學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精2017～2018學年第一學期11月考試高三物理試題一、選擇題(本大題共10小題，每小題4分，共40分,其中1—6在每小題給出的四個選項中,只有一個選項是正確的;第7-10題在每小題給出的四個選項中,有多個選項符合題目要求,全部選對的得4分,選對但不全的得2分，有選錯的得0分）⒈下列說法正確的是（)A．盧瑟福α粒子散射實驗表明原子存在中子B．外界溫度越高，放射性元素的半衰期越短C．核聚變反應方程eq\o\al(2，1）H＋eq\o\al(3,1）H→eq\o\al(4，2）He＋A中，A表示質子D．eq\o\al（238,92）U原子核衰變為一個eq\o\al（206,82）Pb原子核的過程中,發生6次β衰變2.如圖所示，小球C置于光滑的半球形凹槽B內，B放在長木板A上,整個裝置處于靜止狀態．現緩慢減小木板的傾角θ過程中，下列說法正確的是（)A．A受到的壓力逐漸變大 B．A受到的摩擦力逐漸變大C．C對B的壓力逐漸變大 D．C受到三個力的作用3.由離地足夠高的相同高度處，使甲球與乙球同時自靜止狀態開始落下,兩球在抵達地面前，除重力外,只受到來自空氣阻力F的作用,且阻力與球的下落速度v成正比，即F=﹣kv（k＞0)，且兩球的比例常數k完全相同，如圖所示為兩球的速度﹣時間關系圖，若甲球與乙球的質量分別為m1與m2，則下列敘述正確的是（）A．m2＜m1，且乙球先抵達地面B．m2＜m1,且甲球先抵達地面C．m2＞m1,且乙球先抵達地面D．m2＞m1，且甲球先抵達地面4。如圖所示，兩個帶有正電的等量同種點電荷，其連線和連線中垂線的交點為b，a、c為中垂線上的兩點，一個帶正電的粒子從圖中a點沿直線移動到c點，則（）A．粒子所受電場力一直不變 B．電場力對粒子始終不做功C．a、b、c三點中，b點場強最大 D．a、b、c三點中，b點電勢最高5.如圖所示,將一質量為m的小球從空中O點以速度v0水平拋出，飛行一段時間后，小球經過P點時動能Ek=5mv02，不計空氣阻力，則小球從O到P(）A．下落的高度為B．速度增量為3v0，方向斜向下C．運動方向改變的角度滿足tanθ=D．經過的時間為6。在如圖所示的電路中,當滑動變阻器R3的滑動觸頭P向下滑動時（）A．電壓表示數變大，電流表示數變小B．電壓表示數變小，電流表示數變大C．電壓表示數變大，電流表示數變大D．電壓表示數變小,電流表示數變小7.2017年4月,我國成功發射了“天舟一號"貨運飛船，它的使命是給在軌運行的“天宮二號”空間站運送物資，已知“天宮二號”空間站在低于同步衛星的軌道上繞地球做勻速圓周運動，經過時間t(t小于其運行周期T）運動的弧長為s,對應的圓心角為β弧度，萬有引力常亮為G，下面說法正確的是（）A．“天宮二號”空間站的線速度大于地球的第一宇宙速度B．“天宮二號”空間站的向心加速度小于地球同步衛星的向心加速度C．“天宮二號”空間站的環繞周期T＝eq\f(2πt，β)D．地球質量M＝eq\f(s3,Gβt2)8。伽利略在研究自由落體運動的過程中,曾提出兩種假設：①速度v與下落的高度h成正比；②速度v與下落的時間t成正比，分別對應于甲圖和乙圖，對于甲、乙兩圖作出的判斷中正確的是（）A．圖甲中加速度不斷增加B．圖乙中加速度不斷增加C．圖甲0～h內運動的時間是D．圖乙中0～t內運動的位移是t⒐如圖（a)所示，水平放置的平行金屬板AB間的距離d=0.1m，板長L=0.3m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間,距金屬板右端x=0。5m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現在AB板間加如圖（b)所示的方波形電壓,已知U0=1.0×102V,在擋板的左側，有大量帶正電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續射向擋板,粒子的質量m=1。0×10﹣7kg，電荷量q=1。0×10﹣2C，速度大小均為v0=1。