蘇州大學2024屆高考物理押題試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將木試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、一三棱鏡截面如圖所示，ZC=90°,NB=60。，AC面涂有反光涂層。一細束光從。垂直4B邊射入棱鏡，經AC面

反射到面，在面上恰好發生全反射。則該棱鏡的折射率為（）

2x/3

A.V2

3

2、在一邊長為L的正方形的四個頂點處各放置一個電荷量為q的點電荷，其中A3C處為正點電荷，。處為負點電荷,

尸、。、M、N分別是A仄BC.CD、OA的中點，貝I」（）

:/°\;

:/\J

Q

A.N兩點電場強度相同

B.尸、。兩點電勢相同

C.將一個帶負電的粒子由。沿直線移動到電勢能先增大后減小

D.在。點靜止釋放一個帶正電的粒子（不計重力），粒子可沿著做勻變速直線運動

3、在閉合電路中，以下說法中正確的是（）

A.在外電路和電源內部，電荷都受非靜電力作用

B.在電源內部電荷從負極到正極過程中只受非靜電力而不存在靜電力

C.靜電力與非靜電力對電荷做功都使電荷的電勢能減少

D.靜電力對電荷做功電勢能減少，非靜電力對電荷做功電勢能增加

4、滑索速降是一項具有挑戰性、刺激性和娛樂性的現代化體育游樂項目。可跨越草地、湖泊、河流、峽谷，借助高度

差從高處以較高的速度向下滑行，使游客在有驚無險的快樂中感受刺激和滿足。下行滑車甲和乙正好可以簡化為下圖

所示的狀態，滑車甲的鋼繩與索道恰好垂直，滑車乙的鋼繩正好豎直。套在索道上的滑輪質量為〃，，滑輪通過輕質鋼

繩吊著質量為M的乘客，則（）

A.滑輪〃、力都只受三個力作用

B.滑輪力不受摩擦力的作用

C.甲一定做勻加速直線運動，乙做勻速直線運動

D.乙中鋼繩對乘客的拉力小于乘客的總重力

5、一半徑為K的半圓形玻璃磚放置在豎直平血上，其截面如下圖所示.圖中。為圓心，為豎直方向的直徑.有一

束細光線自0點沿水平方向射入玻璃磚，可以觀測到有光線自玻璃磚內射出，現將入射光線緩慢平行下移，當入射光

線與。點的距離為d時，從玻璃磚射出的光線剛好消失.則此玻璃的折射率為（）

6、電荷之間的引力會產生勢能。取兩電荷相距無窮遠時的引力勢能為零，一個類氫原子核帶電荷為+°,核外電子帶電

量大小為e,其引力勢能昂=-如，式中左為靜電力常量，「為電子繞原子核圓周運動的半徑（此處我們認為核外

r

只有一個電子做圓周運動）。根據玻爾理論，原子向外輻射光子后，電子的軌道半徑從6減小到與，普朗克常量為心

那么，該原子釋放的光子的頻率u為（）

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，金屬圓環放置在水平桌面上，一個質量為m的圓柱形永磁體軸線與圓環軸線重合，永磁體下端為N極,

