1、第1頁（共 24頁）2018年海南省高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題 :本題共 6 小題，每小題 4 分，共 24 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1 （4.00分）一攀巖者以 1m/s 的速度勻速向上攀登， 途中碰落了巖壁上的石塊，石塊自由下落。 3s 后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時(shí)他離地面的高度約為（）a10m b 30m c 50m d70m2（4.00 分） 土星與太陽的距離是火星與太陽距離的6 倍多。 由此信息可知（）a土星的質(zhì)量比火星的小b土星運(yùn)行的速率比火星的小c土星運(yùn)行的周期比火星的小d土星運(yùn)行的角速度大小比火星的大3 （4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面

2、處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 b，方向垂直于斜面向上，通有電流i 的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上。若電流變?yōu)?0.5i，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?b，電流和磁場(chǎng)的方向均不變， 則金屬細(xì)桿將（）a沿斜面加速上滑 b 沿斜面加速下滑c沿斜面勻速上滑 d仍靜止在斜面上4 （4.00 分）已知th的半衰期為 24 天。4gth經(jīng)過 72 天還剩下（）a0 b0.5g c 1g d1.5g5 （4.00 分）如圖，用長(zhǎng)為l 的輕繩懸掛一質(zhì)量為m 的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì)量為 m 的彈丸以速度 v 水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動(dòng)一小角度。不計(jì)空氣阻力。對(duì)子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（

3、）第2頁（共 24頁）a若保持 m、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小b若保持 m、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小c若保持 m、m、l 不變， v 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大d若保持 m、m、v 不變， l 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大6 （4.00 分）某大瀑布的平均水流量為5900m3/s，水的落差為50m。已知水的密度為1.00103kg/m3在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功率約為（）a3106w b3107w c 3108w d3109w二、多項(xiàng)選擇題：本題共4 小題，每小題 5 分，共 20 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的

4、全部選對(duì)的得5 分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0 分7 （5.00分）如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一面積為s的矩形單匝閉合導(dǎo)線abcd，ab 邊與磁場(chǎng)方向垂直，線框的電阻為r使線框以恒定角速度 繞過 ad、bc 中點(diǎn)的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）a線框 abcd 中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值是bs b線框 abcd 中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值是bs c線框平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大d線框平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大8 （5.00 分）如圖（ a） ，一長(zhǎng)木板靜止于光滑水平桌面上，t=0 時(shí)，小物塊以速度 v0滑到長(zhǎng)木板上，圖（ b）為物塊與木板運(yùn)動(dòng)的vt 圖象，圖

5、中 t1、v0、v1已第3頁（共 24頁）知。重力加速度大小為g。由此可求得（）a木板的長(zhǎng)度b物塊與木板的質(zhì)量之比c物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)d從 t=0 開始到 t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能9 （5.00 分）如圖， a、b、c、d 為一邊長(zhǎng)為 l 的正方形的頂點(diǎn)。電荷量均為q（q0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在a、c 兩點(diǎn)，靜電力常量為k。不計(jì)重力。下列說法正確的是（）ab 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為b過 b、d 點(diǎn)的直線位于同一等勢(shì)面上c在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，ac 中點(diǎn)的電勢(shì)最低d在 b 點(diǎn)從靜止釋放的電子，到達(dá)d 點(diǎn)時(shí)速度為零10 （5.00 分）如圖，三個(gè)電阻r1、r2、r3的阻值均為 r，電源的內(nèi)

6、阻rr，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)。閉合開關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c 點(diǎn)向 a 端滑動(dòng)，下列說法正確的是（）第4頁（共 24頁）ar2消耗的功率變小br3消耗的功率變大c電源輸出的功率變大d電源內(nèi)阻消耗的功率變大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2 小題，共 18 分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11 （6.00 分）學(xué)生課外實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量重力加速度大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，他們先測(cè)量分液漏斗下端到水桶底部的距離s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落， 調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時(shí)，下一滴水剛好從漏斗的下端滴落；用秒表測(cè)量第 1個(gè)水滴從漏斗的下端滴落至第n 個(gè)水滴落到桶底所用的

