1、高考物理專題物理方法知識(shí)點(diǎn)難題匯編及解析一、選擇題1 .如圖，彈簧秤外殼質(zhì)量為 mO,彈簧及掛鉤質(zhì)量忽略不計(jì)，掛鉤拖一重物質(zhì)量為m,現(xiàn)9的斜面向上做勻加速直用一方向沿斜面向上的外力F拉著彈簧秤，使其沿光滑的傾角為線運(yùn)動(dòng)，則彈簧秤讀數(shù)為（）C - Fm0mD.?mg sin2 .在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變 量法、極限思維法、類比法和科學(xué)假說法、建立理想模型法、微元法等等.以下關(guān)于所用 物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是（）A.牛頓用微元法提出了萬有引力定律，并計(jì)算出了太陽(yáng)和地球之間的引力x xb.根據(jù)速度定義式 v ,當(dāng)at非常非常小時(shí)， 一就可以表

2、布物體在 t時(shí)刻的瞬時(shí)速 度，該定義應(yīng)用了極限思維法C.將插有細(xì)長(zhǎng)玻璃管的玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水.用力捏玻璃瓶，通過細(xì)管內(nèi)液面高度的變化，來反映玻璃瓶發(fā)生形變，該實(shí)驗(yàn)采用了放大的思想D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法3 .如圖所示，質(zhì)量為 M半彳仝為R的半球形勻質(zhì)物體 A放在水平地面上，通過最高點(diǎn)處的 釘子用水平細(xì)線拉住一質(zhì)量為 m半彳至為r的光滑勻質(zhì)球 B,則A. A對(duì)地面的摩擦力方向向左RrB. B對(duì)A的壓力大小為mgRj?-I-rC. B對(duì)A的壓力大小為mgD.細(xì)線對(duì)小球的拉力大小為mg4.如圖所示

3、，粗糙程度均勻的絕緣空心斜面ABC放置在水平面上，/ CAB=30°,斜面內(nèi)部。點(diǎn)（與斜面無任何連接）固定有一正點(diǎn)電荷，一帶負(fù)電的小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）可以分別靜止在 M、N、MN的中點(diǎn)P上，OM = ON, OM / AB,則下列判斷正確的是（）A .小物體分別在三處?kù)o止時(shí)所受力的個(gè)數(shù)一定都是4個(gè)B.小物體靜止在 P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，靜止在 M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等C.小物體靜止在 P點(diǎn)時(shí)受到的摩擦力最大D.當(dāng)小物體靜止在 N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的摩擦力為零5 .在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量 法、極限思想法、類比法和科學(xué)假說法、建立物理

4、模型法等等.以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫假設(shè)法xxB,根據(jù)速度定義式 V ,當(dāng)t非常非常小時(shí)， 一就可以表布物體在 t時(shí)刻的瞬時(shí)速 度，該定義應(yīng)用了極限思想法C.引入重心、合力與分力的概念時(shí)運(yùn)用了等效替代法D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法6 .如圖所示，在水平粗糙橫桿上，有一質(zhì)量為m的小圓環(huán) A,用一細(xì)線懸吊一個(gè)質(zhì)量為m的球Bo現(xiàn)用一水平力 F緩慢地拉起B(yǎng),在此過程中 A一直保持靜止不動(dòng)，設(shè)圓環(huán) A受到的支持力為Fn

5、,摩擦力為f,此過程中：（）A. Fn增大，f增大B. Fn減小，f增大C. Fn不變，f減小D. Fn不變，f增大7.如圖所示，相互垂直的固定絕緣光滑擋板PO、QO豎直放置在重力場(chǎng)中，a、b為兩個(gè)帶有同種電荷的小球（可以近似看成點(diǎn)電荷），當(dāng)用水平向左的作用力 F作用于b時(shí)，a、b 緊靠擋板處于靜止?fàn)顟B(tài).現(xiàn)若稍改變F的大小，使b稍向左移動(dòng)一段小距離，則當(dāng) a、b重新處于靜止?fàn)顟B(tài)后（）A. a、b間電場(chǎng)力增大B.作用力F將減小C.地面對(duì)b的支持力變大D.地面對(duì)b的支持力變小8.許多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻(xiàn)，也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn) 法、等效代換法、控制變量法、微元法、建立物

