1、2012年江蘇省連云港市中考物理試卷解析 一、選擇題（本大題有10小題，每小題2分，共20分每小題給出的四個選項中只有一個符合題意）1（2012連云港）下列關于壓強與浮力的說法正確的是（）A飛機水平飛行時，機翼上方的空氣流速大，壓強小B潛入水中的潛水艇，潛水越深，所受的浮力就越大C歷史上通過馬德堡半球實驗第一次測得了大氣壓的值D將裝有水的試管由豎直位置逐漸傾斜的過程中（水未灑出），水對管底的壓強不變考點：壓強；大氣壓強的存在；流體壓強與流速的關系；阿基米德原理。專題：應用題。分析：（1）機翼上方的空氣流速比下方的快，因此下方向上的壓強大于上方向下的壓強，上下表面存在一個壓力差，這就是機翼的升力

2、（2）浮力的大小跟排開液體的體積和液體的密度有關，跟液體的深度無關（3）著名的托里拆利實驗第一次測得了大氣壓的數值；（4）試管中水的長度不變，在傾斜的過程中，高度逐漸變小，根據公式P=gh可以判斷出水對管底壓強的變化解答：解：A、飛機水平飛行時，機翼上方的空氣流速大，壓強小，正確；B、潛入水中的潛水艇，其排開水的體積V排不變，根據公式F浮=液gV排可知，其浮力不變，和潛水的深度無關故B錯誤；C、著名的托里拆利實驗第一次測得了大氣壓的數值，故C錯誤；D、試管中水的長度不變，在傾斜的過程中，高度逐漸變小，根據公式P=gh可以判斷出水對管底壓強逐漸變小故D錯誤故選A點評：此題考查的知識點比較全面，有

3、流體壓強和流速的關系、浮力大小的影響因素、測量大氣壓的實驗以及液體壓強的大小變化等，對學生的綜合能力要求較高，但是難度不大2（2012連云港）下列關于光現象的說法正確的是（）A彩虹是由于光的反射形成的B光從空氣進入水中，傳播方向一定改變C人能通過平靜的湖面看到自己的臉是光的折射現象D陽光照射下，地面上呈現電線桿的影子是由于光的直線傳播形成的考點：光直線傳播的應用；光的反射。專題：應用題。分析：在生活中，激光準直、小孔成像、影子的形成、日食月食的形成等都表明光在同一種均勻介質中是沿直線傳播的；光照射到兩種物質界面上時，一部分光被反射回原來介質的現象是光的反射，現象有：平面鏡成像、水中倒影等；當光

4、從一種介質斜射入另一種介質時，傳播方向發生改變，這是光的折射，現象有：看水里的魚比實際位置淺、彩虹、透鏡成像等解答：解：A、雨后天空中的彩虹是陽光被空氣中的小水珠折射后，發生色散形成的，與光的直線傳播無關；故A錯誤；B、光從空氣進入水中，傳播方向不一定改變，垂直進入傳播方向不變，故B錯誤；C、人能通過平靜的湖面看到自己的臉是在水面成的像，是由光的反射形成的；故C錯誤；D、光照射下，地面上呈現電線桿的影子是由于光的直線傳播形成的，可以用光的直線傳播規律解釋；故選D點評：一般來說：見到影子、日月食、小孔成像就聯系到光的直線傳播原理；見到鏡子、倒影、潛望鏡就聯系到光的反射原理；見到水中的物體，隔著玻

5、璃或透鏡看物體就聯系到光的折射原理3（2012連云港）在圖示電路中，電源電壓保持不變閉合開關S后，開關S1由斷開到閉合，下列說法正確的是（）A電流表A1示數變大，電流表A示數也變大B電流表A1示數變小，電流表A示數也變小C電流表A1示數不變，電流表A示數變大D電流表A1示數不變，電流表A示數變小考點：歐姆定律的應用；并聯電路的電流規律。專題：動態預測題；圖析法。分析：從圖可知閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1，電流表A和A1測量的是通過電阻燈泡L1中的電流開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯，電流表A測量的是干路中的總電流，電流表A1測量通過燈泡L1的電流，再根據并聯電路的電