7、時(shí)間 t。（1）重力加速度大小可表示為g=（用 s、n、t 表示） ；（2）如果某次實(shí)驗(yàn)中， s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測(cè)得的重力加速度大小g=m/s2； （保留 2 位有效數(shù)字）（3）寫出一條能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：。12 （12.00分）某同學(xué)利用圖（ a）中的電路測(cè)量電流表 ?的內(nèi)阻 ra（約為 5 ）和直流電源的電動(dòng)勢(shì)e（約為 10v） 。圖中 r1和 r2為電阻箱， s1和 s2為開關(guān)。已知電流表的量程為100ma，直流電源的內(nèi)阻為r。第5頁（共 24頁）（1）斷開 s2，閉合 s1，調(diào)節(jié) r1的阻值，使 ?滿偏；保持 r1的阻值不變，閉合 s2，調(diào)節(jié) r2，

8、當(dāng) r2的阻值為 4.8 時(shí)?的示數(shù)為 48.0ma忽略 s2閉合后電路中總電阻的變化，經(jīng)計(jì)算得ra=q； （保留 2 位有效數(shù)字）（2）保持 s1閉合，斷開 s2，多次改變 r1的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若某次 r1的示數(shù)如圖（ b）所示，則此次r1的阻值為 ；（3）利用記錄的 r1的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)i，作出 i1r1圖線，如圖（ c）所示。用電池的電動(dòng)勢(shì)e、內(nèi)阻 r 和電流表內(nèi)阻 ra表示 i1隨 r1變化的關(guān)系式為i1=。利用圖（ c）可求得 e=v （保留 2 位有效數(shù)字）四、計(jì)算題：本題共2 小題，共 26 分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程

9、式和演算步驟。13 （10.00 分）如圖，圓心為 o、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為bp是圓外一點(diǎn)， op=3r。一質(zhì)量為 m、電荷量為 q（q0）的粒子從 p 點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于 op射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡經(jīng)過圓心 o，不計(jì)重力。求（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間。14 （16.00 分）如圖，光滑軌道pqo的水平段 qo= ，軌道在 o 點(diǎn)與水平地面第6頁（共 24頁）平滑連接。一質(zhì)量為m 的小物塊 a 從高 h 處由靜止開始沿軌道下滑，在o 點(diǎn)與質(zhì)量為 4m 的靜止小物塊 b發(fā)生碰撞。 a、b

10、與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.5 ，重力加速度大小為g。假設(shè) a、b 間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。求（1）第一次碰撞后瞬間a 和 b速度的大小；（2）a、b均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離。五、選修題：共12 分。請(qǐng)考生從第15、16 題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。 選修 3-315 （4.00 分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài)a 等壓變化到狀態(tài)b，再?gòu)?b等容變化到狀態(tài) c。a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）a從狀態(tài) b 到狀態(tài) c 的過程中氣體吸熱b氣體在狀態(tài) a 的內(nèi)能等于在狀態(tài)c 的內(nèi)能c氣體在狀態(tài) b 的溫度小于在狀態(tài)a 的溫度d從狀態(tài) a 到狀態(tài)

11、 b 的過程中氣體對(duì)外做正功16 （8.00 分）一儲(chǔ)存氮?dú)獾娜萜鞅灰唤^熱輕活塞分隔成兩個(gè)氣室a 和 b，活寨可無摩擦地滑動(dòng)。開始時(shí)用銷釘固定活塞，a 中氣體體積為2.5104m3，溫度為 27，壓強(qiáng)為 6.0104pa ；b 中氣體體積為 4.0104m3，溫度為 17，壓強(qiáng)為 2.0104pa現(xiàn)將 a 中氣體的溫度降至 17，然后拔掉銷釘，并保持a、b中氣體溫度不變，求穩(wěn)定后a 和 b中氣體的壓強(qiáng)。 選修 3-4( 12 分)第7頁（共 24頁）17警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時(shí)探測(cè)反射波的頻率。 下列說法正確的是（）a車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率增高b車

