北京市昌平區市級名校2024-2025學年高三（54級）下學期第一周周測物理試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電路中所有原件完好，當光照射到光電管上時，靈敏電流計中沒有電流通過，可能的原因是（）A．入射光強較弱B．入射光頻率太高C．電源正負極接反D．光照射時間太短2、太陽釋放的巨大能量來源于核聚變。一個氘核與一個氚核聚變成一個氦核的同時釋放出一個中子，若氘核、氚核、氦核和中子的質量分別為真空中的光速為，那么一個氘核和一個氚核發生核聚變時，釋放的能量是（）A． B．C． D．3、北斗衛星導航系統(BDS)是中國自行研制的全球衛星定位和導軌系統，預計2020年形成全球覆蓋能力。如圖所示是北斗導航系統中部分衛星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛星均做勻速圓周運動，軌道半徑ra=rA．a的向心力小于c的向心力B．a、b衛星的加速度一定相等C．c在運動過程中不可能經過北京上空D．b的周期等于地球自轉周期4、如圖所示，某豎直彈射裝置由兩根勁度系數為k的輕彈簧以及質量不計的底盤構成，當質量為m的物體豎直射向空中時，底盤對物體的支持力為6mg(g為重力加速度)，已知兩根彈簧與豎直方向的夾角為θ＝60°，則此時每根彈簧的伸長量為A．3mgkB．4mgkC．5mg5、港珠澳大橋(HongKong－Zhuhai－MacaoBridge)是中國境內一座連接香港、珠海和澳門的橋隧工程。2018年2月6日，港珠澳大橋主體完成驗收，于同年9月28日起進行粵港澳三地聯合試運。大橋設計使用壽命120年，可抵御8級地震、16級臺風、30萬噸撞擊以及珠江口300年一遇的洪潮。假設一艘質量為m的輪船由于失控，以速度v撞向大橋(大橋無損)，最后沒有反彈而停下來，事故勘察測量輪船發現迎面相撞處凹下去d的深度，那么可以估算出船對橋的平均撞擊力F，關于F的表達式正確的是()A．B．C．D．mv6、利用如圖甲所示的實驗裝置研究光電效應，測得某種金屬的遏止電壓U。與入射光頻率v之間的關系圖線如圖乙所示，則（）A．圖線在橫軸上的截距的物理意義是該金屬的截止頻率B．由圖線可知普朗克常量C．入射光頻率增大，逸出功也增大D．要測得金屬的遏止電壓，電源的右端應為負極二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，光滑細桿MN傾斜固定,與水平方向夾角為，一輕質彈簧一端固定在0點，另一端連接一小球，小球套在細杯上，O與桿MN在同一豎直平面內，P為MN的中點，且OP垂直于MN，已知小球位于桿上M、P兩點時，彈簧的彈力大小相等且在彈性限度內。現將小球從細桿頂端M點由靜止釋放，則在小球沿細桿從M點運動到N點的過程中（重力加速度為g)，以下判斷正確的是A．彈簧彈力對小球先做正功再做負功B．小球加速度大小等于gsinθ的位置有三個C．小球運動到P點時的速度最大D．小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍8、如圖（a）所示，光滑絕緣斜面與水平面成角放置，垂直于斜面的有界勻強磁場邊界M、N與斜面底邊平行，磁感應強度大小為。質量的“日”字形導線框在沿斜面向上的外力作用下沿斜面向上運動，導體框各段長度相等，即，ab、fc，ed段的電阻均為，其余電阻不計。從導線框剛進入磁場開始計時，fc段的電流隨時間變化如圖（b）所示（電流由f到c的方向為正），重力加速度下列說法正確的是（）A．導線框運動的速度大小為10m/sB．磁感應強度的方向垂直斜面向上C．在至這段時間內，外力所做的功為0.24JD．在至這段時間內，導線框所受的安培力大小為0.3N9、如圖所示，在豎直平面內有一邊長為L的正方形區域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行．一質量為m、帶電量為q的小球由某一邊的中點，以垂直于該邊的水平初速V0進入該正方形區域．當小球再次運動到該正方形區域的邊緣時，具有的動能可能為（）A．可能等于零B．可能等于C．可能等于mv02+qEL-mgLD．可能等于mv02+qEL+mgL10、如圖所示，真空中有一個棱長為a的正四面體PQMN。若在P、Q兩點分別放置一個點電荷，P點為正電荷、Q點為負電荷，其電荷量均為q。再在四面體所在的空間加一個勻強電場，其場強大小為E，則M點合場強為0。靜電力常數為k，下列表述正確的是（）A．勻強電場的場強大小為 B．勻強電場的場強大小為C．N點合場強的大小為0 D．N點合場強的大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進行驗證動量守恒定律及平臺上A點左側與滑塊a之間的動摩擦因數的實驗．在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側摩擦很小，可忽略不計，左側為粗糙水平面，當地重力加速度大小為g．采用的實驗步驟如下：A．在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；B．