將永磁體由靜止釋放永磁體下落h高度到達P點時速度大小為V,向下的加速度大小為a,圓環的質量為M,重力加

速度為g,不計空氣阻力，則（）

A.俯視看，圓環中感應電流沿逆時針方向

B.永磁體下落的整個過程先加速后減速，下降到某一高度時速度可能為零

C.永磁體運動到P點時，圓環對桌面的壓力大小為Mg+mg—ma

D.永磁體運動到P點時，圓環中產生的焦耳熱為mgh+^mv，

8、如圖，水平面上從3點往左都是光滑的，從5點往右都是粗糙的.質量分別為M和機的兩個小物塊甲和乙（可視

為質點），與粗糙水平面間的動摩擦因數分別為〃甲和〃乙，在光滑水平血上相距L以相同的速度同時開始向右運動，

它們在進入粗糙區域后最后靜止。設靜止后兩物塊間的距離為s,甲運動的總時間為小乙運動的總時間為仇則以下

說法中正確的是

7甲

ii一口…2，一

A.若M=nh〃甲=〃乙，則s=L

B.若〃甲=〃乙,無論M、機取何值，總是s=0

C.若〃甲V〃乙，機，則可能4女2

D.若〃甲V〃乙，無論M、小取何值，總是fiV，2

9、如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為小的小球，從離彈簧上端高〃處由靜止釋放。

某同學探究小球在接觸彈簧后向下的運動過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下方向建立坐標軸Ox,作

出小球所受彈力尸大小隨小球下落的位置坐標x的變化關系如圖乙所示，不計空氣阻力，重力加速度為g。以下判斷

A.當x=/?+xo時，重力勢能與彈性勢能之和最小B.最低點的坐標為x=〃+2xo

C.小球受到的彈力最大值等于2mgD.小球動能的最大值為〃7g/?+號■

10、如圖所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導軌豎直放置，兩導軌上端接有電阻A（其余電阻不計），虛線和NM

之間有垂直于導軌平面向外的勻強磁場，磁場的磁感應強度為①，虛線MV，和之間也有垂直于導軌平面向外的勻

強磁場，磁場的磁感應強度為&（BI>?2）O現將質量為〃，的金屬桿"，從上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落

的過程中與導軌保持良好接觸，且始終保持水平，已知外棒到達NN和尸P之前已經勻速運動。則油棒從運動

到PP這段時間內的圖可能正確的是（）

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

1L（6分）某同學準備利用下列器材測量干電池的電動勢和內電阻。

A.待測干電池兩節，每節電池電動勢約為L5V,內阻約幾歐姆

B.直流電壓表殖、V2,量程均為3V,內阻約為3kH

C定值電阻Ro未知

D.滑動變阻器R,最大阻值Rm

E.導線和開關

（1）根據如圖甲所示的實物連接圖，在圖乙方框中畫出相應的電路圖_____O

⑵實驗之前，需要利用該電路圖測出定值電阻Ro,方法是先把滑動變阻器R調到最大阻值Rm,再閉合開關，電壓表

W和V2的讀數分別為UlO、U20,則R產（用Um、UlO、U20、Rm表示）

⑶實驗中移動滑動變阻器觸頭，讀出電壓表VI和V2的多組數據Ui、U2,描繪出U2-U1圖象如圖閃所示，圖中直線斜

率為k,與縱軸的截距為a,則兩節干電池的總電動勢E=，總內阻r=（用k、a、Ro表示）。

12.（12分）實驗室中有一臺銘牌模糊的可拆卸式變壓器，如圖所示，該變壓器可近似看做理想變壓器。某同學欲測

量它的初級次級線圈匝數：先在閉合鐵芯的上端鐵粗處緊密纏繞100匝漆包細銅線，并將細銅線兩端與理想交流電壓

表構成比合回路。

（1）在次級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數為60V,則次級線圈的匝數為

________匝；在初級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數為30V,則初級線圈的匝

數為________匝。

（2）若初級線圈左右兩端接線柱接入的交變電壓瞬時表達式為“311sinlO（H?V）,則與次級線圈左右兩端接線柱直接

相連的理想交流電壓表的示數為V。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，兩條直線MN與PQ所夾區域內有兩個不同的勻強磁場，磁場的直線邊界。O'與MN和

均垂直。一質量為〃?、電荷量為4的帶電粒子以某一初速度垂直MN射入磁場片，受磁場力的作月，最終垂直于邊

界尸。且從。'。段射出。已知：兩磁場的磁感應強度分別為片=儂竺、&=二也”（各物理量單位均為國際單

qq

位制中的主單位），粒子進入磁場的初速度為u=20mWs。不計粒子重力，求：

⑴粒子在用、色磁場中運動的半徑之比

（2）粒子在兩磁場中運動的最短時間

M

???