12、輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測(cè)到的反射波頻率降低c警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率降低d警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測(cè)到的反射波頻率不變18如圖，由透明介質(zhì)構(gòu)成的半球殼的內(nèi)外表面半徑分別為r 和r一橫截面半徑為 r的平行光束入射到半球殼內(nèi)表面，入射方向與半球殼的對(duì)稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質(zhì)的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。第8頁（共 24頁）2018 年海南省高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題 :本題共 6 小題，每小題 4 分，共 24 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題

13、目要求的。1 （4.00分）一攀巖者以 1m/s 的速度勻速向上攀登， 途中碰落了巖壁上的石塊，石塊自由下落。 3s 后攀巖者聽到石塊落地的聲音，此時(shí)他離地面的高度約為（）a10m b 30m c 50m d70m【分析】 石頭下落后做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)h=gt2，不需要考慮聲音傳播的題意，即可求解下落的距離。【解答】 解：石塊下落的高度： h=gt2=45m。該過程中，攀巖者向上上升的高度：x=vt=13=3m此時(shí)他離地面的高度約為：h=h+x=45+3=48m50m。故 abd錯(cuò)誤， c正確故選： c。【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵明確自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。2（4.00

14、 分） 土星與太陽的距離是火星與太陽距離的6 倍多。 由此信息可知（）a土星的質(zhì)量比火星的小b土星運(yùn)行的速率比火星的小c土星運(yùn)行的周期比火星的小d土星運(yùn)行的角速度大小比火星的大【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出周期、線速度、加速度的表達(dá)式，結(jié)合軌道半徑的大小進(jìn)行比較。【解答】 解：a、萬有引力提供向心力，可知土星與火星的質(zhì)量都被約去，無法比較兩者的質(zhì)量。第9頁（共 24頁）b、由=，得 v=知軌道半徑小速率大， b正確。c、由，得，知 r 大，周期長(zhǎng)， c錯(cuò)誤。d、由，知 r 大，角速度小， d錯(cuò)誤。故選： b。【點(diǎn)評(píng)】 解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，并能靈活運(yùn)用，知道線速

15、度、角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系。3 （4.00分）如圖，一絕緣光滑固定斜面處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 b，方向垂直于斜面向上，通有電流i 的金屬細(xì)桿水平靜止在斜面上。若電流變?yōu)?0.5i，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?b，電流和磁場(chǎng)的方向均不變， 則金屬細(xì)桿將（）a沿斜面加速上滑 b 沿斜面加速下滑c沿斜面勻速上滑 d仍靜止在斜面上【分析】 先對(duì)磁場(chǎng)強(qiáng)度和電流大小沒有改變前列出平衡方程，然后當(dāng)它們改變后，再列出牛頓第二定律即可判斷出物體的運(yùn)動(dòng)情況。【解答】 解：當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b，電流變?yōu)?i 時(shí)，金屬棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件和安培力公式可得：bil=mgsin，第10頁（共

16、24頁）當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3b，電流變?yōu)?0.5i 時(shí)，此時(shí)安培力大小變?yōu)椋篺=3b 0.5il=1.5bil ，金屬棒將沿斜面向上加速，加速度大小為：故 a 正確、 bcd錯(cuò)誤。故選： a。【點(diǎn)評(píng)】 解答本題的關(guān)鍵是：要對(duì)磁場(chǎng)強(qiáng)度和電流大小改變前后分別列出方程，通過對(duì)比可直接得出金屬棒的運(yùn)動(dòng)情況。4 （4.00 分）已知th的半衰期為 24 天。4gth經(jīng)過 72 天還剩下（）a0 b0.5g c 1g d1.5g【分析】 根據(jù)半衰期定義式 m=m0（）n，結(jié)合衰變次數(shù)，即可求解。【解答】 解：根據(jù)半衰期為 24 天，經(jīng)過 72 天，發(fā)生 3 次衰變，依據(jù) m=m0（）3，代入數(shù)據(jù)解得