6、流特點判斷出電流表A和A1示數的變化解答：解：從圖可知，閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1，電流表A和A1測量的是通過電阻燈泡L1中的電流，則電流表A和A1的示數為：I=I1=當開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯，電流表A測量的是干路中的總電流，電流表A1測量通過燈泡L1的電流，而電源電壓不變，根據歐姆定律可知通過燈泡L1的電流I1不變，即電流表A1的示數不變而此時電流表A測量的是干路中的總電流，由并聯電路電流的特點可知此時干路中的總電流變大，即電流表A的示數變大四個選項中符合題意的是C故選C點評：本題考查了學生對歐姆定律和并聯電路電流特點的掌握和運用，以及開關斷開和閉合對

7、電路串、并聯的影響能分析電路圖確定兩種情況下（閉合開關S，斷開開關S1，電路中只有燈泡L1；開關S、S1都閉合后，燈泡L1和燈泡L2并聯）的電路組成是本題的關鍵4（2012連云港）下列關于水沸騰的實驗說法正確的是（）A水沸騰時冒出的“白氣”是水蒸氣B水的沸點隨氣壓的降低而降低C水沸騰的現象只發生在液體的表面D水沸騰后繼續加熱，水的溫度會不斷升高考點：沸騰及沸騰條件；沸點及沸點與氣壓的關系。專題：應用題。分析：沸騰的條件是：達到沸點、能繼續從外界吸熱液體沸騰時溫度保持不變，沸騰是液體表面和內部同時發生的汽化現象解答：解：A、水沸騰時冒出的“白氣”是小液滴，不符合題意B、水的沸點隨氣壓的降低而降低

8、，符合題意C、沸騰是液體表面和內部同時發生的劇烈的汽化現象，不符合題意D、液體沸騰時吸熱，但溫度不變，不符合題意故選B點評：該題考查了蒸發和沸騰這兩種汽化現象的不同之處，屬于基礎知識，要求學生能夠辨析5（2012連云港）關于以下現象說法正確的是（）A雪花漫天飛舞說明分子在做無規則運動B絲綢摩擦過的玻璃棒靠近帶正電的物體時會相互排斥C在墨水滴入水中的擴散實驗中，我們看到了墨水的分子在運動D由于液體能夠流動，而固體不能流動，所以固體分子是靜止的考點：電荷間的相互作用規律；分子動理論的基本觀點；擴散現象。專題：應用題。分析：（1）注意分子運動和機械運動的區別，分子運動是微觀現象，機械運動是宏觀運動（

9、2）用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷為正電荷同種電荷相互排斥（3）分子很小，用我們的肉眼是看不到的，能看到的只是宏觀上顏色的變化（4）固體不能流動，是因為固體分子之間的作用力很大，相互束縛，不能到處自由移動解答：解：A、雪花漫天飛舞，是固體顆粒的機械運動，不屬于分子運動故A錯誤；B、用絲綢摩擦過的玻璃棒所帶的電荷為正電荷，用它靠近帶正電的物體時，同種電荷會相互排斥，故B正確；C、在墨水滴入水中的擴散實驗中，我們看到的是顏色的變化，墨水的分子用肉眼是看不到的故C錯誤；D、固體不能流動，是因為固體分子之間的作用力很大，相互束縛，不能到處自由移動，但不是靜止的故D錯誤故選B點評：此題主要考查的是分子運

10、動和機械運動的區別，以及電荷之間的相互作用規律屬于基礎性題目，比較簡單6（2012連云港）下列關于力和運動的說法正確的是（）A人推墻的力和墻對人的力是一對平衡力B靜止的物體不受摩擦力，運動的物體才受摩擦力C給正在運動的物體再施加一個力，物體就會比原來運動得更快D在平直軌道上勻速行駛的火車車廂里，豎直向上跳起的人仍將落回原處（不計空氣阻力）考點：平衡力的辨別；慣性；摩擦力的種類。專題：應用題。分析：（1）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在一個物體上；（2）發生相對運動或者有相對運動趨勢的物體受摩擦力作用；（3）當物體所受合力的方向與物體運動方向相同時，物體作加速運動；否

11、則物體作減速運動；（4）一切物體都有保持原來運動狀態的性質解答：解：A、人推墻的力和墻對人的力，二力作用在兩個物體上，是一對相互作用力；故A錯誤；B、具有相對運動趨勢的物體，處于靜止狀態，受到的摩擦力稱之為靜摩擦；當物體發生滑動是受到的摩擦力叫滑動摩擦力；故B錯誤；C、給正在運動的物體再施加一個力，如果力的方向與物體運動的方向相反，則物體就會比原來運動得慢，故C錯誤；D、在平直軌道上勻速行駛的火車車廂里，豎直向上跳起的人由于慣性還要保持原來的運動狀態，因此仍將落回原處；故D正確故選D點評：（1）掌握物體由于慣性要保持原來的運動狀態（2）掌握二力平衡和相互作用力的區別（3）掌握摩擦力的重力，理解