O----------------------O'

xxx

q，^f坊

XXX

NQ

14.（16分）如圖，是游樂場的一項娛樂設備.一環形座艙裝在豎直柱子上，由升降機送上幾十米的高處，然后讓座

艙自由落下，落到一定位置時，制動系統啟動，到地面時剛好停下.已知座艙開始下落的高度為H=75m,當落到離地

面h=3（）m的位置時開始制動,座艙均勻減速.在一次娛樂中,某同學把質量m=6kg的書包放在自己的腿上.g取10m/s2,

不計座艙與柱子間的摩擦力及空氣阻力.

（1）當座艙落到離地面hi=60m和h2=20m的位置時，求書包對該同學腿部的壓力各是多大；

（2）若環形座艙的質量M=4xl0?%g,求制動過程中機器輸出的平均功率.

15.（12分）如圖所示，光滑水平地面上方ASCD區域存在互相垂直的勻強磁場和勻強電場，電場強度E=1X106N/C

方向豎直向上，AO距離為Im,CO高度為1m,一厚度不計的絕緣長木板其右端距8點1m,木板質量M=lkg,在木

板右端放有一帶電量片+卜1（尸（：的小鐵塊（可視為質點），其質量"『0.1kg,小鐵塊與木板間動摩擦因數〃=0.4,現

對長木板施加一水平向右的恒力入=1L4N,作用Is后撤去恒力，g?lOm/s1.

（I）求前Is小鐵塊的加速度大小am,長木板加速度大小“M；

（1）要使小鐵塊最終回到長木板上且不與長木板發生碰撞，求磁感強度B的最小值；

⑶在Uis時再給長木板施加一個水平向左的力滿足（1）條件下，要使小鐵塊回到長木板時恰能相對長木板靜止,

求木板的最小長度（計算過程兀取3?14）.