17、： m=4（）3=0.5g，故 acd錯(cuò)誤， b正確；故選： b。【點(diǎn)評(píng)】 考查半衰期的定義式，掌握衰變次數(shù)與剩下的質(zhì)量關(guān)系。5 （4.00 分）如圖，用長(zhǎng)為l 的輕繩懸掛一質(zhì)量為m 的沙箱，沙箱靜止。一質(zhì)量為 m 的彈丸以速度 v 水平射入沙箱并留在其中，隨后與沙箱共同擺動(dòng)一小角度。不計(jì)空氣阻力。對(duì)子彈射向沙箱到與其共同擺過一小角度的過程（）a若保持 m、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小b若保持 m、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變小c若保持 m、m、l 不變， v 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大d若保持 m、m、v 不變， l 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能變大【分析】彈

18、丸擊中沙箱過程系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以求出彈丸擊中沙箱后的共同速度， 彈丸與沙箱一起擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，應(yīng)用第11頁（共 24頁）機(jī)械能守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能，然后分析答題。【解答】解：彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以彈丸的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得： mv=（m+m）v ，解得： v=，彈丸與沙箱一起擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由能量守恒定律可知，整個(gè)過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能：e= mv2（m+m）v2=；a、若保持 m、v、l 不變，m 變大，系統(tǒng)損失的機(jī)械能： e=變大，故 a 錯(cuò)誤；b、若保持 m、v、l 不變，m 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：e=

19、變大，故 b錯(cuò)誤；c、若保持 m、m、l 不變，v 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：e=變大，故c正確；d、若保持 m、m、v 不變，l 變大，則系統(tǒng)損失的機(jī)械能：e=不變，故d錯(cuò)誤；故選： c。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，彈丸擊中沙箱過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒， 沙箱擺動(dòng)過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒， 整個(gè)過程損失的機(jī)械能等于彈丸擊中沙箱過程損失的機(jī)械能， 分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程， 應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律求出系統(tǒng)損失的機(jī)械能即可解題。6 （4.00 分）某大瀑布的平均水流量為5900m3/s，水的落差為50m。已知水的密度為1.00103kg/m3在大瀑布水流下落過程中，重力做功的平均功

20、率約為（）a3106w b3107w c 3108w d3109w【分析】 根據(jù)平均功率 p= ，w=mgh，m= qt求解。【解答】 解：設(shè)在很短時(shí)間t 內(nèi)有質(zhì)量為m 的水落下，重力做功的平均功率第12頁（共 24頁）p= =水的質(zhì)量 m= qt代入數(shù)據(jù)解得， p=3 109w；故選： d。【點(diǎn)評(píng)】此題考查平均功率的定義應(yīng)用，屬于簡(jiǎn)單題目， 注意設(shè)一下時(shí)間來表示質(zhì)量。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4 小題，每小題 5 分，共 20 分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對(duì)的得5 分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0 分7 （5.00分）如圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有

21、一面積為s的矩形單匝閉合導(dǎo)線abcd，ab 邊與磁場(chǎng)方向垂直，線框的電阻為r使線框以恒定角速度 繞過 ad、bc 中點(diǎn)的軸旋轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）a線框 abcd 中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值是bs b線框 abcd 中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值是bs c線框平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大d線框平面與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，流經(jīng)線框的電流最大【分析】線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，明確中性面的特點(diǎn)， 知道在中性面位置磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最小，在與中性面垂直位置，磁通量最小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大即可【解答】 解：ab、線框 abcd 繞垂直于磁場(chǎng)的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值是 em=bs ，故 a 正確，

