西藏拉薩市2024年高考壓軸卷物理試卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，水平桌面上有三個相同的物體。、b、c疊放在一起，。的左端通過一根輕繩與質(zhì)量為機=36kg的小球相

連，繩與水平方向的夾角為6。。，小球靜止在光滑的半圓形器皿中。水平向右的力F=20N作用在〃上，三個物體保持

靜狀態(tài)。g取lOm/s?。下列說法正確的是（）

A.物體。對桌面的靜摩擦力大小為10N,方向水平向右

B.物體）受到物體。給的一個大小為20N的摩擦力，方向向左

C.物體c受到向右的靜摩擦力，大小為20N

D.在剪斷輕繩的瞬間，三個物體一定會獲得向右的加速度

2、如圖所示，足夠長的U型光滑金屬導軌平面與水平面成。角（0</90。），其中MN與PQ平行且間距為LN、Q

間接有阻值為A的電阻，勻強磁場垂直導軌平面，磁感應(yīng)強度為M導軌電阻不計。質(zhì)量為〃，的金屬棒面由靜止開

始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，刈棒接入電路的電阻為當金屬棒仍下滑距離x時達到最大

速度%重力加速度為g,則在這一過程中（）

A.金屬棒做勻加速直線運動

B.當金屬棒速度為:時，金屬棒的加速度大小為0.5g

C.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為〃要vsin。/加

D.通過金屬棒某一橫截面的電量為屆

3、如圖所示，同時作用在質(zhì)點O上有三個共點力入、尸2、尸3,其中/、尸2是正六邊形的兩條邊，凸是正六邊形的一

條對角線。已知FI=F2=2N,則這三個力的合力大小等于

A.6NB.8NC.10ND.12N

4、在離地高力處，同時自由下落和豎直向上拋出各一個小球,其中豎直上拋的小球初速度大小為〃不計空氣阻力,

重力加速度為g,兩球落地的時間差為I）

h2h2v

A.-B.—C.一

5、如圖所示，和牝用是垂直于紙面向里的勻強磁場I、n的邊界，磁場I、n的磁感應(yīng)強度分別為以、及，且

B2=2取，一質(zhì)量為小、電荷量為g的帶電粒子垂直邊界“e從尸點射入磁場I,后經(jīng)f點進入磁場II,并最終從"邊

界射出磁場區(qū)域.不計粒子重力，該帶電粒子在磁場中運動的總時間為（）

2nm3m”

A.—z-B.7-^7

qB、2則

nm3itm

C.—D.--z-

qB、4qB1

6、中澳美“科瓦里-2019”特種兵聯(lián)合演練于8月28日至9月4日在澳大利亞舉行，中國空軍空降兵部隊首次派員參加,

演習中一名特種兵從空中靜止的直升飛機上，抓住一根豎直懸繩由靜止開始下滑，運動的速度隨時間變化的規(guī)律如圖

所示，4時刻特種兵著地，下列說法正確的是（）

tA

A.在乙?馬時間內(nèi)，平均速度/＜乜愛

B.特種兵在0?。時間內(nèi)處于超重狀態(tài)，4?，2時間內(nèi)處于失重狀態(tài)

C.在。?間內(nèi)特種兵所受阻力越來越大

D.若第一個特種兵開始減速時第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，則他們在懸繩上的距離先減小后增大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、下列說法中正確的是（）

A.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動能一定大

B.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大

C.對于一定質(zhì)量的理想氣體，保持壓強不變，體積減小，那么它一定從外界吸熱

D.電冰箱的工作過程表明，熱量可以自發(fā)地從低溫物體向高溫物體傳遞

E.液體的表面張力使液面具有收縮到表面積最小的趨勢

8、用一束波長為3.的綠光照射某極限波長為乂的金屬，能產(chǎn)生光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）