參考答案

一、單項選擇題：木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

做出光路圖，如圖所示

根據幾何關系，光線到達AC面的入射角為a=30。，則反射角為6=。=3()。，根據幾何關系，光線在BC面的入射角

為i=60。，因為光線在面上恰好發生全反射，則

n=-sin-9-00=-2-G

sinz3

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

2、B

【解析】

A.場強疊加遵循平行四邊形定則，M、N兩點電場強度大小相等，方向不同，A錯誤；

B.尸、。兩點即關于A、C兩正電荷對稱，又關于3、0兩異種電荷對稱，根據對稱性可知四個點電荷在產、。兩點

產生的電勢相同，B正確；

C.M、N、P、。關于A、C兩正電荷對稱，所以對于A、C兩正電荷而言，這四個點的電勢是相等的，對5、。兩異

種電荷而言，P、。兩點的電勢高于〃、N兩點的電勢，所以負電的粒子由。沿直線移動到根據：

E

P=W

可知負電荷電勢能一直增大，c錯誤；

D.這四個點電荷形成的電場中，電場力大小改變，加速度改變，所以從O點靜止釋放的粒子不可能做勻變速運動，

D錯誤。

故選Bo

3、D

【解析】

A.在電源內部，電荷受非靜電力作用；在外電路，電荷不受非靜電力作用；故A項錯誤；

B.在電源內部電荷從負極到正極過程中，電荷既受非靜電力又受靜電力，故B項錯誤；

CD.在閉合電路中，靜電力對電荷做功使電荷的電勢能減少，非靜電力對電荷做功使電荷的電勢能增加，故C項錯誤,

D項正確。

4、C

【解析】

AB.設索道的傾角為甲圖中，對乘客，根據牛頓第二定律得

Mgsina=Ma

解得

a=gsina

對滑輪和乘客組成的整體，設滑輪。受到的摩擦力大小為了,由牛頓第二定律得

(M+ni}gsina-f=(M+m)ci

解得

/=0

故滑輪。只受重力和鋼繩的拉力兩個力作用；乙圖中，對乘客分析知，乘客只受重力和鋼繩的拉力兩個力作用，這兩

個力必定平衡，若這兩個力的合力不為零，且合力與速度不在同一直線上，乘客不能做直線運動，故該乘客做勻速直

線運動，對滑輪和乘客組成的整體可知，滑輪匕一定受到摩擦力，故A、B錯誤；

C.由上分析知，甲一定做勻加速直線運動，乙做勻速直線運動，故C正確；

D.乙做勻速直線運動，乙中鋼繩對乘客的拉力等于乘客的總重力，故D錯誤；

故選C。

5、C

【解析】

根據題意可知，當入射光線與。點的距離為d時，從玻璃磚射出的光線剛好消失，光線恰好在圓弧面上發生了全

反射，作出光路圖，如圖

根據幾何知識得:

sinC=—

R

.-1

sinC=—,

n

聯立得：

R

n=—

d

RR

A./2,2與上述計算結果〃=~7不相符，故A錯誤;

yJR2-d2d

B.婦與上述計算結果〃不相符，故B錯誤;

Rd

C.勺與上述計算結果〃=§相符，故C正確；

aa

IR

D.［與上述計算結果〃=:不相符，故D錯誤。

Rd

6、B

【解析】

電子在「軌道上圓周運動時，靜電引力提供向心力

kqeV

=tn——

廠r

所以電子的動能為

1kqe

心=-/nv2=----

A22r

所以原子和電子的總能為

廠廠廠kqe

E=EK+EP=--

再由能量關系得

E-E*

r2

即

kqe(11

y-.---------

22rj

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

根據楞次定律判斷感應電流的方向；可根據假設法判斷磁鐵下落到某高度時速度不可能為零；根據牛頓第二定律分別

為磁鐵和圓環列方程求解圓環對地面的壓力；根據能量關系求解焦耳熱。

【詳解】

磁鐵下落時，根據楞次定律可得，俯視看，圓環中感應電流沿逆時針方向，選項A正確；永磁體下落的整個過程，開

始時速度增加，產生感應電流增加，磁鐵受到向上的安培力變大，磁鐵的加速度減小，根據楞次定律可知“阻礙”不是“阻

止”，即磁鐵的速度不可能減到岑，否則安培力就是零，物體還會向下運動，選項B錯誤；永磁體運動到P點時，根

據牛頓第二定律：mg?F安=!?2；對圓環：Mg+F5=N,則N=Mg+mg-ma,由牛頓第三定律可知圓環對桌面的壓力大

小為Mg+mg—ma,選項C正確；由能量守恒定律可得，永磁體運動到P點時，圓環中產生的焦耳熱為mgh-；mv?,

選項D錯誤；故選AC.

【點睛】

此題關鍵是理解楞次定律，掌握其核心“阻礙”不是“阻止”；并能用牛頓第二定律以及能量守恒關系進行判斷.

8、BC

【解析】

A.由動能定理可知：

-/.imgx=O-^inv2

若〃甲乙，則兩物體在粗糙地面上滑動的位移相同，故二者的距離為零，故A錯誤：

B.由動能定理可知：

八12

-pmgx=0--mv"

解得：

2

V

X=——

4g

滑行距離與質量無關，故若〃甲二〃乙，無論例、取何值，總是S=0,故B正確;

CD.兩物體在粗糙斜面上的加速度：

a=Ng

則從8點運動到停止的時間:

vv

t=—=—

a

若〃甲<〃乙?則有：

而>壇

因乙離5點較遠，故可能有:

￡=t2

故C正確，D錯誤；

故選BC.