22、b 錯(cuò)誤；cd 、線框平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，此時(shí)線圈處于與中性面垂直位置，故此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，流經(jīng)線框的電流最大，故c正確， d 錯(cuò)誤；故選： ac 。第13頁（共 24頁）【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值和位置，明確中性面的特點(diǎn)即可判斷8 （5.00 分）如圖（ a） ，一長(zhǎng)木板靜止于光滑水平桌面上，t=0 時(shí)，小物塊以速度 v0滑到長(zhǎng)木板上，圖（ b）為物塊與木板運(yùn)動(dòng)的vt 圖象，圖中 t1、v0、v1已知。重力加速度大小為g。由此可求得（）a木板的長(zhǎng)度b物塊與木板的質(zhì)量之比c物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)d從 t=0 開始到 t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能【分析

23、】物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)圖示圖象分析清楚運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律、動(dòng)量定理、動(dòng)能定理分析答題。【解答】 解：a、系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以求出物塊相對(duì) 與木板滑行的距離，木板的長(zhǎng)度可能等于該長(zhǎng)度、也可能大于該長(zhǎng)度，根據(jù)題意無法求出木板的長(zhǎng)度，故a 錯(cuò)誤；b、物塊與木板作出的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以物塊的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得： mv0=（m+m）v1，解得：=，v0與 v1已知，可以求出物塊與木板的質(zhì)量之比，故b正確；c、對(duì)木板，由動(dòng)量定理得： mgt1=mv1，解得：=，由于 t1、v0、v1已知，可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)，故c正確；d、由于

24、不知道木板的質(zhì)量，無法求出從t=0 開始到 t1時(shí)刻，木板獲得的動(dòng)能，第14頁（共 24頁）故 d 錯(cuò)誤；故選： bc 。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，物塊與木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)圖示圖象分析清楚物塊與木板的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理即可解題。9 （5.00 分）如圖， a、b、c、d 為一邊長(zhǎng)為 l 的正方形的頂點(diǎn)。電荷量均為q（q0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在a、c 兩點(diǎn)，靜電力常量為k。不計(jì)重力。下列說法正確的是（）ab 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為b過 b、d 點(diǎn)的直線位于同一等勢(shì)面上c在兩點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，ac 中點(diǎn)的電勢(shì)最低d在 b 點(diǎn)從靜止釋放的電子，到達(dá)

25、d 點(diǎn)時(shí)速度為零【分析】先求解兩個(gè)電荷單獨(dú)存在時(shí)在b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，然后根據(jù)平行四邊形定則合成得到 b 點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)；根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)判斷b、d 連線上各點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系。根據(jù)電勢(shì)關(guān)系分析運(yùn)動(dòng)。【解答】 解：等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)面分布如圖：第15頁（共 24頁）a、ac 兩電荷在 b 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量合，則 b 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：，故 a 正確；b、c、由等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布的特點(diǎn)可知，過b、d 的直線不是等勢(shì)面，在 ac中點(diǎn)的電勢(shì)最高。故b錯(cuò)誤，c 錯(cuò)誤；d、結(jié)合等量同種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)分布的特點(diǎn)可知，b 點(diǎn)與 d 點(diǎn)的電勢(shì)是相等的，所以電子在 b、d 兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等，所以從

26、b 點(diǎn)釋放的電子，將沿bd 的方向運(yùn)動(dòng)，到達(dá) d 點(diǎn)的速度恰好等于0故 d 正確；故選： ad。【點(diǎn)評(píng)】本題考查電場(chǎng)的疊加， 注意電場(chǎng)強(qiáng)度時(shí)矢量， 合成遵循平行四邊形定則；電勢(shì)是標(biāo)量，合成遵循代數(shù)法則。10 （5.00 分）如圖，三個(gè)電阻r1、r2、r3的阻值均為 r，電源的內(nèi)阻rr，c為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)。閉合開關(guān)后，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c 點(diǎn)向 a 端滑動(dòng)，下列說法正確的是（）ar2消耗的功率變小br3消耗的功率變大c電源輸出的功率變大d電源內(nèi)阻消耗的功率變大【分析】 滑動(dòng)變阻器分為左右兩部分分別與r2和 r3串聯(lián)， r2與 r3并聯(lián)后與 r1串聯(lián)，c 為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，

