2024-2025學年云南省普通高中高三5月份月考物理試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、表是某邏輯電路的真值表，該電路是（）輸入輸出000010100111A． B． C． D．2、由于太陽自身巨大的重力擠壓，使其核心的壓力和溫度變得極高，形成了可以發生核聚變反應的環境。太陽內發生核聚變反應主要為：，已知部分物質比結合能與質量數關系如圖所示，則該反應釋放的核能約為（）A．5MeV B．6MeVC．24MeV D．32MeV3、取一根長2m左右的細線，5個鐵墊圈和一個金屬盤，在線端系上第一個墊圈，隔12cm再系一個，以后墊圈之間的距離分別是36cm、60cm、84cm，如圖所示．站在椅子上，向上提起線的上端，讓線自由垂下，且第一個墊圈緊靠放在地上的金屬盤，松手后開始計時，若不計空氣阻力，則第2、3、4、5個墊圈（）A．落到盤上的聲音時間間隔越來越大B．落到盤上的聲音時間間隔相等C．依次落到盤上的速率關系為D．依次落到盤上的時間關系為4、關于牛頓第一定律和慣性有下列說法，其中正確的是（）A．由牛頓第一定律可知，物體在任何情況下始終處于靜止狀態或勻速直線運動狀態B．行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性C．牛頓第一定律只是反映慣性大小的，因此也叫慣性定律D．運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續以同一速度沿同一直線運動5、如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導軌之間接有定值電阻R，質量不能忽略的金屬棒與兩導軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導軌的電阻均不計，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向與導軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內，力F做的功與安培力做的功的代數和等于A．棒的機械能增加量 B．棒的動能增加量 C．棒的重力勢能增加量 D．電阻R上放出的熱量6、據科學家推算，六億兩千萬年前，一天只有21個小時，而現在已經被延長到24小時，假設若干年后，一天會減慢延長到25小時，則若干年后的地球同步衛星與現在的相比，下列說法正確的是（）A．可以經過地球北極上空B．軌道半徑將變小C．加速度將變大D．線速度將變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，由某種粗細均勻的總電阻為2R的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內且處于方向豎直向下的勻強磁場B中。一電阻為R的導體棒PQ接入電路，在水平拉力作用下沿ab、de。以速度D勻速滑動，滑動過程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦。在PQ從靠近ad邊向bc邊滑動的過程中（）A．PQ中電流先增大后減小B．PQ兩端電壓先減小后增大C．PQ上拉力的功率先減小后增大D．線框消耗的電功率先增大后減小8、如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b，相距為d，a、b間的電場強度為E，今有一帶正電的微粒從a板下邊緣以初速度v0豎直向上射入電場，當它飛到b板時，速度大小不變，而方向變為水平方向，且剛好從高度也為d的狹縫穿過b板進入bc區域，bc區域的寬度也為d，所加電場的場強大小為E，方向豎直向上，磁感應強度方向垂直紙面向里，磁場磁感應強度大小等于，重力加速度為g，則下列關于微粒運動的說法正確的A．微粒在ab區域的運動時間為B．微粒在bc區域中做勻速圓周運動，圓周半徑r＝dC．微粒在bc區域中做勻速圓周運動，運動時間為D．微粒在ab、bc區域中運動的總時間為9、4月20日深夜，“長征三號乙”運載火箭成功發射第44顆“北斗”導航衛星。這是“北斗”導航衛星在2019年的首次發射，“北斗”衛星導航系統今年繼續高密度全球組網。若某顆衛星入軌后繞地球做勻速圓周運動，其軌道半徑為，運動周期為。已知地球半徑為，引力常量為，下列說法正確的是（）A．衛星的線速度大小 B．地球的質量C．地球的平均密度 D．地球表面重力加速度大小10、如圖所示，傾角為的粗糙斜面AB固定在水平地面AC上，AB、AC均絕緣、BC豎直且高為h，地面D點固定一電量絕對值為的負點電荷，C、D相距h。質量為m、帶電量為q(＞0)的小滑塊以初速度從斜面底端A點滑上斜面，恰好能到達斜面頂端。整個裝置處于水平向右的勻強電場中，場強大小，若取無窮遠為零勢能面，已知孤立點電荷周圍電場的電勢可表示為，式中k為靜電力常量、r為離場源電荷的距離，Q為場源電荷的帶電量(正電荷取正值，負電荷取負值)，則小滑塊()A．從A運動到B的過程中，克服摩擦力做的功B．從A運動到B的過程中，減少的電勢能等于克服重力做的功C．從A運動到AB中點的過程中，點電荷q對小滑塊做的功D．從A運動到AB中點時的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在做“用雙縫干涉測量光的波長”的實驗中，實驗裝置如圖1所示．某同學經過粗略的調試后，出現了干涉圖樣，但不夠清晰，以下調節做法正確的是______．A．旋轉測量頭上下撥動金屬撥桿C．左右撥動金屬撥桿前后撥動金屬撥桿該同學通過測量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時，發現里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，如圖2所示，若要使兩者對齊，該同學應如何調節_______．A．僅左右轉動透鏡僅旋轉單縫C．僅旋轉雙縫僅旋轉測量頭如圖3所示中條紋間距表示正確是______．12．（12分）某實驗小組為了測量某微安表G（量程200μA，內阻大約2200Ω）的內阻，設計了如下圖所示的實驗裝置。對應的實驗器材可供選擇如下：A．電壓表（0~3V）；B．滑動變阻器（0~10Ω）；C．滑動變阻器（0~1KΩ）；D．電源E（電動勢約為6V）；E．電阻箱RZ（最大阻值為9999Ω）；開關S一個，導線若干。其實驗過程為：a．將滑動變阻器的滑片滑到最左端，合上開關S，先調節R使電壓表讀數為U，再調節電阻箱（此時電壓表讀數幾乎不變），使微安表指示為滿偏，記下此時電阻箱值為；b．重新調節R，使電壓表讀數為，再調節電阻箱（此時電壓表讀數幾乎不變），使微安表指示為滿偏，記下此時電阻箱值（如圖所示）為R2；根據實驗過程回答以下問題：（1）滑動變阻器應選_______（填字母代號）；（2）電阻箱的讀數R2=________；（3）待測微安表的內阻_________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，讓擺球從圖中的A位置由靜止開始下擺，正好擺到最低點B位置時線被拉斷。設擺線長l＝1.6m，懸點到地面的豎直高度為H＝6.6m，不計空氣阻力，求：(1)擺球落地時的速度；(2)落地點D到C點的距離（g＝10m/s2）。14．（16分）某種透明材料制成的半球殼，外徑是內徑的兩倍，過球心O的截面如圖所示，A是外球面上的點，AO是半球殼的對稱軸。一單色光在圖示截面內從A點射入，當入射角i=45°時折射光恰與內球面相切于B點。（i）求透明材料對該光的折射率；（ii）要使從A點入射光的折射光能從內球面射出半球殼，求光在A點入射角應滿足的條件。15．（12分）如圖所示，水平地面上有一長L=2m、質量M=1kg的長板，其右端上方有一固定擋板。質量m=2kg的小滑塊從長板的左端以v0=6m/s的初速度向右運動，同時長板在水平拉力F作用下以v=2m/s的速度向右勻速運動，滑塊與擋板相碰后速度為0，長板繼續勻速運動，直到長板與滑塊分離。己知長板與地面間的動摩擦因數μ1=0.4，滑塊與長板間動摩擦因數μ2=0.5，重力加速度g取10m/s2。求：（1）滑塊從長板的左端運動至擋板處的過程，長板的位移x；（2）滑塊碰到擋板前，水平拉力大小F；（3）滑塊從長板的左端運動至與長板分離的過程，系統因摩擦產生的熱量Q。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