6、理模型法、放大法等等.以下關(guān)于物理學(xué) 史和所用物理學(xué)方法的敘述不正確的是A.伽利略為了說明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法8 .牛頓巧妙地運(yùn)用扭秤測(cè)出引力常量，采用了放大法C.在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似 看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用了微元法9 .如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量都是 m的小球A和B用輕桿連接，斜靠在墻上處于平衡狀態(tài)。已 知墻面光滑，水平地面粗糙。現(xiàn)使A球向下移動(dòng)一點(diǎn)，B球離墻再稍遠(yuǎn)一些，兩球再次達(dá)B的支持力N和輕桿C. N不變，T變小B. N變

7、小，T變大D. N變大，T變小到平衡狀態(tài)。移動(dòng)后的平衡狀態(tài)與原來的平衡狀態(tài)相比較，地面對(duì)球 )10 .如圖所示，在傾角為 45。的斜面頂端，用線沿平行斜面方向系一個(gè)質(zhì)量是m的小球,若不計(jì)一切磨擦，當(dāng)斜面體以a=2g的加速度向左運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定后，線上的張力為A 0 B L8避mg CD11 .如圖所示，三個(gè)木塊 A、B、C在水平推力F的作用下靠在豎直墻上，且處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法中正確的是（）I LI產(chǎn)A. A與墻的接觸面可能是光滑的B. B受到A作用的摩擦力，方向可能豎直向下C. B受到A作用的靜摩擦力，方向與 C作用的靜摩擦力方向一定相同D.當(dāng)力F增大時(shí)，A受到墻作用的靜摩擦力不變12 .如圖

8、所示，重為 G的光滑球在傾角為 。的斜面和豎直墻壁之間處于靜止?fàn)顟B(tài).若將此 斜面換成材料和質(zhì)量相同，但傾角。稍小一些的斜面，以下判斷正確的是（）B.球?qū)π泵娴膲毫p小C.斜面可能向左滑動(dòng)D.地面受到的壓力變小13 .如圖所示，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升.夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M,夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦力均為f,當(dāng)一起向上做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，若木塊不滑動(dòng),力F的最大值是（）+ m)C2/(M + m)D.，如圖所示，0是一個(gè)帶電的物體14 .用控制變量法，可以研究影響電荷間相互作用力的因素若把系在絲線上的帶電小球先后掛在橫桿上的Pl ,P2,P3等位置，可以比較小球在不同位置所受帶

9、電物體的作用力的大小 ，這個(gè)力的大小可以通過絲線偏離豎直方向的角度。顯示出來。若物體。的電荷量用Q表不，小球的電荷量用q表布,物體與小球間距離用 d表不，物體和小 球之間的作用力大小用F表示。則以下對(duì)該實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的判斷正確的是A.保持Q,q不變，增大d,則。變大，說明F與d有關(guān)B.保持Q,d不變，減小q,則。變小，說明F與q有關(guān)C.保持Q,q不變，減小d,則。變大，說明F與d成反比D.保持q,d不變，減小Q,則。變小，說明F與Q成正比15.如圖所示，豎直放置在水平面上的輕質(zhì)彈簧上疊放著兩物塊A、B,相互絕緣且質(zhì)量均為2kg, A帶正電，電荷量為 0.1C, B不帶電，開始處于靜止?fàn)顟B(tài).若突然加上

10、沿豎直 方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，此瞬間 A對(duì)B的壓力大小變?yōu)?5N. g=10m/s2,則（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度為50N/CB.電場(chǎng)強(qiáng)度為 100N/CC.電場(chǎng)弓雖度為150N/CD.電場(chǎng)強(qiáng)度為200N/C16 .如圖所示，OA OB是兩根輕繩，AB是輕桿，它們構(gòu)成一個(gè)正三角形。在 A、B處分別 固定著質(zhì)量均為 m的小球，此裝置懸掛在 。點(diǎn)。現(xiàn)對(duì)B處小球施加水平外力 F,讓繩OA位于豎直位置。設(shè)此狀態(tài)下 OB繩中張力大小為 T,已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g,則（）A. T=2mgBC. Tv 2mgD.T>2mg.三種情況皆有可能17 .如圖所示，在高度不同的兩水平臺(tái)階上放有質(zhì)量分別為mi、m2的兩物體，