0×A．粒子從進入電場到打中熒光屏所經歷的時間8×10﹣5sB．在t=0時刻進入的粒子飛出電場時垂直于極板方向的位移為2.5×10﹣2C．t=0時刻進入的粒子飛出電場時速度與水平方向夾角的正切值為D．由正極板邊緣、且從t=1×10﹣5s時刻進入電場的粒子打到熒光屏上的位置距O點的距離0.010．將一傾角為的光滑斜面體固定在地面上，在斜面的底端固定一輕彈簧,彈簧原長時上端位于斜面處的B點。現將一質量為的可視為質點的滑塊由彈簧的上方的A點靜止釋放，最終將彈簧壓縮到最短C點。已知滑塊從釋放到將彈簧壓縮到最短的過程中，滑塊的速度時間圖像如右圖，其中0~0.4s內的圖線為直線，其余部分均為曲線,且,g=10m/s2。則下列正確的選項是(）A．B．滑塊在壓縮彈簧的過程中機械能減小C．彈簧儲存的最大彈性勢能為16JD．滑塊從C點返回到A點的過程中，滑塊的機械能一直增大II卷（非選擇題共70分)二、實驗題(本題共2小題，共15分）11。(6分)用如圖所示的實驗裝置可以測量物塊與水平桌面之間動摩擦因數，已知鉤碼質量為m，滑塊質量是鉤碼質量的n倍，重力加速度為g．①用游標卡尺測量遮光片的寬度d.用米尺測量出滑塊起始位置到光電門之間的距離s。(鉤碼不會觸擊到地面）②調整輕滑輪,使細線水平．釋放物塊，記錄數字毫秒計測出的遮光片經過光電門時間Δt.③改變物塊與光電門之間的距離s，重復多次,得到多組數據.④根據上述實驗數據求出動摩擦因數μ。回答下面的問題：⑴物塊經過光電門時的速度v＝________。物塊的加速度a________.⑵如果采用圖像法處理數據，以起始位置到光電門之間的距離s為橫坐標,選用為縱坐標,才能得到一條直線．ss⑶如果這條直線的斜率斜率為k,由圖像可知,物體與水平桌面間的動摩擦因數為μ＝12．（9分）實驗室中要測量一只電壓表的內電阻，供選擇的儀器如下:①待測電壓表V（量程0～1.5V,內阻約為500Ω左右)；②電流表A(量程0~10mA）;③定值電阻R（250Ω);④滑動變阻器R1(0～20Ω）；⑤滑動變阻器R2（0~1000Ω);⑥干電池（1。5V)；⑦開關S及導線若干．⑴為了方便電壓的方便調節，滑動變阻器接成分壓式接法，滑動變阻器應選________．（在空格內填寫序號）⑵要利用所給器材較準確測量電壓表的電阻，請在虛線框中畫出完整的電路圖.⑶把實物連線圖補充完整．⑷測量電壓表、電流表多組讀數V、I,然后以V為縱坐標，I為橫坐標，作出相應圖線，如圖所示．若測得圖線的斜率為k，待測壓表內阻的表達式為．三,計算題（本題共4小題,共45分解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）13．（10分）如圖所示，半徑為R、圓心為O的大圓環固定在豎直平面內，兩個輕質小圓環固定在大圓環上豎直對稱軸的兩側θ=45°的位置上，一根輕質長繩穿過兩個小圓環,它的兩端都系上質量為m的重物，小圓環的大小、繩子與大、小圓環間的摩擦均可忽略．當在兩個小圓環間繩子的中點C處，掛上一個質量M的重物，M恰好在圓心處處于平衡．(重力加速度為g)求：（1）M與m質量之比．（2）再將重物M托到繩子的水平中點C處，然后無初速釋放重物M,則重物M到達圓心處的速度是多大?30014。(11分)如圖斜面傾角為300，一輛汽車從靜止開始時以1m/s2的加速度沿斜面爬坡，已知汽車質量為1.0×103kg，額定輸出功率為5.6×104W,摩擦阻力為車重的0。2倍，g取10m/s300(1)汽車做勻加速運動的時間；（2)汽車所能達到的最大速率；PMNba15.(12分）如圖所示,水平軌道與半徑為R的半圓形光滑豎直軌道相連，固定在地面上。可視為質點的滑塊a和小球b緊靠在一起靜止于半圓圓心的正下方N點，滑塊a和小球b中間放有少許火藥，某時刻點燃火藥，滑塊a和小球b瞬間分離,小球b恰好能通過半圓軌道的最高點P點，然后做平拋運動落到水平軌道MN上。已知a和b質量分別為2m、m，滑塊a與水平軌道MN之間的動摩擦因數為PMNba（1）滑塊a和小球b剛分離時b的速度大小；（2）小球b的落地點與滑塊a最終停下處之間的距離.