用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質量ma、mb：C．在a和b間用細線連接，中間夾一被壓縮了的輕短彈簧，靜止放置在平臺上：D．燒斷細線后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動：E．記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間△t：F．滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離SaG．小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離sb；H．改變彈簧壓縮量，進行多次測量．（1）用螺旋測微器測量擋光片的寬度，如圖乙所示，則擋光片的寬度為________mm；（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證兩物體a、b彈開后的動量大小相等，即a的動量大小____________等于b的動量大小___________；（用上述實驗所涉及物理量的字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到小滑塊a的Sa與1(Δt)12．（12分）用圖甲所示的元件做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗。小燈泡額定電壓約為額定電流約為。完成下列各小題。(1)圖甲中已經作出了部分連線，請在此基礎上完成電路元件連接_______。(2)在實驗進行的某一次測量中，電壓表、電流表的示數如圖乙所示，則電壓為______，電流為________，此時小燈泡的功率為________。(3)下列有四個關于小燈泡伏安特性曲線的圖象，其中正確的是________A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，半徑R＝3.6m的光滑絕緣圓弧軌道，位于豎直平面內，與長L＝5m的絕緣水平傳送帶平滑連接，傳送帶以v＝5m/s的速度順時針轉動，傳送帶右側空間存在互相垂直的勻強電場和勻強磁場，電場強度E＝20N/C，磁感應強度B＝2.0T，方向垂直紙面向外．a為m1＝1.0×10－3kg的不帶電的絕緣物塊，b為m2＝2.0×10－3kg、q＝1.0×10－3C帶正電的物塊．b靜止于圓弧軌道最低點，將a物塊從圓弧軌道頂端由靜止釋放，運動到最低點與b發生彈性碰撞（碰后b的電量不發生變化）．碰后b先在傳送帶上運動，后離開傳送帶飛入復合場中，最后以與水平面成60°角落在地面上的P點(如圖)，已知b物塊與傳送帶之間的動摩擦因數為μ＝0.1．（g取10m/s2，a、b均可看做質點）求：（1）物塊a運動到圓弧軌道最低點時的速度及對軌道的壓力；（2）傳送帶上表面距離水平地面的高度；（3）從b開始運動到落地前瞬間，b運動的時間及其機械能的變化量．14．（16分）如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系xOy，在x<0區域內存在一圓形的勻強磁場，圓心O1坐標為（-d，0），半徑為d，磁感應強度大小為B，方向與豎直平面垂直，x≥0區域存在另一磁感應強度大小也為B的勻強磁場，方向垂直于紙面向里。現有兩塊粒子收集板如圖所示放置，其中的端點A、B、C的坐標分別為（d，0）、（d，）、（3d，0），收集板兩側均可收集粒子。在第三象限中，有一寬度為2d粒子源持續不斷地沿y軸正方向發射速率均為v的粒子，粒子沿x軸方向均勻分布，經圓形磁場偏轉后均從O點進入右側磁場。已知粒子的電荷量為+q，質量為m，重力不計，不考慮粒子間的相互作用，求：(1)圓形磁場的磁場方向；(2)粒子運動到收集板上時，即刻被吸收，求收集板上有粒子到達的總長度；(3)收集板BC與收集板AB收集的粒子數之比。15．（12分）如圖所示，一絕緣水平桌面，空間存在一廣域勻強電場，強度大小為，現同時將兩個質量均為的滑塊、由靜止釋放在桌面上。已知兩滑塊AB均帶正電，電荷量大小為q，且間的距離為。已知滑塊、與軌道間的動摩擦因數分別為和，重力加速度，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑塊之間發生的碰撞為彈性碰撞，且無電荷轉移，滑塊可視為質點。求：(1)兩滑塊從靜止釋放開始經過多長時間，滑塊之間發生第二次碰撞；(2)從釋放到最終停止所運動的位移。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．根據光電效應方程可知光電管能否產生光電效應與入射光的強度沒有關系，A錯誤；B．若入射光頻率太高，則一定大于金屬的極限頻率，故一定可以發生光電效應，電流計中可能電流通過，B錯誤；C．電源正負極接反時，光電管加上反向電壓，光電子做減速運動，可能不能到達陽極，電路中不能形成電流，C正確；D．光電管能否產生光電效應與光照時間沒有關系，D錯誤。故選C。2、B【解析】