A.該金屬逸出功為亞=113

B.把這束綠光遮住一半，則逸出的光電流強度減小

C.若改用一束紅光照射，則不可能產(chǎn)生光電效應(yīng)

he11

D.要使光電流為0,光電管兩級至少需要加大小為一（：-?。┑碾妷?/p>

eAAo

9、波源。在U0時刻開始做簡諧運動，形成沿x軸正向傳播的簡諧橫波，當U3s時波剛好傳到x=27m處的質(zhì)點，波

形圖如圖所示，質(zhì)點尸、Q的橫坐標分別為4.5m、18m,下列說法正確的是（）

d.滑動變阻器R（最大阻值為ion,額定電流為2A）

e.電池組?電動勢為9V,內(nèi)阻不計）

f.開關(guān)、導線若干

①某小組同學利用以上器材設(shè)計電路，部分電路圖如圖丁所示，請把電路圖補充完整____o（要保證滑動變阻器的滑

片任意移動時，電表均不被燒壞）

②某次實驗中，電壓表的示數(shù)為4.5V,電流表的示數(shù)為O.1A,則金屬絲電阻的值為根據(jù)該測量值求得金

屬絲的電阻率為Hnio（計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）

12.（12分）要測量一個待測電阻尺（190。?210C）的阻值，實驗室提供了如下器材：

電源E：電動勢3.0V,內(nèi)阻不計

電流表Ai：量程0?10mA,內(nèi)阻門約50Q

電流表A2：量程0?500RA,內(nèi)阻「2為1000Q

電壓表Vi：量程0?IV,內(nèi)阻Kvi約為1k。

電壓表V2：量程0?10V,內(nèi)阻Rv2約為10kQ

滑動變阻器R最大阻值20。，額定電流2A

定值電阻凡=500。

定值電阻此=2000。

定值電阻&=5000。

電鍵S及導線若干

求實驗中盡可能準確測量尺的阻值，請回答下面問題：

（1）為了測定待測電阻上的電壓，可以將電表一（選填“Ai”、“A2”或“Vi”、"V2"）串聯(lián)定值電阻—（選填“品”、

或“心”），將其改裝成一個量程為3.0V的電壓表。

（2）利用所給器材，在虛線框內(nèi)畫出測量待測電阻反阻值的實驗原理圖（所有的器材必須用題中所給的符號表示）。

（）

（3）根據(jù)以上實驗原理圖進行實驗，若測量電路中一只電流表的讀數(shù)為6.2mA,另外一只電流表的讀數(shù)為200.0IiA.根

據(jù)讀數(shù)并結(jié)合題中所給數(shù)據(jù)求出待測電阻Rx=

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖紙面內(nèi)的矩形ABCD區(qū)域存在相互垂直的勻強電場和勻強磁場，對邊AB〃CD、AD/7BC,電場

方向平行紙面，磁場方向垂直紙面，磁感應(yīng)強度大小為氏一帶電粒子從AB上的P點平行于紙面射入該區(qū)域，入射

方向與AB的夾角為0（火90。），粒子恰好做勻速直線運動并從CD射出.若撤去電場，粒子以同樣的速度從P點

射入該區(qū)域，恰垂直CD射出.已知邊長AD=BC=J,帶電粒子的質(zhì)量為帶電量為q，不計粒子的重力.求:

BC

AD

⑴帶電粒子入射速度的大??；

（2）帶電粒子在矩形區(qū)域內(nèi)作直線運動的時間；

⑶勻強電場的電場強度大小.

14.（16分）如圖所示，質(zhì)量為2股的滑塊A由長為K的水平軌道和半徑也為K的四分之一光滑圓弧軌道組成，滑塊

A的左側(cè)緊靠著另一質(zhì)量為4〃的物塊C,質(zhì)量為，〃的物塊B從圓弧軌道的最高點南靜止開始下滑，O為網(wǎng)弧軌道最

低點。已知B與水平軌道之間的動摩擦因數(shù)〃=0.1,A的水平軌道厚度極小，B從水平軌道上滑下和滑上的能量損失

忽略不計，水平地面光滑，重力加速度為g。

⑴若A被固定在地面上，求B與C發(fā)生碰撞前的速度大小vo;