27、總電阻最大，然后根據(jù)歐姆定律分析電流變化，根據(jù)p=ui分析功率變化。電源輸出的功率 p在 r=r外時(shí)最大，電源的內(nèi)阻rr外，r外減小時(shí)，電源輸出功率增大。【解答】 解：abd 、c 為滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，滑動(dòng)觸頭在此點(diǎn)時(shí)，總電阻最大，將滑動(dòng)變阻器的滑片由c 點(diǎn)向 a 端滑動(dòng)，總電阻減小，總電流增大， r1和電源內(nèi)第16頁（共 24頁）阻分的電壓增大， 電源內(nèi)阻消耗的功率變大， 并聯(lián)電路電壓減小， r3所在之路電阻增大，電壓減小，故電流減小，r3消耗的功率減小，而r2的電流增大，故r2功率增大，故 ab錯(cuò)誤， d正確；c、電源輸出的功率p 在 r=r外時(shí)最大，電源的內(nèi)阻rr外，r外減小時(shí)，電源輸出

28、功率增大，故 c正確；故選： cd 。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了串、 聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的靈活運(yùn)用，難點(diǎn)是滑動(dòng)變阻器滑片 p從中間 左端總電阻變化情況的判斷。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2 小題，共 18 分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11 （6.00 分）學(xué)生課外實(shí)驗(yàn)小組使用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量重力加速度大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，他們先測(cè)量分液漏斗下端到水桶底部的距離s；然后使漏斗中的水一滴一滴地下落， 調(diào)整閥門使水滴落到桶底發(fā)出聲音的同時(shí)，下一滴水剛好從漏斗的下端滴落；用秒表測(cè)量第 1個(gè)水滴從漏斗的下端滴落至第n 個(gè)水滴落到桶底所用的時(shí)間 t。（1）重力加速度大小可表示為g=（用 s、n

29、、t 表示） ；（2）如果某次實(shí)驗(yàn)中， s=0.90m，n=30，t=13.0s，則測(cè)得的重力加速度大小g=9.6m/s2； （保留 2 位有效數(shù)字）（3）寫出一條能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：“ 適當(dāng)增大 n” 或“ 多次測(cè)量取平均值 ” 。【分析】 （1）依據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間關(guān)系h=，即可求解重力加速第17頁（共 24頁）度；（2）將已知數(shù)據(jù)，代入上式，即可求解；（3）根據(jù)所測(cè)物理量，即可確定提高測(cè)量結(jié)果的準(zhǔn)確度。【解答】 解： （1）根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間關(guān)系h=，則有： g=，而 t= ，解得： g=；（2）將 s=0.90m，n=30，t=13.0s，代入數(shù)據(jù)，解得：

30、g=9.6m/s2；（3）根據(jù)公式g=，要能提高測(cè)量結(jié)果準(zhǔn)確程度，可適當(dāng)增大n，或多次測(cè)量 s 取平均值；故答案為： （1）； （2）9.6； （3）“ 適當(dāng)增大 n” 或“ 多次測(cè)量取平均值 ” 。【點(diǎn)評(píng)】考查自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律， 掌握減小測(cè)量誤差的方法， 注意保留兩位有效數(shù)字。12 （12.00分）某同學(xué)利用圖（ a）中的電路測(cè)量電流表 ?的內(nèi)阻 ra（約為 5 ）和直流電源的電動(dòng)勢(shì)e（約為 10v） 。圖中 r1和 r2為電阻箱， s1和 s2為開關(guān)。已知電流表的量程為100ma，直流電源的內(nèi)阻為r。（1）斷開 s2，閉合 s1，調(diào)節(jié) r1的阻值，使 ?滿偏；保持 r1的阻值不變，閉合