核反應方程為，故反應前后質量損失為根據質能方程可得放出的能量為故B正確ACD錯誤。故選B。3、D【解析】因a、c的質量關系不確定，則無法比較兩衛星的向心力的大小，選項A錯誤；a、b衛星的半徑相同，則加速度的大小一定相同，選項B錯誤；c是一般的人造衛星，可能會經過北京的上空，選項C錯誤；a、b的半徑相同，則周期相同，因a是地球的同步衛星，則兩衛星的周期都等于地球自轉的周期，選項D正確；故選D.4、D【解析】

對物體m，受重力和支持力，根據牛頓第二定律，有：N-mg=ma；其中：N=6mg；解得：a=5g；再對質量不計的底盤和物體m整體分析，受兩個拉力和重力，根據牛頓第二定律，有：豎直方向：2Fcos60°-mg=ma；解得：F=6mg；根據胡克定律，有：x=F5、A【解析】

根據動能定理進行解答。【詳解】根據動能定理可得，解得，故選A.6、A【解析】

A．由圖乙可知，當人射光的頻率小于時，無需加遏止電壓就沒有光電流，說明為該金屬的截止頻率，故A正確；B．根據愛因斯坦光電效應方程及動能定理得則得故B錯誤；C．金屬的逸出功與入射光的頻率無關，由金屬本身決定，故C錯誤；D．要測得金屬的遏止電壓，電源的左端應為負極，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A項：由題意不能確定在M點和在N點時彈簧是壓縮還是拉伸狀態，所以彈簧對小球可能先做正功后做負功，也可能先做負功后做正功，故A錯誤；B項：由于MP之間和PN之間各有一位置彈簧彈力為零，當彈力為零時小球的加速度為，在P點時由于彈簧的彈力與桿垂直，所以小球的加速度也為，所以小球加速度大小等于gsinθ的位置有三個，故B正確；C項：由于小球在P點的加速度為，所以小球的速度一定不為最大，故C錯誤；D項：從M到P由能量守恒得：，從P到N由能量守恒得：，聯立解得：小球運動到N點肘的動能是運動到P點時動能的兩倍，故D正確。故選：BD。8、AD【解析】

B．由于在0~0.01s時間內，電流從f到c為正，可知cd中電流從d到c，則由右手定則可知，磁感應強度的方向垂直斜面向下，選項B錯誤；A．因為cd剛進入磁場時，通過fc的電流為0.5A，可知通過cd的電流為1A，則由解得v=10m/s選項A正確；C．在至這段時間內，線圈中產生的焦耳熱為線框重力勢能的增加量則外力所做的功為選項C錯誤；D．在至這段時間內，導線框的cf邊在磁場內部，則所受的安培力大小為選項D正確。故選AD。9、BCD【解析】

要考慮電場方向的可能性，可能平行于AB向左或向右，也可能平行于AC向上或向下．分析重力和電場力做功情況，然后根據動能定理求解．【詳解】令正方形的四個頂點分別為ABCD，如圖所示

若電場方向平行于AC：

①電場力向上，且大于重力，小球向上偏轉，電場力做功為qEL，重力做功為-mg，根據動能定理得：Ek?mv1＝qEL?mgL，即Ek＝mv1+qEL?mgL

②電場力向上，且等于重力，小球不偏轉，做勻速直線運動，則Ek=mv1．

若電場方向平行于AC，電場力向下，小球向下偏轉，電場力做功為qEL，重力做功為mgL，根據動能定理得：Ek?mv1＝qEL+mgL，即Ek＝mv1+qEL+mgL．