⑵若A的固定被解除，B滑下后與C發(fā)生完全彈性碰撞，碰撞后B再次沖上A,求B與A相對靜止時與。點的距離

15.（12分）如圖所示，一車上表面由粗糙的水平部分A4和光滑的半圓弧軌道BCD組成，車緊靠臺階靜止在光滑水

平地面上，且左端與光滑圓弧形軌道MN末端等高，圓弧形軌道MN末端水平，一質(zhì)量為班=5kg的小物塊夕從距

圓弧形軌道MN末端高為/?=1.8m處由靜止開始滑下，與靜止在車左端的質(zhì)量為，〃2=1kg的小物塊Q（可視為質(zhì)點）

發(fā)生彈性碰撞（碰后立即將小物塊P取走，使之不影響。的運動），已知A8長為L=10m,車的質(zhì)量為歷=3kg,

取重力加速度g=10m/s2,不計空氣阻力.

（1）求碰撞后瞬間物塊Q的速度；

（2）若物塊。在半圓弧軌道8CO上經(jīng)過一次往返運動（運動過程中物塊始終不脫離軌道），最終停在車水平部分A4

的中點，則半圓弧軌道3C。的半徑至少多大？

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.對〃?受力分析

在豎直方向

2Tsin60=mg

則繩子拉力為

3X

T=o=^/L0N=30N

2sin60cV3

2x——

2

對。、b、。整體受力分析，水平方向根據(jù)平衡條件

T=F+f

則桌面對。的靜摩擦力方向水平向右，大小為

/=T-F=30N-20N=10N

根據(jù)牛頓第三定律可知，。對桌面的靜摩擦力大小為10N,方向水平向左，A錯誤;

B.對〃、，整體受力分析，水平方向根據(jù)平衡條件

F=于'=2ON

可知物體力受到物體。給的一個大小為20N的摩擦力，方向向左，B正確；

C.對。受力分析可知，物體僅受重力和支持力，受到的摩擦力為0,C錯誤；

D.地面對。、b.。整體的最大靜摩擦力大小未知，在剪斷輕繩的瞬間，系統(tǒng)的運動狀態(tài)未知，D錯誤。

故選Bo

2、D

【解析】

A.對金屬棒，根據(jù)牛頓第二定律可得：

〃?gsinO-BIL=ma

可得:

。=gsin。

/??(7?+r)

當速度增大時，安培力增大，加速度減小，所以金屬棒c力開始做加速度逐漸減小的變加速運動，不是勻加速直線運動,

故A錯誤；

B.金屬棒勻速下滑時，則有：

4=()

即有：

+r)sinO

V=

B-+l：

當金屬棒速度為不時，金屬棒的加速度大小為:

2

B11：v

%=gsinB-=-J?sine

〃i(A+r)5

故B錯誤;

C.對金屬棒，根據(jù)動能定理可得:

〃igsinO?4_Q=；mv2

解得產(chǎn)生的焦耳熱為：

Q=mgsM?x-Jmv2

電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為：

八R,.412、

QR=(/HgsinG.x--tnv')

故C錯誤；

D.通過金屬棒某一橫截面的電量為:

△①BLx

q=1-Z=---E---?△/

R+rR+rR+r

故D正確;

故選D。

3、A

【解析】

將用、尸2合成如圖，由幾何關(guān)系得，F(xiàn)l、戶2的合力

&=Z=2N

由于入2與正3的方向相同，由幾何關(guān)系可得，三力的合力

尸=42+與=6N

故A項正確，BCD三項錯誤。

4、D

【解析】

自由下落的小球，有

得

對于豎直上拋的小球，由機械能守恒得：

/1，1,2

mgh+-mv~=—mv

則得落地時速度大小為

V=+2gh

對于豎直上拋的小球，將其運動看成一種勻減速直線運動，取豎直向上為正方向，加速度為-8,則運動時間為:

故時間之差為

A/=/2-1]

A.與結(jié)論不相符，選項A錯誤；

v

2h

B.—,與結(jié)論不相符，選項B錯誤;

v

C.—,與結(jié)論不相符，選項C錯誤;

g

D.,與結(jié)論相符，選項D正確;

故選D.

點睛：本題關(guān)鍵要明確小球運動中機械能守恒，要理清過程中的速度關(guān)系，寫出相應(yīng)的公式，分析運動時間的關(guān)系.