31、s2，調(diào)節(jié) r2，當(dāng) r2的阻值為 4.8 時(shí)?的示數(shù)為 48.0ma忽略 s2閉合后電路中總電阻的變化，經(jīng)計(jì)算得ra=5.2q； （保留 2 位有效數(shù)字）第18頁（共 24頁）（2）保持 s1閉合，斷開 s2，多次改變 r1的阻值，并記錄電流表的相應(yīng)示數(shù)。若某次 r1的示數(shù)如圖（ b）所示，則此次r1的阻值為148.2 ；（3）利用記錄的 r1的阻值和相應(yīng)的電流表示數(shù)i，作出 i1r1圖線，如圖（ c）所示。用電池的電動(dòng)勢(shì)e、內(nèi)阻 r 和電流表內(nèi)阻 ra表示 i1隨 r1變化的關(guān)系式為i1=r1+。利用圖（ c）可求得 e=9.3v （保留 2 位有效數(shù)字）【分析】 （1）根據(jù)題意應(yīng)用并聯(lián)電

32、路特點(diǎn)與歐姆定律求出電流表內(nèi)阻。（2）電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)。（3）根據(jù)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)。【解答】解： （1）由題意可知，干電路電流不變?yōu)椋篿g=100ma，流過電阻箱的電流：i2=igia=100ma48ma=52ma，電流表內(nèi)阻： ra=5.2 ；（ 2）由圖（ b）所示可知，電阻箱阻值為：1100 +410 +81 +20.1 =148.2 ；（3）斷開 s2、閉合 s1，由圖示電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)：e=i（r+r1+ra） ，則：=r1+，r1圖象的斜率： k=，解得： e9.3v；故答案為：（1）5.2；

33、 （2）148.2； （3）r1+；9.3。【點(diǎn)評(píng)】電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法； 根據(jù)題意分析清楚電路結(jié)構(gòu)、 應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是解題的關(guān)鍵。四、計(jì)算題：本題共2 小題，共 26 分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13 （10.00 分）如圖，圓心為 o、半徑為 r 的圓形區(qū)域外存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為bp是圓外一點(diǎn)， op=3r。一質(zhì)量為 m、第19頁（共 24頁）電荷量為 q（q0）的粒子從 p 點(diǎn)在紙面內(nèi)垂直于 op射出。已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡

34、經(jīng)過圓心 o，不計(jì)重力。求（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間。【分析】 （1）畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求出軌跡半徑；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由求出時(shí)間；【解答】 解： （1）根據(jù)題意，畫出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡，如圖所示設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，由幾何關(guān)系有：解得：（2）由得粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間=答： （1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為；（2）粒子第一次在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間為【點(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，知道洛倫茲力提供粒子勻速圓周運(yùn)第20頁（共 24頁）動(dòng)的向心力，關(guān)鍵是畫軌跡，確

35、定圓心和半徑，再結(jié)合幾何關(guān)系即可求解。14 （16.00 分）如圖，光滑軌道pqo的水平段 qo= ，軌道在 o 點(diǎn)與水平地面平滑連接。一質(zhì)量為m 的小物塊 a 從高 h 處由靜止開始沿軌道下滑，在o 點(diǎn)與質(zhì)量為 4m 的靜止小物塊 b發(fā)生碰撞。 a、b 與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.5 ，重力加速度大小為g。假設(shè) a、b 間的碰撞為完全彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短。求（1）第一次碰撞后瞬間a 和 b速度的大小；（2）a、b均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離。【分析】 （1）a 下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求出a 到達(dá)水平面時(shí)的速度，兩物塊碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能