12、滾動摩擦、滑動摩擦力和靜摩擦力的規定7（2012連云港）下列說法錯誤的是（）A光波是一種電磁波，它可以在真空傳播B聲波是一種電磁波，但它不能在真空中傳播C超聲波能用來粉碎結石是因為超聲波具有能量D光纖通信是一種利用光波在光導纖維中傳輸信息的通信方式考點：電磁波的傳播；聲與能量；光纖通信。專題：應用題。分析：根據電磁波、聲波、光纖通信等知識點的掌握來判斷解答：解：A、光波、無線電波、x射線等都是電磁波，電磁波可以在真空中傳播故A正確；B、聲波不是電磁波，也不能在真空中傳播故B錯誤；C、超聲波可以碎石，本身具有能量才能傳遞能量故C正確；D、光纖通信是利用光波在光導纖維中傳輸信息的通信故D正確故選B

13、點評：本題考查對聲波、電磁波的了解和掌握情況，是一道基礎類習題8（2012連云港）下列四幅圖對應的說法正確的是（）ABCD考點：題干錯誤（嚴重）。專題：應用題。分析：此題解答：解：點評：此題9（2012連云港）下列關于物質的屬性的描述正確的是（）A輪船用鋼鐵制成是因為鋼鐵的密度小B納米銅與普通銅相比具有更好的延展性C熱水壺的手柄通常用膠木制作，是因為膠木的導熱性好D電線的內芯通常用鋁或銅制作，主要是因為鋁或銅的強度大、抗拉性好考點：物質的基本屬性。專題：順推法。分析：根據鋼鐵、銅、膠木和導線的物理性質做出解答解答：解：A 輪船用鋼鐵制造是利用鋼鐵的硬度大此描述錯誤；B 納米銅比普通銅具有更好的

14、延展性此描述正確；C 熱水壺的手柄用膠木制作，因為膠木有較好的隔熱性此描述錯誤；D 電線的內芯用鋁或銅制作，主要利用鋁或銅的電阻小，導電性強此描述錯誤故選B點評：此題考查不同物質不同的物理性質，是一道基礎題10（2012連云港）一個人先后用同樣大小的力F將不同質量的物體分別在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移動相同的距離S（如圖所示），該力在這三個過程中所做的功分別為W1、W2、W3，關于它們之間的大小關系說法正確的是（）AW1W2W3BW1W2=W3CW1=W2=W3DW1=W2W3考點：功的計算。專題：應用題。分析：物理上，功的大小等于力與在力的方向上通過的距離的成績；即W=F

15、s解答：解：一個人先后用同樣大小的力F使物體沿力的方向移動相同的距離S；該力在這三個過程中所做的功分別為W1、W2、W3，三個功的大小都等于W=Fs；即W1=W2=W3；故C正確；ABD錯誤；故選C點評：深入理解功的大小的計算方法，是解答此題的關鍵二、填空題（本大題有9小題，每空1分，共21分）11（2012連云港）家庭電路中短路或超負荷運行很容易引發火災，為了避免此類事故的發生，家庭電路中必須安裝空氣開關；如果家用電器內部導線的絕緣皮破損，人體接觸家用電器金屬外殼時容易發生觸電事故，為防止此類事故的發生，家用電器的金屬外殼應該接地考點：家庭電路的連接；熔斷器的作用及保險絲的選擇方法；觸電危害

16、及常見的觸電類型與預防。專題：應用題。分析：（1）家庭電路過大的原因有兩個；發生短路和用電器的總功率過大；當電路中電流過大時必須斷開電源；熔斷器就能起到自動斷開電源的作用（2）家庭電路中的觸電事故，都是人體直接或間接跟火線接觸造成的，金屬外殼的用電器一定要接地，防止用電器漏電時發生觸電事故解答：解：（1）當電路短路時，電路中的電流就會很大，超過了熔斷器的最大電流，則熔斷器將會熔斷起到對電路的保護作用使用家庭電路中必須安裝能起到自動斷開電源的作用空氣開關（或熔斷器、漏電保護器、觸電保護器、熔絲等均可）（2）如果家用電器內部導線的絕緣皮破損，人體接觸家用電器金屬外殼時容易發生觸電事故，如果外殼接地