9、AD

【解析】

由圖象結合小球的運動過程為:先自由落體運動，當與彈簧相接觸后，再做加速度減小的加速運動，然后做加速度增大

的減速運動，直到小球速度為零。

A.當時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由于系統機械能守恒，所以重力勢能與彈

性勢能之和最小，A正確；

B.在最低點小球速度為零，從剛釋放小球到小球運動到最低點，小球動能變化量為零，重力做的功和彈力做的功的

絕對值相等，即到最低點圖中實線與X軸圍成的面積應該與mg那條虛線與x軸圍成的面積相同，所以最低點應該在

A+2xo小球的后邊，B錯誤；

C.由B知道最低點位置大于X=/?+2A。，所以彈力大于2〃吆，C錯誤;

D.當下"+xo時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由動能定理可得

%+叱、=mg(h+/)—?g/=mgh+-,

故D正確。

10>BC

【解析】

A.若第一階段勻速，則

B:I3V

，ng=R~

沖入第二磁場以后

B；Lv

mg>———

R

則金屬棒會做加速度逐漸減小的加速運動，所以選項A錯誤;

B.若剛進入第一磁場時速度過大，則由

mg)

則金屬棒做加速度逐漸減小的減速運動，直到勻速；沖入第二磁場以后會加速，做加速度逐漸減小的變加速運動

B；l3vx

性質為加速，所以選項B正確；

CD.若剛進入第一磁場時速度過小，則由

q=一(叫

mR

則金屬棒做加速度逐漸減小的加速運動，直到勻速；沖入第二磁場以后會加速，做加速度逐漸減小的變加速運動

B；l3v

a、=-(mgx

m

性質為加速，所以選項C正確，D錯誤;

故選BC.

三、實驗題:本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

4一-°&4

q。\-k\-k

【解析】

（i）由實物圖可知電路的連接方式，得出的實物圖如圖所示:

(2)由圖可知，V2測量R。與R兩端的電壓，5測量R兩端的電壓，則R。兩端的電壓Uzo-Uio；由歐姆定律可知:

—.20—410二.20-010

RoU[0U]。Rm；

(/,-U...ER。f'rrri

(3)由閉合電路歐姆定律可知：E=Uz+2-變形得：^2=—^-+--結合圖象有：--=k,

R。&+-Ro+『

普二二〃，解得;七=匕"=魯。

?()+〃1一攵1-A：

12、200400110

【解析】

(1)[11[21.由理想變壓器的電壓與匝數關系

U?“2

可知次級線圈的匝數為

〃，=^-=-n=—x100=20匝

“U60

初級線固的匝數

n.=紋=工xl00=40匝

1U30

(2)[3J.因交流電壓表的示數為電壓有效值該變壓器初級、次級線圈的匝數比為2：1,由

U2n2

可知與次級線圈左右兩端接線柱直接相連的理想交流電壓表的示數為uov.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)2；(2)0.015s

【解析】

(1)粒子在磁場內做圓周運動，根據牛頓第二定律則有

v

qvB[=m——

v2

q\，B、=m——

Z2

則兩半徑之比

4=2

⑵粒子在磁場內做圓周運動的軌跡如圖，粒子交替在為與生磁場內做圓周運動，圖示情景為最短時間

丁2乃川

27rm

4=

由幾何關系知，帶電粒子在兩磁場中運動時間分別為

2

公2

則總時間為

t=tI.+t-X=0.015s

14、(1)I50N(2)1.5xll6VV

【解析】

本題考查物體在自由下落和減速下降過程中的受力和功率問題，需運用運動學公式、牛頓運動定律、功率等知識求解.

【詳解】

(1)當座艙距地面加=61m時，書包處于完全失重狀態.故書包對該同學的壓力尸產1.

座艙自由下落高度為〃?〃=(75?31)m=45m時，座艙開始制動，設此時的速度為也由運動學公式得/=2g(〃-")

座艙制動過程做勻減速直線運動，設其加速度大小為。，則有聲=23？

聯解得：a=15m/s2,方向豎直向上.

設此過程中書包受到腿的支持力為尸2,根據牛頓第二定律，對書包有乙

代入數據可得g=150N

根據牛頓第三定