11、物體間用輕彈簧相連，彈簧與豎直方向夾角為.在mi左端施加水平拉力 F,使mi、m2均處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知mi表面光滑，重力加速度為g,則下列說法正確的是A.彈簧可能處于原長(zhǎng)狀態(tài)B.彈簧彈力的大小為 mi gcosfJC.地面對(duì)m2的摩擦力大小為 FD.地面對(duì)m2的支持力可能為零i8.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量 法、極限思想法、類比法和科學(xué)假說法、建立物理模型法等等。以下關(guān)于物理學(xué)家及其所 用物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是A.牛頓認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90。的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和

12、邏輯推理相結(jié)合的方法x x 一B.根據(jù)速度定義式 v C當(dāng)t非常非常小時(shí)，z就可以表本物體在 t時(shí)刻的瞬時(shí)速 度，該定義應(yīng)用了極限思想方法C.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系， 再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法D.在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法19 .如圖所示，三角形劈塊放在粗糙的水平面上，劈塊上放一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，物塊和劈塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則粗糙水平面對(duì)三角形劈塊（）A.有摩擦力作用，方向向左；B.有摩擦力作用，方向向右；C.

13、沒有摩擦力作用；D.條件不足，無法判定.20 .在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家總結(jié)出了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思維法、類比法、科學(xué)假說法和建立物理模型法等，以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的 敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫假設(shè)法B.根據(jù)速度的定義式，當(dāng) 非常小時(shí)，就可以表示物體在 t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用 了控制變量法C.伽利略為了探究自由落體的規(guī)律，將落體實(shí)驗(yàn)轉(zhuǎn)化為著名的斜面實(shí)驗(yàn)”，這里運(yùn)用了類比法D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程等分成很多小段，每一小段近似 看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里運(yùn)用了

14、微元法21 .有三個(gè)相同的物體疊放在一起，置于粗糙的水平地面上，物體之間不光滑，如圖所示。現(xiàn)用一水平力 F作用在B物體上，三個(gè)物體仍然保持靜止，下列說法正確的是（）A. A的下表面受到向右的摩擦力B. B的上表面受到向右的摩擦力C. B的下表面受到向右的摩擦力D. C的上表面受到向右的摩擦力22 .關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說法錯(cuò)誤的是A.伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法B.卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬有引力常量時(shí)，應(yīng)用了 放大法”C.電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的，因而電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的電荷量成反 比D.探究合力與分力的關(guān)系，用的是等效替代”的方法23

15、.物體b在力F作用下將物體a壓向光滑的豎直墻壁，a始終處于靜止?fàn)顟B(tài).如圖所 示，當(dāng)F逐漸增大時(shí)下列說法中正確的是 （）A. a受的摩擦力有兩個(gè)B. a與b間的摩擦力大小隨 F的增大而增大C. a受的摩擦力大小不隨 F的增大而變化D. b相對(duì)a的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向豎直向下24 .如圖所示，一質(zhì)量為 M的楔形木塊放在水平桌面上，它的頂角為 90°,兩底角為a和3; a、b為兩個(gè)位于斜面上質(zhì)量均為 m的小木塊，已知所有接觸面都是光滑的.現(xiàn)發(fā)現(xiàn)a、b沿斜面下滑，而楔形木塊靜止不動(dòng)，這時(shí)楔形木塊對(duì)水平桌面的壓力等于（）A. Mg+mgB. Mg+2mgC. Mg+mg （sin +sin £

16、;D. Mg+mg （cos +cos 625.如圖所示，質(zhì)量為 m的物體A放在傾角為。=37的斜面上時(shí)，恰好能勻速下滑，現(xiàn)用 細(xì)線系住物體A,并平行于斜面向上繞過光滑的定滑輪，另一端系住物體B,物體A恰好能沿斜面勻速上滑，（g 取 10m/s2, sin37°=0.6, cos37°=0.8）則（）A.=0.65 B,=0.5 C. mB=1.2mD. mB=1.6m【參考答案】*試卷處理標(biāo)記，請(qǐng)不要?jiǎng)h除、選擇題解析：C【解析】【分析】先對(duì)彈簧秤和物體整體受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律列式求解加速度；再對(duì)重物受力分 析，運(yùn)用牛頓第二定律列式求解拉力大小.【詳解】»