17、，地線把人體短路，不會發生觸電事故；所以為防止此類事故的發生，家用電器的金屬外殼應該接地故答案為：空氣開關；接地點評：本題考查家庭電路中熔斷器的作用，知道空氣開關、熔斷器、漏電保護器、觸電保護器、熔絲等都能起到自動斷開電源的作用12（2012連云港）即使在0以下的冬天，室外冰凍的衣服也能晾干，這是升華現象，在此過程中，需要吸熱（選填“吸熱”或“放熱”）；夏天的早晨，花草上會出現晶瑩剔透的露珠，露珠的形成屬于液化現象考點：生活中的升華現象；液化及液化現象。專題：應用題。分析：（1）在一定條件下，物體的三種狀態固態、液態、氣態之間會發生相互轉化，這就是物態變化；（2）物質由氣態直接變為固態叫凝華，

18、物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固（3）六種物態變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華解答：解：（1）室外冰凍的衣服也能晾干，是物質由固態直接變為氣態叫升華，該過程吸熱；（2）夏天的早晨，花草上會出現晶瑩剔透的露珠，是空氣中的水蒸氣遇冷液化為液態的小水滴，附著在植被表面，此過程放熱；故答案為：升華；吸熱；液化點評：分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識13（2

19、012連云港）如圖是生活中常見的杠桿，其中屬于生省力杠桿的是BD（填寫字母符號），其中屬于費力杠桿的是AC（填寫字母符號）考點：杠桿的分類。專題：應用題；圖析法。分析：結合圖片和生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿解答：解：A、釣魚竿在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿；B、道釘撬在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿；C、筷子在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿；D、鋼絲鉗在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿所以屬于省力杠桿的是：BD，屬于費力杠桿的是：AC故答案為：BD；AC點評：此題考查的是杠桿的分類主要包括以下幾

20、種：省力杠桿，動力臂大于阻力臂；費力杠桿，動力臂小于阻力臂；等臂杠桿，動力臂等于阻力臂14（2012連云港）中國改裝的“瓦良格”號航空母艦出海試航，當航母在平靜的水面航行時，它所受的浮力等于它的總重力（選填“大于”、“等于”或“小于”）當航空母艦上艦載飛機起飛后，它排開水的體積減小（選填“增大”、“減小”或“不變”）考點：物體的浮沉條件及其應用；阿基米德原理。專題：應用題。分析：（1）知道航母在平靜的水面上航行（漂浮），利用漂浮條件確定浮力與總重力的關系；（2）戰機在起飛前是停在航母上的，應將其與航母看成一個整體，再根據漂浮的條件，可判斷戰機起飛前后浮力的變化情況解答：解：（1）因為航母漂浮，

21、所以它受到的浮力等于總重力；（2）戰機從航母上起飛后，航母的總重力減小，根據漂浮物體的重力等于自身重力，所以浮力將減小，由阿基米德原理可知排開水的體積會減小故答案為：等于；減小點評：本題考查了學生對阿基米德原理、物體的漂浮條件的掌握和運用，明確戰機起飛后對航母總重力的影響是本題的關鍵15（2012連云港）一個物體A受到水平推力F的作用在粗糙的水平面上做勻速直線運動，當撤去F后，物體A還能繼續運動，是因為慣性，物體運動變慢直至停止，是因為物體受摩擦力在此過程中，物體的動能轉化為內能考點：慣性；摩擦力的種類；機械能和其他形式能的轉化。專題：應用題。分析：（1）由于物體處于運動狀態，根據慣性知識，可

22、以確定物體撤去推力后，仍要向前運動；（2）物體停下來，是因為運動狀態發生了變化，所以從力的作用效果入手分析原因解答：解：撤去推力，物體由于慣性仍要保持原來的運動狀態向前運動由于撤去了推力，在水平方向上物體只受到摩擦力的作用，力可以改變物體的運動狀態，所以物體最終停下來；克服摩擦做功時，機械能轉化為內能故答案為：慣性；物體受摩擦力；內點評：二力平衡的條件的條件的一個應用就是利用物體處于平衡狀態，告訴其中的一個力，來求另一個力16（2012連云港）將一只裝滿水的溢水杯放在水平桌面上，如圖（甲）所示，此時杯底對桌面的壓強為p；若將一石塊用細線系著緩慢放入杯底，有一部分水溢出，穩定后如圖（乙）所示，此