由上分析可知，電場方向平行于AC，粒子離開電場時的動能不可能為2．

若電場方向平行于AB：

若電場力向右，水平方向和豎直方向上都加速，粒子離開電場時的動能大于2．若電場力向右，小球從D點離開電場時，有Ek?mv1＝qEL+mgL則得Ek＝mv1+qEL+mgL

若電場力向左，水平方向減速，豎直方向上加速，粒子離開電場時的動能也大于2．故粒子離開電場時的動能都不可能為2．故BCD正確，A錯誤．故選BCD．【點睛】解決本題的關鍵分析電場力可能的方向，判斷電場力與重力做功情況，再根據動能定理求解動能．10、AC【解析】

AB．如圖所示，正確分析三維幾何關系。兩個點電荷在M點產生的場強大小均為由幾何關系知，這兩個點電荷的合場強大小為方向平行于PQ指向Q一側。該點合場強為0，則勻強電場的場強方向與相反，大小為，所以A正確，B錯誤；CD．由幾何關系知，兩點電荷在M、N兩點的合場強的大小相等、方向相同，則N點合場強的大小也為0。所以C正確，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.550madtm【解析】（1）螺旋測微器的讀數為：2.5mm+0.050mm=2.550mm．（2）燒斷細線后，a向左運動，經過光電門，根據速度公式可知，a經過光電門的速度為：va=dt，故a的動量為：Pa=madt，b離開平臺后做平拋運動，根據平拋運動規律可得：（3）對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：va2=2asa，經過光電門的速度：va=12、1.50.180.27B【解析】

(1)[1]小燈泡額定電壓約為、額定電流約為，則電壓表選用量程，電流表選用量程。小燈泡電阻約為電流表量程的內阻一般為，電壓表量程的內阻一般為幾千歐。相比較而言，小燈泡電阻為“小電阻”，故應用電流表外接法。小燈泡兩端電壓應從0開始，則滑動變阻器應為分壓接法。元件連接如圖所示。(2)[2][3][4]經估讀后，電壓表示數為，電流表示數為。此時小燈泡功率為(3)[5]溫度升高，小燈泡電阻變大。則圖象的斜率逐漸增大，圖象的斜率逐漸減小，且圖像要過坐標原點。所以B正確，ACD錯誤。故選B。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1),方向豎直向下(2)(3)【解析】

（1）根據機械能守恒定律求解物塊a運動到圓弧軌道最低點時的速度；根據牛頓第二定律求解對最低點時對軌道的壓力；（2）a于b碰撞時滿足動量和能量守恒，列式求解b碰后的速度；根據牛頓第二定律結合運動公式求解b離開傳送帶時的速度；進入復合場后做勻速圓周運動，結合圓周運動的知識求解半徑，從而求解傳送帶距離地面的高度；（3）根據功能關系求解b的機械能減少；結合圓周運動的知識求解b運動的時間.【詳解】（1）a物塊從釋放運動到圓弧軌道最低點C時，機械能守恒，得：vC＝6m/s在C點，由牛頓第二定律：解得：由牛頓第三定律，a物塊對圓弧軌道壓力：，方向豎直向下．（2）a、b碰撞動量守a、b碰撞能量守恒解得（，方向水平向左．可不考慮）b在傳送帶上假設能與傳送帶達到共速時經過的位移為s，得：加速1s后,勻速運動0.1s，在傳送帶上運動，所以b離開傳送帶時與其共速為進入復合場后，，所以做勻速圓周運動由得：r＝＝5m由幾何知識解得傳送帶與水平地面的高度：（3）b的機械能減少為b在磁場中運動的b在傳送帶上運動；b運動的時間為【點睛】本題涉及到的物理過程較多，物理過程較復雜，關鍵是弄懂題意，選擇合適的物理規律和公式進行研究，邊分析邊解答.14、(1)垂直紙面向外；(2)(3)1:1【解析】

(1)粒子帶正電且在圓形磁場中向右偏轉，可知磁場方向垂直紙面向外；(2)利用旋轉圓可以知道，粒子平行于Y軸射入圓形磁場中，且都從同一點O射入右邊的磁場中，則粒子運動的軌跡圓半徑必與圓形磁場的半徑是