由圖中真值表可知，當輸入端為：00、01、10、11時，輸出分別為0、0、0、1；則可知只有兩輸入端均輸入高電平時，才能輸出高電平，即只有兩輸入端均為1時，輸出端才為1，故該邏輯電路為與邏輯關系；A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論相符，選項B正確；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選B．【點評】本題考查門電路中真值表的分析；學會根據真值表理清邏輯關系，會區分門電路并理解其功能．2、C【解析】

由圖象可知的比結合能約為1.1MeV，的比結合能約為7.1MeV，由比結合能的定義可知，該反應釋放的核能約為故選C。3、B【解析】

AB、

5個鐵墊圈同時做自由落體運動，下降的位移之比為，可以看成一個鐵墊圈自由下落，經過位移之比為，因為初速度為零的勻加速直線運動在相等時間內的位移之比為，知各墊圈落到盤中的時間間隔相等，故選項A錯誤，B正確；CD、因為各墊圈落到盤中的時間間隔相等，則各墊圈依次落到盤中的時間比為，則速度之比為，故選項C、D錯誤．4、D【解析】

A．根據牛頓第一定律知，物體只有在不受外力，或者所受合外力為零時，才能處于靜止或勻速直線運動狀態，A錯誤；B．行星在圓周軌道上保持勻速率運動是由于受到改變運動狀態的萬有引力作用，其運動狀態是不斷變化的，則B項錯誤；C．牛頓第一定律反映物體具有慣性這種性質，并不能反映物體慣性的大小，C錯誤；D．運動物體如果沒有受到力的作用，將保持原來的速度做勻速直線運動，D項中說法符合牛頓第一定律，D正確；故選D。5、A【解析】