23、時杯底對桌面的壓強為p1，則p1p（選填“”、“”、或“=”）；如果改用小木塊輕輕放在圖（甲）的溢水杯中，也有一部分水溢出，穩定后入圖（丙）所示，此時杯底對桌面的壓強為p2，則p2=p（選填“”、“”、或“=”）考點：壓強的大小及其計算；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用。專題：動態預測題；推理法。分析：（1）若將一石塊用細線系著緩慢放入杯底，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石塊受到的浮力等于排開的水的重力（溢出水的重力），而因為石塊下沉，石塊的重力大于浮力，據此可以得出石塊的重力和溢出水的重力的大小關系，進而得出放入石塊后杯對桌面的壓力變化，而受力面積不變，根據壓強公式p=得出壓強變化；

24、（2）如果將小木塊輕輕放在圖（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石塊受到的浮力等于排開的水的重力（溢出水的重力），而因為木塊漂浮，木塊的重力等于浮力，據此可以得出木塊的重力和溢出水的重力的大小關系，進而得出放入木塊后杯對桌面的壓力變化，而受力面積不變，根據壓強公式p=得出壓強變化解答：解：（1）若將一石塊用細線系著緩慢放入杯底，有一部分水溢出：石塊下沉，F浮石G石，F浮石=G排=G溢，G石G溢，放入石塊后杯對桌面的壓力將變大，而受力面積不變，p=，杯對桌面的壓強將變大，即p1p；（2）如果將小木塊輕輕放在圖（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，木塊漂浮，F浮木=G木，F浮木=G排=

25、G溢，G木=G溢，放入木塊后杯對桌面的壓力不變，而受力面積不變，p=，杯對桌面的壓強不變，即p2=p故答案為：；=點評：本題考查了學生對壓強公式、阿基米德原理、物體的浮沉條件的掌握和運用，能根據浮沉條件和阿基米德原理判斷出放入石塊（木塊）后杯子對桌面的壓力變化情況是本題的關鍵17（2012連云港）連云港某廠家生產的一種軟飲料上面貼有“低熱量”的標簽，并且標簽上標明“每100mL產生2.0l03J的熱量”某同學喝了300mL這種飲料后，獲得的熱量為6000J他想用沿臺階登山的方式來消耗此次攝入的熱量，如果該同學的質量為50.0kg，為了達到此目標，他需要勻速登上12m高的臺階（g取10N/kg）

26、考點：功的計算；重力的計算。專題：計算題。分析：（1）知道每喝100mL產生2.0l03J的熱量，可求喝300mL這種飲料獲得的熱量；（2）由題知，沿臺階登山做的功W=Q，而W=Gh=mgh，知道該同學的質量，據此求需要登上臺階的高度解答：解：（1）喝300mL這種飲料獲得的熱量：Q=2.0l03J3=6000J；（2）由題知，W=Q=6000J，而W=Gh=mgh，即：6000J=50.0kg10N/kgh，解得：h=12m故答案為：6000；12點評：本題以喝飲料登山為背景，考查了重力的計算、功的計算，利用所學知識解決身邊的實際問題，體現了學以致用，有意義！18（2012連云港）用如圖所示

27、的滑輪組，將重為10N的物體以0.1m/s的速度勻速提升，拉力F=6N，拉力的功率為1.2W，滑輪組的機械效率83.3%，若不計繩重及摩擦，動滑輪的重力為2N考點：滑輪（組）的機械效率；功率的計算。專題：計算題。分析：由圖可知，承擔物重的繩子股數n=2，則s=2h（1）知道物體提升的速度，求出繩子自由端移動的速度，知道拉力大小，利用P=Fv求拉力的功率；（2）利用W總=Fs求出總功，知道提升物體的高度和物重大小，利用W有用=Gh求出他做的有用功；再利用=求出該滑輪組的機械效率（3）不計繩重和摩擦，知道物重和拉力大小，根據F=（G物+G動）求動滑輪重解答：解：由圖知，n=2，s=2h，（1）繩子