17、-F m m0 gsin對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，a=T=m- F ,故C正確, m0 mm m0隔離對(duì)物體分析，根據(jù)牛頓第二定律有：T-mgsin 0 =m<a解得ABD音誤.故選C.2. A解析：A【解析】x試題分析：萬有引力定律的提出沒有應(yīng)用到微元法，A錯(cuò)誤；公式中v 當(dāng)t 0時(shí)x 就可以表布物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，應(yīng)用了極限法，B正確；玻璃瓶?jī)?nèi)裝滿水，用穿t有透明細(xì)管的橡皮泥封口.手捏玻璃瓶，細(xì)管內(nèi)液面高度變化，說明玻璃瓶發(fā)生形變.該實(shí)驗(yàn)采用放大的思想，故 C正確；在探究勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，采用了微元法將變速運(yùn)動(dòng)無限微分后變成了一段段的勻速運(yùn)動(dòng)，即采用了微元法；故 D正

18、確；考點(diǎn)：考查了物理研究方法【名師點(diǎn)睛】在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對(duì)我們理解物理有很大的幫助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí).3. B解析：B【解析】A、把AB看成一個(gè)整體，對(duì)整體受力分析得整體受重力和地面對(duì)整體的支持力，整體對(duì)地面的壓力即是 A對(duì)地面的壓力等于（M+m） g,故地面對(duì)整體沒有摩擦力，即 A對(duì)地面沒有摩擦力，否則不能平衡，故 A錯(cuò)誤；B、C、D、對(duì)小球受力分析，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有 F mg , T mgtan , 其中 cos cosR r,R r 2 R2 ” R丁R r 2 R2 的”tan ,故得 F m

19、g , T mg ,；故 B 正確，RR rRC、D錯(cuò)誤；故選B.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法，受力分析后根據(jù)平衡條件列式分析.通常在分析外力對(duì)系統(tǒng)作用時(shí)，用整體法；在分析系統(tǒng)內(nèi)各物體之間的相互作用時(shí)，用隔 離法.有時(shí)在解答一個(gè)問題時(shí)要多次選取研究對(duì)象，需要整體法與隔離法交叉使用.4. B解析：B【解析】試題分析：根據(jù)共點(diǎn)力的平衡可知在M點(diǎn)小物體可以受三個(gè)力的作用，所以 A錯(cuò)誤；根據(jù)幾何關(guān)系小物體在 M、N兩點(diǎn)時(shí)，庫(kù)侖力咋垂直于 AC方向的分立相同，支持力等于重力 的分立加上庫(kù)侖力的分力，所以靜止在M、N點(diǎn)時(shí)受到的支持力相等，OP垂直與AC,故支持力等重力的分力加上庫(kù)侖力，所以小物體靜

20、止在P點(diǎn)時(shí)受到的支持力最大，故 B正確；在P點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于重力沿斜面向下的分力，在 N點(diǎn)小物體受靜摩擦力等于 重力沿斜面向下的分力加庫(kù)侖力的分力，大于在P點(diǎn)受摩擦力，所以 C錯(cuò)誤；因正點(diǎn)電荷與斜面無任何連接，小物體靜止在N點(diǎn)時(shí)，地面給斜面的向右的靜摩擦力，所以 D錯(cuò)誤.考點(diǎn)：本題考查庫(kù)侖力，物體的平衡5. A解析：A 【解析】試題分析：在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型 x x 法，A錯(cuò)誤；速度定義式 V x,當(dāng)t非常非常小時(shí)， 一x就可以表布物體在t時(shí)刻的瞬 時(shí)速度，這是用了應(yīng)用了極限思想的方法，B正確；重心就是從效果上相當(dāng)于重力作用在那個(gè)點(diǎn)上、是采

21、用等效的思想，同樣合力與分力，也是從作用效果相同，同樣是采用等效 的思想，C正確；在勻變速運(yùn)動(dòng)時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作 勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，就是整體位移，這樣分的越細(xì)，值越接近真實(shí) 值，這是采用了微元法， D正確，由于選不正確的，因此只能選A考點(diǎn)：物理的思想方法6. D解析：D【解析】對(duì)B受力分析，則B受重力、繩子的拉力及 F;三力滿足應(yīng)始終處于平衡狀態(tài)； 受力分析如圖所示：在B上升的過程中繩子與豎直方向的夾角增大，而重力不變，F(xiàn)=Gtan。，故拉力F應(yīng)增大;以AB為整體受力分析，整體在水平方向受拉力、摩擦力；豎直方向上受重力、支持力；因整體處于平衡