36、守恒定律可以求出碰撞后兩物塊的速度大小。（2）對(duì)兩物塊應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出a、b 在磁場(chǎng)水平面上的位移，然后求出兩者靜止時(shí)兩者間的距離。【解答】 解： （1）a 下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mv02，a、b發(fā)生完全彈性碰撞，碰撞過程動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv0=mva+4mvb，由機(jī)械能守恒定律得：mv02=mva2+?4mvb2，解得： va=，vb=；（2）物塊 b在粗糙水平面上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，最終速度為零， 由動(dòng)能定理得：對(duì) b：?4mgx=0 ?4mvb2，x=，設(shè)當(dāng)物塊 a 的位移為 x時(shí)速度為 v，對(duì) a，由動(dòng)能定理得： mg

37、x= mv2mva2，解得： v=，第21頁（共 24頁）a、b發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv=mva +4mvb ，由機(jī)械能守恒定律得：mv2=mva2+?4mvb2，解得： va= ，vb=，碰撞后 a 向左做減速運(yùn)動(dòng)， b向右做減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理得：對(duì) a：mgxa=0mva2，對(duì) b：?4mgxb=0?4mvb2，解得： xa=h，xb=h，a、b均停止運(yùn)動(dòng)后它們之間的距離：d=xa+xb=h；答： （1）第一次碰撞后瞬間a 和 b速度的大小分別為、；（2）a、b均停止運(yùn)動(dòng)后，二者之間的距離為h。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律的

38、應(yīng)用，分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)過程是解題的前提，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、動(dòng)量守恒定律與動(dòng)能定理可以解題。五、選修題：共12 分。請(qǐng)考生從第15、16 題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。 選修 3-315 （4.00 分）如圖，一定量的理想氣體，由狀態(tài)a 等壓變化到狀態(tài)b，再?gòu)?b等容變化到狀態(tài) c。a、c兩狀態(tài)溫度相等。下列說法正確的是（）a從狀態(tài) b 到狀態(tài) c 的過程中氣體吸熱b氣體在狀態(tài) a 的內(nèi)能等于在狀態(tài)c 的內(nèi)能c氣體在狀態(tài) b 的溫度小于在狀態(tài)a 的溫度d從狀態(tài) a 到狀態(tài) b 的過程中氣體對(duì)外做正功【分析】對(duì)于一定質(zhì)量理想氣體，壓強(qiáng)與溫度和體積有關(guān)，關(guān)于p、v、t 三者間

39、第22頁（共 24頁）的關(guān)系由實(shí)驗(yàn)定律加以分析， 并滿足理想氣體狀態(tài)方程， 再結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析。【解答】解：a、氣體從 a 到 b發(fā)生等容變化，壓強(qiáng)減小，溫度降低，內(nèi)能減小，氣體對(duì)外界不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，氣體放熱，故a 錯(cuò)誤；b、理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，a、c兩狀態(tài)溫度相等，內(nèi)能相等，所以氣體在狀態(tài) a的內(nèi)能等于氣體在狀態(tài)c 的內(nèi)能，故 b 正確；c、氣體從狀態(tài) a 到狀態(tài) b 發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態(tài)b 的溫度大于在狀態(tài)a 的溫度，故 c錯(cuò)誤；d、氣體從狀態(tài) a 到狀態(tài) b，體積變大，氣體對(duì)外界做正功，故d正確；故選： bd。【點(diǎn)評(píng)】本題考查氣體實(shí)驗(yàn)定律和熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，注意熱力學(xué)第一定律中的物理量正負(fù)號(hào)的含義，知道理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)。16 （8.00 分）一儲(chǔ)存氮?dú)獾娜萜鞅灰唤^熱輕活塞分隔成兩個(gè)氣室a 和 b，活寨可無摩擦地滑動(dòng)。開始時(shí)用銷釘固定活塞，a 中氣體體積為2.5104m3，溫度為 27，壓強(qiáng)為 6.0104pa ；b 中氣體體積為 4.0104m3，溫度為 17，壓強(qiáng)為 2.0104pa現(xiàn)將 a 中氣體的溫度降至 17，然后拔掉銷釘，并保持a、b中氣體溫