28、自由端移動的速度：v=20.1m/s=0.2m/s，拉力的功率：P=Fv=6N0.2m/s=1.2W；（2）使用滑輪組做的有用功：W有用=Gh，使用滑輪組做的總功：W總=Fs，滑輪組的機械效率：=83.3%；（3）不計繩重和摩擦，拉力F=（G物+G輪），即：6N=（10N+G輪），G動=2N故答案為：1.2；83.3%；2點評：本題主要考查了學生對速度公式、功率公式、機械效率公式的理解和掌握，本題關鍵：用好“不計繩重和摩擦，拉力F=（G物+G輪）”，用好推導公式P=Fv，用好推導公式=19（2012連云港）一盞電燈未接入電路時的燈絲電阻為55，接到220V的電源上正常發光時通過的電流為0.5A

29、則該電燈的額定功率為110W；從剛接通電源到正常發光過程中，電燈的最大功率為880W考點：電功率的計算。專題：計算題。分析：（1）燈泡正常發光時的電流和額定電流相等，根據P=UI求出該電燈的額定功率；（2）燈泡的電阻隨溫度的增大而增大，當剛接通燈泡時，其電阻最小，根據P=求出電燈的最大功率解答：解：（1）燈泡正常發光時的電流和額定電流相等，所以燈泡的額定功率P=UI=220V0.5A=110W；（2）剛接通電源時，燈泡的電阻最小，電功率最大，所以Pmax=880W故答案為：110；880點評：本題考查了電功率公式的靈活運用，關鍵是知道燈泡電阻與溫度的關系三、作圖和實驗探究題（本大題有4小題，每

30、空或每圖2分，共30分）20（2012連云港）按照題目要求作圖：（1）如圖（甲）所示，請根據平面鏡成像的特點，畫出物體AB在平面鏡MN中所成的像（2）如圖（乙）所示，物體A正在光滑水平面上向右做勻速直線運動，請畫出A所受各力的示意圖考點：平面鏡成像的相關作圖；力的示意圖。專題：作圖題。分析：（1）平面鏡成像的特點是：像物大小相等、到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直、左右互換，即像物關于平面鏡對稱，利用這一對稱性作出AB的像；（2）物體在光滑水平面上做勻速直線運動，處于平衡狀態，它受到的重力和水平面對它的支持力是一對平衡力，兩個力大小相等，方向相反，作用點都在物體的重心上解答：解：（1）分別作出

31、物體AB端點A、B關于平面鏡的對稱點A、B，用虛線連接A、B即為AB在平面鏡中的像如下圖所示：（2）從重心沿豎直向下畫，標出符號G，支持力從重心沿豎直向上畫，標出符號F，如圖所示：點評：（1）在平面鏡成像作圖中，若作出物體在平面鏡中所成的像，要先根據像與物關于平面鏡對稱，先作出端點和關鍵點的像點，再用虛線連接各點即為物體的像（2）由物體處于平衡狀態分析出受到兩個力，算出力的大小，找到兩個力的三要素，用力的示意圖表示出來，標出符號和大小21（2012連云港）石英粉是重要的化工原料，小明爸爸在石英粉廠工作，他想知道石英粉的密度，可是身邊只有天平他求助于正在九年級就讀的兒子聰明的小明利朋天平（含砝碼

32、），一個玻璃杯、足量的水，就完成了測量石英粉密度的實驗（水為已知）下面是小明同學設汁的實驗步驟，請你幫他補充完整（1）用天平測出空玻璃杯的質量m0；（2）給玻璃杯中裝滿石英粉，測出玻璃杯和石英粉的總質量m1；（3）將石英粉倒出，給玻璃杯中裝滿水，測出玻璃杯和水的總質量m2（4）用已知量和測量量對應的字母寫出石英粉密度的表達式粉=考點：固體的密度測量實驗。專題：實驗題；等效替代法。分析：本實驗的難點在于沒有量筒，無法直接測出石英粉的體積，因此，可考慮借助已經密度的水，采用等效替代的方法，求出水的體積，從而得出石英粉的體積；至于石英粉的質量則可以將其裝入玻璃杯中，通過天平直接測量出，再減去空杯的質