22、狀態(tài)，故水平方向f=F,因F增大，故摩擦力f增大；豎直方向重力不變，則壓力Fn不變；故D正確，A、B、C錯(cuò)誤；故選D.【點(diǎn)睛】本題也可以由隔離法求解，但是解答過程較為麻煩；因此在解題時(shí)要特別注意整 體法的應(yīng)用.7. B解析：B【解析】【分析】以a球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況，根據(jù)平衡條件分析a、b間電場(chǎng)力和擋板對(duì)小球的彈力如何變化，由庫(kù)侖定律分析兩間距離的變化情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功正負(fù)判斷系統(tǒng)電勢(shì)能的變化.對(duì)整體研究，分析作用力F如何變化。【詳解】以a球?yàn)檠芯繉?duì)象，分析受力情況如圖所示:根據(jù)平衡條件得：電場(chǎng)力mgCOS a增大，則電場(chǎng)力F電減小。擋板對(duì)a的彈力 N=mgtana, a減小,cosN

23、減小。對(duì)整體研究：水平方向:F=N,則作用力F將減小。故AB錯(cuò)誤；對(duì)整體研究：豎直方向：FN=mAg + mBg,則b受的支持力Fn不變，故C正確，D錯(cuò)誤。所以B正確，ACD錯(cuò)誤。【點(diǎn)睛】本題是動(dòng)態(tài)平衡問題，關(guān)鍵要靈活選擇研究對(duì)象，先對(duì) a研究，再對(duì)b研究，比較簡(jiǎn)便。8. B解析：B【解析】A項(xiàng)正確.A:伽利略為了說明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法.故B:卡文迪許巧妙地運(yùn)用扭秤測(cè)出引力常量，采用了放大法.故B項(xiàng)錯(cuò)誤.C:在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法.故C項(xiàng)正確.D:在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看 做勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把

24、各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用了微元 法.故D項(xiàng)正確.本題選敘述不正確的，故選 B.點(diǎn)睛：物理學(xué)的發(fā)展離不開科學(xué)的思維方法，要明確各種科學(xué)方法在物理中的應(yīng)用，如控 制變量法、理想實(shí)驗(yàn)、理想化模型、極限思想等.9. A解析：A【解析】A的彈力，地面對(duì)B的靜摩擦【分析】先對(duì)整體受力分析，整體受總重力、地面的支持力、墻壁對(duì)力，整體處于平衡狀態(tài)，從而可知N的大小變化。再隔離對(duì) A球進(jìn)行受力分析，A球受重力，墻壁的彈力和輕桿的彈力，三個(gè)力處于平衡狀態(tài)，通過夾角的變化，判斷輕桿彈力的 變化。【詳解】對(duì)整體進(jìn)行受力分析知，地面對(duì)球B的支持力N=2mg,移動(dòng)兩球后，仍然平衡，則 N仍然等于2m

25、g,所以N不變；再隔離對(duì) A進(jìn)行受力分析如下圖，設(shè)輕桿與水平方向的夾角為8變小，sin 變小,B的支持力不變，再9,輕桿對(duì)A球的弓t力T= mg，當(dāng)A球向一T移動(dòng)一小段距離，夾角D錯(cuò)誤。故選：A【點(diǎn)睛】在該題中運(yùn)用了整體法和隔離法，先對(duì)整體受力分析，確定地面對(duì)球 隔離分析，判斷輕桿對(duì)球彈力的變化.10. D解析：D【解析】小球?qū)瑝K的壓力等于零時(shí)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖所示: 由 圖知， F 合=mgcot45 =ma,故a=g,由上圖得，當(dāng)a=2g時(shí)，小球?qū)㈦x開滑塊，F(xiàn)合=ma=2mg由勾股定理得：=+，故選D.【點(diǎn)睛】該題是牛頓第二定律的直接應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是正確對(duì)物體進(jìn)行受力分析，判斷

