塊恰能通過C點時，由重力提供向心力，根據牛頓第二定律列方程求C點時的臨界速度，由動能定理知AC高度差，從而知AB高度；對滑塊在傳送帶上運動的過程根據動能定理列方程求滑行的最大距離的大小因素；根據傳送帶速度知物塊的速度，從而知是否回

19、到A點；滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量Q=mgx，看熱量多少，分析相對路程【詳解】若滑塊恰能通過C點時有：mg=m；由A到C，根據動能定理知 mghAC=mvC2；聯立解得：hAC=R；則AB間豎直高度最小為 2R+R=2.5R，所以A到B點的豎直高度不可能為2R，故A錯誤；設滑塊在傳送帶上滑行的最遠距離為x，則有動能定理有：0-mvC2=2mgR-mgx，知x與傳送帶速度無關，故B錯誤；若滑塊回到D點速度大小不變，則滑塊可重新回到出發點A點，故C正確；滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量Q=mgx，傳送帶速度越大，相對路程越大，產生熱量越多，故D正確；故選CD【點睛】本題綜合考查了動能定理、機械能守恒定律

20、和牛頓第二定律，理清物塊在傳送帶上的運動情況，以及在圓軌道最高點的臨界情況是解決本題的關鍵10、ABD【解析】A：電子從a到d的過程中克服電場力做功，則電場力的方向水平向左，電場方向水平向右，從a到d電勢降低勻強電場內間距相等的等勢面之間的電勢差相等，設相鄰等勢面間的電勢差為U，則Uad=3U；又Wad=-eUad，聯立解得：U=2V平面b上的電勢為2V，則平面c上的電勢為零故A項正確B：由于電子運動方向未知，粒子經過平面d時速度方向可能已經沿平面d，則電子可能到達不了平面f故B項正確C：平面b上的電勢為2V，相鄰等勢面間的電勢差U=2V，則平面d上的電勢為-2V，電子經過平面d時，其電勢能為

21、2eV故C項錯誤D：相鄰等勢面間的電勢差U=2V，則Uab=2V，Uad=6V，電子經過a時的動能為10eV，據動能定理可得：-eUab=Ekb-Eka、-eUad=Ekd-Eka，解得：Ekd=4eV、Ekb=8eV，所以電子經過平面b時的速率是經過d時的2倍故D項正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）0.676； 1.57； （2）D 【解析】（1）利用中點時刻的速度等于平均速度得： 則整個過程中的加速度為： （2）從圖像中可以看出，當外力F等于零時，此時已經有一定的加速度了，說明平衡摩擦力時木板的傾角太大，失去平衡，故D正確；綜上所述本題答案是： （1）0.676； 1.57； （2）D12、 0.2 0.25 【解析】試題分析：對全程應用動能定理列式計算，求出表達式，然后根據圖線的斜率和縱截距結合表達式求解（1）由動能定理，對全過程有：根據題意可知，即為（2）根據公式可知，代入數值可知：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求