33、量即可最后利用密度公式推導出石英粉密度的表達式解答：解：（2）根據等效替代法的測量思路，在給玻璃杯裝滿石英粉后，應測出其總質量，記作m1；（3）根據杯子的容積不變，可將石英粉倒出，再裝滿水，同樣測出其總質量，記作m2；（4）根據測量結果，石英粉的質量m=m1m0；石英粉的體積就等于水的體積，V=，將石英粉的質量各體積，代入密度的公式得：=故答案為：（2）玻璃杯和石英粉的總質量m1（3）將石英粉倒出，給玻璃杯中裝滿水，測出玻璃杯和水的總質量m2（4）點評：本實驗的考查有一定的難度，關鍵在于如何找到測量物體體積的方法，這里合理運用等效替代法，是實驗成功的關鍵這也是實際應用中較為常見和實用的一種方法

34、，值得我們好好掌握22（2012連云港）小華在“探究凸透鏡成像規律的實驗”中發現像高與像距、物距之間有一定的關系，為了進一步探究，他將5cm長的發光體放在一個豎直支架上作為光源進行實驗（1）實驗開始前，首先在光具座上依次安裝發光體、凸透鏡和光屏并進行調節，使它們的中心在同一高度（2）下表是小華同學實驗時記錄的幾組數據：實驗次數物距u/cm像距v/cm物高l/cm像高h/cm13514522301552.532020554153051051260525該凸透鏡的焦距為10cm從表中的數據可以看出，當像距小于物距時，像高與物高的比值小于1（選填“大于”或“小于”）；當像距大于物距時，像高與物高的比

35、值大于1（選填“大于”或“小于”）小華通過進一步分析實驗數據又得出了像高與物高的比值和像距與物距之間的具體關系他的結淪是像高與物高的比值和像距與物距的比值相等考點：凸透鏡成像規律及其探究實驗。專題：實驗題。分析：（1）探究凸透鏡成像的實驗時，在桌面上依次放蠟燭、凸透鏡、光屏，三者在同一條直線上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心（2）根據凸透鏡成像規律中的物距等于2倍焦距時，成倒立等大的實像，可求得其焦距根據當像距小于物距時，像高與物高的比值可得出結論；同理，根據當像距大于物距時，像高與物高的比值可得出結論根據4次試驗中像高與物高的比值和像距與物距之間的具體關系，可得出結論解答：解

36、：（1）為了能使像呈在光屏的中心，必須調節燭焰、凸透鏡、光屏的位置，使它們的中心位置大致在同一高度故答案為：同一高度（2）由表中第3此實驗的數據，物距等于像距，物像等大，可知，此時u=2f=20cm則f=10cm即該凸透鏡的焦距為10cm故答案為：10因1、2次實驗中像距小于物距，則1，1，所以當像距小于物距時，像高與物高的比值小于1；同理當像距大于物距時，=21，=51，所以，當像距大于物距時，像高與物高的比值都大于1故答案為：小于；大于第1次實驗中像高與物高的比值：，像距與物距的比值：=，2次實驗中像高與物高的比值：=，像距與物距的比值：=，3次實驗中像高與物高的比值為1；像距與物距的比值

37、也是1，4次實驗中像高與物高的比值：=2，像距與物距的比值也是2，5次實驗中像高與物高的比值為5：像距與物距的比值也是5，則由此可得出結論：像高與物高的比值和像距與物距的比值相等故答案為：像高與物高的比值和像距與物距的比值相等點評：此題是探究凸透鏡成像規律，其中首先根據表中信息找出該透鏡的焦距，其次是根據實驗數據分析像高與物高的比值和像距與物距之間的具體關系，這些都是在鍛煉學生處理信息的能力，比起一問一答的題型，有一定的實際意義，因此，此類題型受到中考的青睞23（2012連云港）小剛要測量一個電阻Rx的阻值，現只找到如下器材：一個電壓不變的電源三個阻值已知的定值電阻（R1=10、R2=20、R

38、3=40），一個表盤數字已經模糊（但刻度清晰）的電壓表，兩個開關S1、S2，導線若干小剛要用這些器材測量Rx的阻值（1）他先將定值電阻Rl接人其設計的圖（甲）所示電路中進行實驗當閉合S1、斷開S2時發現電壓表無示數，經檢查電壓表、電源均正常，且只有一處故障，下面列出的故障原因中，你認為可能的是B（填寫序號）ARx斷路 BRx短路 CR1短路（2）排除故障后，閉合開關S1、S2時電壓表的指針偏轉情況如圖（乙）所示；閉合開關S1、斷開S2時電壓表指針偏轉情況如圖（丙1）所示再用R2、R3分別替換Rl接入電路進行實驗，當閉合開關S1、斷開S2時電壓表對應的指針偏轉情況如圖（丙2）、（丙3）所示Rl接