26、 出小球離開斜面的條件.11. D解析：D【解析】 【分析】 【詳解】對(duì)ABC整體受力分析，受重力、推力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件可知，墻壁對(duì)整 體的靜摩擦力豎直向上，與整體的重力平衡，即墻對(duì)A的靜摩擦力豎直向上，所以 A與墻的接觸面一定是粗糙的，故 A錯(cuò)誤；對(duì)BC整體分析受力：豎直方向受到豎直向下的重 力，根據(jù)平衡條件可知，A對(duì)B的靜摩擦力豎直向上，故 B錯(cuò)誤；對(duì)C受力分析，受重力、推力F,向右的支持力和 B對(duì)C向上的靜摩擦力，靜摩擦力與重力平衡；根據(jù)牛頓第 三定律，C對(duì)B的靜摩擦力一定向下；有選項(xiàng)B分析可知，A對(duì)B的靜摩擦力一定向上；故B受到A和C的靜摩擦力方向一定相反，故 C正確；

27、由上分析可知：墻壁對(duì)A的靜摩擦力豎直向上，與整體的重力平衡，故當(dāng)力F增大時(shí)，A受到墻作用的靜摩擦力一定不變，故D正確.所以D正確，ABC錯(cuò)誤.12. B解析：B【解析】A、B、以球?yàn)檠芯繉?duì)象，它受到重力 mg,斜面對(duì)它的支持力 Ni,墻壁對(duì)它的彈力 F的作 用而處于平衡狀態(tài)，如圖所示：屆1 =二根據(jù)平衡條件有：Ni cos 0=mg, Nisin 0F=,解彳導(dǎo):F = mgtan 0,傾角。減小時(shí)，Ni變小，F(xiàn)變小，由牛頓第三定律知球?qū)π泵娴膲毫ψ冃。瑝κ艿降膲毫ψ冃。蔄錯(cuò)誤，B正確.C、D、選取球（m）和斜面（M）這個(gè)整體為研究對(duì)象，受到重力（ M + m） g,地面支持力N,墻壁的彈力

28、F和地面的靜摩擦力f的作用而處于平衡狀態(tài).如圖所示.根據(jù)平衡條件有：N-（M+m）g=0,故地面受到的壓力大小不變，水平方向F=f.傾角0減小時(shí)，靜摩擦力f減小，斜面仍將保持靜止，故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤.故選B.【點(diǎn)睛】正確選擇研究對(duì)象，對(duì)其受力分析，運(yùn)用平衡條件列出平衡等式解題.要注意多 個(gè)物體在一起時(shí)，研究對(duì)象的選取.13. A解析：A【解析】 【詳解】對(duì)木塊分析得：2f-Mg = Ma,解得木塊的最大加速度為:_V_"二一,對(duì)整體分析得:F-(M+m) g= (M + m) a,將 a代入解得:14. B2f(M + m)M，故A正確，BCD錯(cuò)誤。解析：B【解析】【分析】根據(jù)庫(kù)侖定律

29、公式判斷物體與小球之間的作用力角度0越大，則作用力越大.【詳解】物體在庫(kù)侖力、繩的拉力、重力的共同作用下平衡:F與什么因素有關(guān).絲線偏離豎直方向的明F與d有關(guān)。故A錯(cuò)誤;kQq ,增大d,庫(kù)侖力變小，則 d0變小，說B.保持Q d不變，根據(jù)庫(kù)侖定律公式等,減小q,則庫(kù)侖力變小，e變小，知與q有關(guān)。故B正確;C.保持Q q不變，減小d,庫(kù)侖力變大，則0變大，根據(jù)庫(kù)侖定律公式 FkQq 斤口一2-,知d2與d2成反比。故C錯(cuò)誤;D.保持q、d不變，減小Q,則庫(kù)侖力變小，0變小，根據(jù)庫(kù)侖定律公式 F與兩電荷的乘積成正比。故 故選：B.D錯(cuò)誤。15. B解析：B【解析】試題分析：設(shè)所加的電場(chǎng)方向向下，

30、大小為E,對(duì)A、B整體原來處于平衡狀態(tài)，說加的電場(chǎng)力為整體的合外力，由牛頓第二定律有Eq=2ma,再分析A物體的受力，有向下的重力mg,向下的電場(chǎng)力 Eq,向上的彈力 N,有題意知 N=15N,由mg+Eq-N= ma,與上式聯(lián)立解 得E=-100N/C,故所加的電場(chǎng)方向向上，大小為100N/C, B選項(xiàng)正確.考點(diǎn)：牛頓第二定律整體法與隔離法16. A解析：A【解析】試題分析：根據(jù)題意可知A、B處的小球均處于平衡狀態(tài)，由于繩OA位于豎直位置，因此，A處小球僅受重力 mg和繩OA的拉力T1作用，此時(shí)AB繩中無張力，再對(duì) B處小球受力 分析，小球受重力 mg OB繩的拉力T和水平外力F作用，其受力