5、B

【解析】

粒子在磁場中運動只受洛倫茲力作用，故粒子做圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有

V

qvB=m——

R

則有

R=—

qB

粒子垂直邊界ae從P點射入磁場I,后經(jīng)/點進入磁場H,故根據(jù)幾何關(guān)系可得：粒子在磁場I中做圓周運動的半徑

為磁場寬度d；根據(jù)軌道半徑表達式，由兩磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度大小關(guān)系可得：粒子在磁場n中做圓周運動的半徑為

磁場寬度那么，根據(jù)幾何關(guān)系可得：粒子從尸到一轉(zhuǎn)過的中心角為90"粒子在/點沿〃方向進入磁場n；然后

粒子在磁場n中轉(zhuǎn)過180°,在e點沿W方向進入磁場I；最后，粒子在磁場I中轉(zhuǎn)過90,后從"邊界射出磁場區(qū)域；

）兀廠2兀〃？

故粒子在兩個磁場區(qū)域分別轉(zhuǎn)過180。，根據(jù)周期7=—=一丁可得：該帶電粒子在磁場中運動的總時間為

vqB

1137tm

212-2qB1

故選Bo

6、C

【解析】

A.在小上時間內(nèi)，若特種兵做勻減速直線運動，由也減速到也，則平均速度為二殳，根據(jù)圖線與時間軸圍成的面

積表示位移可知，特種兵的位移大于勻減速直線運動的位移，則平均速度3〉上工，故A錯誤；

2

B.0Z時間內(nèi)，由圖線可知，圖線的斜率大于零，則加速度方向豎直向下，發(fā)生失重；在時間內(nèi)，圖線的切線的

斜率小于零，則加速度方向豎直向上，發(fā)生超重；故B錯誤；

C.在,“2時間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律可知

f-mg=ma

解得

f=mg+ma

因為曲線的斜率變大，則加速度〃增大，則特種兵所受懸繩的阻力增大，故C正確；

D.若第一個特種兵開始減速時，第二個特種兵立即以同樣的方式下滑，由于第一個特種兵的速度先大于第二個特種

兵的速度，然后又小于第二個特種兵的速度，所以空中的距離先增大后減小，故D錯誤；

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ABE

【解析】

A.溫度高的物體內(nèi)能不一定大，內(nèi)能還與質(zhì)量有關(guān)，但分子平均動能一定大，因為溫度是平均動能的標志，故A正

確；

B.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小克服分子力做功，分子勢能增大，故B正確；

C.對于一定質(zhì)量的理想氣體，保持壓強不變，體積減小，外界對氣體做功，根據(jù)莊=C可知溫度降低，內(nèi)能減少,

T

根據(jù)熱力學第一定律可知它一定對外界放熱，故C錯誤；

D.電冰箱需要消耗電能，才能使熱量從低溫物體向高溫物體傳遞，并不是自發(fā)的，故D錯誤。

E.液體的表面張力使液面具有收縮到表面積最小的趨勢。故E正確。

故選ABEo

8、BD

【解析】

該金屬逸出功為：>%=加，0="?，故A錯誤；光的強度增大，則單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增多，遮住一半，光

電子數(shù)減小，逸出的光電流強度減小，但仍發(fā)生光電效應(yīng)，光電子最大初動能將不變，故C錯誤，B正確；光電效應(yīng)

方程為：hv=W{>+EKt光速為：c=2v,根據(jù)動能定理可得光電流為零時有：eUc=EK,聯(lián)立解得:

,故D正確.所以BD正確，AC錯誤.

9、ACE

【解析】

A.根據(jù)波動與振動方向間的關(guān)系可知，波源。的起振方向與圖中x=27m處質(zhì)點的振動方向相同，沿y軸正方向，則

質(zhì)點尸的起振方向也是沿），軸正方向，故A正確。

B.該波3s內(nèi)傳播的距離為27m,則波速

x27八，

v=—=—=9m/s

t3

選項B錯誤；

c.波的周期

A18.