39、入電路時Rx的測量值Rx1=21.1，R2接入電路時Rx的測量值Rx2=20，同理可以得出R3接入電路時Rx的測量值Rx3多次實驗的目的是求平均值減小誤差待測電阻Rx的測量值為21.1（保留一位小數）考點：伏安法測電阻的探究實驗；電壓表的讀數方法；電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用。專題：應用題；實驗題。分析：（1）電壓表無示數可能是并聯的部分短路和并聯部分以外的部分斷路，據此對選項進行分析即可得出答案（2）由電路圖可知，當閉合開關S1、S2時，電路為Rx的簡單電路，電壓表測電源的電壓；閉合開關S1、斷開S2時兩電阻串聯，電壓表測Rx兩端的電壓；根據串聯電路的分壓特點結合電壓表指針的位置即可

40、求出待測電阻的阻值；本實驗中為減小誤差應多次測量求出平均值解答：解：（1）電壓表無示數，經檢查電壓表、電源均正常，且只有一處故障，則A、Rx斷路時，電壓表測電源的電壓，示數應接近電源的電壓，不符合題意；B、Rx短路時，電壓表測導線的電壓，電壓表無示數，符合題意；C、R1短路，電壓表測電源的電壓，示數應接近電源的電壓，不符合題意；故選B（2）當閉合開關S1、S2時，等效電路圖如圖1所示；閉合開關S1、斷開S2時，等效電路圖如圖2所示測電源的電壓時指針的偏轉為28個格，R1接入電路時，Rx兩端電壓對應指針偏轉為19個格，R0兩端電壓對應為2819=9個格；因串聯電路各處的電流相等，則=，即=，解得

41、Rx21.1；同理：R2接入電路時，Rx兩端電壓對應指針偏轉為14個格，R0兩端電壓對應為2814=14個格，解得Rx=20；R3接入電路時，Rx兩端電壓對應指針偏轉為10個格，R0兩端電壓對應為2810=18個格，Rx=22.2；多次實驗的目的是求平均值減小誤差；待測電阻測量值Rx=21.1故答案為：21.2；20；求平均值減小誤差；21.1點評：本題考查了電路故障的判斷和實驗中多次測量的目的等，關鍵是根據串聯分壓特點求出待測電阻的阻值，難點是電壓表示數可以用指針偏轉的格數來代替四、解答題（本大題有2小題，共l9分解答時要求寫出必要的文字說明、公式和演算過程）24（2012連云港）連云港市正

42、在建設的“BRT”系統，是連接中心城區與外外圍區域的快速公交系統，它具有專用的車道和站點，有利于中心城區各項功能的向外輻射和向心聚焦（1）已知從起點海州站到終點墟溝站的距離約為34km，若“BRT”專用車的平均速度80km/h，求從起點到終點的運行時間為多少分鐘？（2）目前，由于堵車現象嚴重，再加上紅綠燈較多，該路段開轎車上班的平均速度僅約40km/h，該系統運行后，乘坐“BRT”專用車比開轎車上班從起點到終點可以節約時間多少分鐘？（3）已知每輛“BRT“專用車一次往返平均耗油80L，而一輛轎車一欠往返平均耗油7.25L按每輛“BRT”專用車載客量相當于40輛轎車載客量計算，若40輛轎車上的乘客全部改乘一輛“BRT”專用車，一次往返可節約燃油多少升？如果這些燃油完全燃燒釋放的能量用來燒水且全部被水吸收，可以將多少千克的水從20升高到100？（已卸每升燃油完全燃燒放出的熱量為3.2l07J，水的比熱容c=4.2103J/（kg）（4）從以上計算以及你對“BRT”的了解，你認為該系統的主要優點有哪些？（只需寫出兩點即可）考點：速度公式及其應用；物理學方法；熱平衡方程的應用。專題：信息給予題。分析：（1）已知公交車行駛的速度和距離，利用t=計算行駛的時間；（2）已知轎車的速度和路程，可以得到轎車行駛的時間，轎車與公交車行駛時間之差就是節省的時間；（3）已知每輛轎車的耗油