31、示意圖如下圖所示，根據(jù) 共點(diǎn)力平衡條件可知 mg與F的合力F合必與T等值、反向，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可以解得T= mg/sin30 ° = 2mg 故選項(xiàng) A 正確。除丁 丁考點(diǎn)：本題主要考查了物體的受力分析、共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，以及整體法與隔離法的 靈活運(yùn)用問題，屬于中檔偏低題。17. C解析：C【解析】 【詳解】A.對(duì)mi隔離分析，在水平方向上合力為零，拉力F等于彈簧在水平方向上的分力，可知彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，A錯(cuò)誤；B,對(duì)mi在水平方向上有F彈sinF ,則彈簧彈彈力為F彈,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.把mi和m2看成一個(gè)整體分析，地面對(duì)m2的摩擦力大小等于 F,故選項(xiàng)C正確；D.物體m2在

32、水平方向上平衡，可知 m2在水平方向上受到摩擦力，則支持力不為零，D錯(cuò)誤。18. A解析：A【解析】 【詳解】A.伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90。的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，符合題意；xXB.根據(jù)速度定義式 V 1，當(dāng)t非常非常小時(shí)， 一就可以表本物體在 t時(shí)刻的瞬時(shí)速 度，該定義應(yīng)用了極限思想方法，選項(xiàng) B正確，不符合題意；C.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān) 系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法，選項(xiàng)C正確，不符合題意；D

33、在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，選項(xiàng)D 正確，不符合題意。19 C解析： C【解析】試題分析：此題用“整體法 ”（把整個(gè)系統(tǒng)當(dāng)做一個(gè)研究對(duì)象來分析的方法）分析因?yàn)槲飰K和劈塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)，因此把物塊和劈塊看作是一個(gè)整體，由于劈塊對(duì)地面無相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故沒有摩擦力存在，C 正確20 D解析： D【解析】【詳解】A 在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫建立物理模型法，故 A 錯(cuò)誤；B 通過?t 非常小可知應(yīng)用了極限思想，故B 錯(cuò)誤；C.將自由落體轉(zhuǎn)化為 斜面實(shí)驗(yàn)”，將落體運(yùn)動(dòng)轉(zhuǎn)

34、化至斜面上，來延長(zhǎng)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再通過斜面傾角的逐步抬高，得出相同結(jié)論，從而合理外推至落體運(yùn)動(dòng)（即斜面傾角為90° ）的情況，實(shí)現(xiàn)了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）和諧的結(jié)合，應(yīng)用了轉(zhuǎn)化法，故C 錯(cuò)誤。D 每一小段近似看做勻速直線運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用了微元法，故D 正確。21 D解析： D【解析】A、由于A相對(duì)于B沒有相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故A只受重力和支持力，不受到摩擦力作用，故AB 錯(cuò)誤；C、對(duì)AB整體受力分析，AB整體相對(duì)于C有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故 B的下表面受到向左的靜摩擦力作用，根據(jù)牛頓第三定律可以知道C 的上表面受到向右的摩擦力，故C 錯(cuò)誤， D正確。點(diǎn)睛：兩個(gè)相互接觸的物體有相對(duì)

35、運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，在接觸面間便產(chǎn)生阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)的力，這種力叫靜摩擦力，靜摩擦力是被動(dòng)性質(zhì)的力，其方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)方向相反。22 C解析： C【解析】【詳解】A 伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法，即理想實(shí)驗(yàn)，故A 正確，不符合題意；B 卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法，故B 正確，不符合題意；C.在定義電場(chǎng)強(qiáng)度時(shí)應(yīng)用了比值法，因而電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力和試探電荷的電量無關(guān)，故C錯(cuò)誤，符合題意；D.等效替代法是在保證某種效果相同的前提下，將實(shí)際的、復(fù)雜的物理問題和物理過程轉(zhuǎn)化為等效的、簡(jiǎn)單的、易于研究的物理問題和物理過程來研究和處理的方法.平均速度”總電阻”交流電的有