T=—=—s=2s

v9

451

則0~3s時間內(nèi)，P點振動的時間為/=3-二「=2.5s=l：T運動的路程為54=5cm,選項C正確；

94

18

D.U3.6s時刻質(zhì)點。振動的時間/=3.6-y=1.6s,則此時質(zhì)點。正在從最低點向上振動，則在開始的一段極短時

間內(nèi)，。點加速度變小，選項D錯誤；

453

E./=6s時尸點已經(jīng)振動了6s---5=5.5S=2-T,此時P點恰好位于波谷，選項E正確。故選ACE。

94

10、BD

【解析】

A.滑塊向下運動受到的合力為零時，速度最大，即

〃zgsin6=端+/

這時，速度最大，故A錯誤；

B.根據(jù)動能定理有

0-0=/^-|sin30o-lV；.

解得

叱=5gL

故B錯正確；

C.滑塊加速度為零即合力為零，向下滑動時

0二七+/-"話sin。

向上滑動時

(〃?gsine+.f)=O

所以C錯誤；

D.彈簧被壓縮到最短時彈性勢能最大，根據(jù)能量守恒

2

mgLsin300=-W+E

?5fp

解得彈簧最大彈性勢能為

L1,

Ep=-mgL

J

故D正確。

故選BD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.221030.5030.029.33.68x10^

【解析】

螺旋測微器的示數(shù)為

2mm+21.0x().01mm=2.21Omrn=0.221Ocm

[2]刻度尺示數(shù)為

450.0mm-100.0mm=350.0mm=35.0cm

[31歐姆表選擇歐姆擋測量，示數(shù)為

30.0xlQ=30.0Q

(2)[4]當電壓表滿偏時，通過此的電流約為0.3A,可利用此與電流表并聯(lián)分流，因電流表內(nèi)阻已知，故電流表采用

內(nèi)接法。

3

S

⑸通過人的電流為

/=/=0.15A

R

此兩端的電壓

U=ULL\RA=4.4V

故

u44

尺=上二^。=29.3。

/0.15

⑹由R=。(知金屬絲的電阻率

【解析】

(1)[1].將小量程的電流表改裝成電壓表，電流表需要知道兩個參數(shù)：量程和內(nèi)阻，故電流表選A2。

[2J.根據(jù)串聯(lián)電路特點和歐姆定律得：串聯(lián)電阻阻值為：

u3

R=~~r2=---------=-10000=5000。

底500x1O'

故選定值電阻總；

(2)[31.由①知電壓表的內(nèi)阻

Rv=Ri+n=1000+5000=6000。

R,R,

由于言仁3.8?4.2,,Mv1.6?28.6,則

旦〈旦

RA號

故電流表應(yīng)用用外接法；又滑動變阻器最大電阻遠小于待測電阻阻值，故變阻器應(yīng)用分壓式接法，電路圖如圖所示

(3)[4],根據(jù)串并聯(lián)電路特點和歐姆定律得：

12(寵3+乃)_200X10YX(5000-1000)____ftO

3-6

/,-/26.2X10--200X10

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)qBd(2)mcQS0⑶qB-d

tncos648sin<9

【解析】

畫出粒子的軌跡圖，由幾何關(guān)系求解運動的半徑，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解帶電粒子入射速度的大??；帶電粒子

在矩形區(qū)域內(nèi)作直線運動的位移可求解時間；根據(jù)電場力與洛倫茲力平衡求解場強.

【詳解】

(1)設(shè)撤去電場時，粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為此畫出運動軌跡如圖所示，軌跡圓心為O.

BC

P「歹一7?一一

AE'J'、：D

、、,

、、I

o

由幾何關(guān)系可知：cos。='

R

2

洛倫茲力做向心力：qv^B=

解得%=上之

"7COS”

（2）設(shè)帶電粒子在矩形區(qū)域內(nèi)作直線運動的位移為x,有sin6=g

X

粒子作勻速運動：X=Vot

〃7cos9

聯(lián)立解得/=

qBsin。

（3）帶電粒子在矩形區(qū)域內(nèi)作直線運動時，電場力與洛倫茲力平衡；Eq=qvoB

解得E=旦包

mcosO

【點睛】

此題關(guān)鍵是能根據(jù)粒子的運動情況畫出粒子運動的軌跡圖，結(jié)合幾何關(guān)系求解半徑等物理量；