棒在豎直向上的恒力F作用下加速上升的一段時間內，F做正功，安培力做負功，重力做負功，動能增大．根據動能定理分析力F做的功與安培力做的功的代數和．【詳解】A．棒受重力G、拉力F和安培力FA的作用．由動能定理：WF+WG+W安=△EK得WF+W安=△EK+mgh即力F做的功與安培力做功的代數和等于機械能的增加量．故A正確．B．由動能定理，動能增量等于合力的功．合力的功等于力F做的功、安培力的功與重力的功代數和．故B錯誤．C．棒克服重力做功等于棒的重力勢能增加量．故C錯誤．D．棒克服安培力做功等于電阻R上放出的熱量．故D錯誤【點睛】本題運用功能關系分析實際問題．對于動能定理理解要到位：合力對物體做功等于物體動能的增量，哪些力對物體做功，分析時不能遺漏．6、D【解析】

AB．由萬有引力提供向心力得解得當周期變大時，軌道半徑將變大，但依然與地球同步，故軌道平面必與赤道共面，故A、B錯誤；C．由萬有引力提供向心力得可得軌道半徑變大，則加速度減小，故C錯誤；D．由萬有引力提供向心力得可得軌道半徑變大，則線速度將變小，故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．導體棒為電源產生的電動勢為等效電路為左邊電阻和右邊并聯，總電阻為又線框總電阻為，在從靠近處向滑動的過程中，總電阻先增大后減小，總電流先減小后增大，故A項錯誤；B．兩端電壓為路端電壓即先增大后減小，故B項錯誤；C．拉力的功率等于克服安培力做功的功率，有先減小后增大，故C項正確；D．根據功率曲線可知當外電阻時輸出功率最大，而外電阻先由小于的某值開始增加到，再減小到小于的某值，所以線框消耗的功率先增大后減小，故D項正確．故選CD。8、AD【解析】

將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動，根據運動學公式，有：水平方向：v0=at，；豎直方向：0=v0-gt；解得a=g①②，故A正確；粒子在復合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力解得：③，由①②③得到r=2d，故B錯誤；由于r=2d，畫出軌跡，如圖，由幾何關系，得到回旋角度為30°，故在復合場中的運動時間為，故C錯誤；粒子在電場中運動時間為：，故粒子在ab、bc區域中運動的總時間為：，故D正確；故選AD．【點睛】本題關鍵是將粒子在電場中的運動正交分解為直線運動來研究，而粒子在復合場中運動時，重力和電場力平衡，洛侖茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運動．9、AC【解析】

A．根據線速度的定義可知衛星的線速度大小為選項A正確；B．由，得地球的質量為選項B錯誤；C．根據密度公式可知地球的密度選項C正確；D．根據萬有引力提供向心力有地球表面萬有引力近似等于重力有聯立解得地球表面的重力加速度大小選項D錯誤。故選AC。10、ABD【解析】

A．因C、D相距，由幾何關系可知，AD=BD，又因，故A、B兩點在點電荷產生的電場中等電勢，故從A運動到B，點電荷對小滑塊做的總功為零。從A運動到B的過程：由動能定理得而，解得故A正確；B．小滑塊減少的電勢能等于電場力做的功，從A運動到B的過程中，點電荷對小滑塊做的總功為零，故減少的電勢能等于勻強電場對小滑塊做的功，即故B正確；C．由公式可知，點電荷產生的電場在A點的電勢在AB中點的電勢故C錯誤；D．由對稱性可知，從A運動到AB中點的過程中，克服摩擦力做的功為，故由動能定理可得解得故D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CDCE【解析】

使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據公式可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，所以需要左右移動撥桿．故C正確ABD錯誤；發現里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，若要使兩者對齊，該同學應調節測量頭，故ABC錯誤，D正確；干涉條紋的寬度是指一個明條紋與一個暗條紋的寬度的和，為兩個相鄰的明條紋或暗條紋的中心之間的距離，故圖CE是正確的．12、B46532170【解析】

(1)[1]．滑動變阻器用分壓電路，則為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇B；

(2)[2]．由圖示電阻箱可知，電阻箱示數為R2=4×1000Ω+6×100Ω+5×10Ω+3×1Ω=4653Ω(3)[3]．根據實驗步驟，由歐姆定律可知U=Ig（Rg+R1）解得Rg=2170Ω四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)10.8m/s；(2)4m。【解析】

(1)球從A到B受重力和線的拉力，只有重力做功，球從B到D做平拋運動，也只有重力對球做功，故球從A到D運動的全過程中機械能守恒，取地面為參考面，則mg（H－lcos60°）＝得vD＝10.8m/s(2)在球從A到B的過程中，根據機械能守恒定律（取B點所在的水平面為參考面）得mgl（1－cos60°）＝解得vB＝4m/s球從B點開始做平拋運動到D點時下落的高度為h＝H－l＝5.0m則球做平拋運動的時間為t＝s＝1s球著地點D到C點的距離為s＝vBt＝4×1m＝4m14、（i）；（ii）i<30°【解析】

（i）當入射角i=45°時，設折射角為r，透明材料對該光的折射率為n，ΔABO為