16。(12分）如圖所示,左側平行板電容器內有電場強度為E的勻強電場,電容器右側虛線區域內有垂直于紙面的勻強磁場,電容器極板長度等于勻強磁場區域的寬度。直線是平行板電容器的中心線,一束速度為v0的帶電粒子沿著直線射入電場，經電場偏轉后進入磁場，經磁場偏轉后離開磁場.（1)如果粒子離開磁場時的的速度方向與直線平行，求這種情況下磁感應強度B1的大小（2）如果粒子經磁場偏轉后又回到O點，求這種情況下磁感應強度B2的大小

高三物理11月考試答案1.D2。A3。C．4。D5。D．6.A．7.CD8。AD．9.AC10。ABC11.【答案】eq\f(d,Δt）（1分）eq\f（1,2s)eq\b\lc\（\rc\）（\a\vs4\al\co1（\f(d,Δt）））2(1分）（2）eq\f(1,Δt2)(2分）（3）eq\f(kd2，2g)－eq\f(1，n）（2分）【解析】⑴經過光電門時的瞬時速度大小為v＝eq\f(d，Δt)，由v2＝2as解得a＝eq\f（1，2s)eq\b\lc\（\rc\)（\a\vs4\al\co1（\f(d,Δt))）2.⑵（3)對物塊由牛頓第二定律可得mg－μMg＝Ma,由運動學規律可得2as＝eq\b\lc\（\rc\）(\a\vs4\al\co1（\f（d，Δt)））2，由以上兩式可得eq\f（1,Δt2）＝eq\f(2mg－2μMg，Md2)·s，可知圖象的斜率為k＝eq\f(2mg－2μMg，Md2）,由此可得μ＝eq\f(kd2，2g)－eq\f（1，n)12.【解析】⑴滑動變阻器采用分壓接法時，應選用阻值適當小一些的，滑動變阻器選R1.⑵需要電壓表與定值并聯，才能跟電流表的量程相適應,所以完整的電路如圖所示⑶實物連線如圖所示，連線時要注意電表的正負接線柱不能接反．（3）根據串、并聯電路規律可知：I＝eq\f（V，R)＋eq\f（V，RV)，圖線斜率k＝eq\f（V，I），所以RV＝eq\f（kR,k－R)【答案】（1)R1（2分）（2)見解析圖(2分）(3）見解析圖(2分)⑷eq\f(kR，k－R）（3分）13。解：（1）以M為研究對象，受力分析:Mg=2mgcos45°M:m=：1(2)M與2個m組成的系統機械能守恒：MgRsinθ﹣2mg(R﹣Rcosθ）=MV12+mV22V2=V1cosθV1=答：（1)：1．（2）(）14。【解析】（1)由牛頓第二定律得F－mgsin30°－0。2mg＝ma設勻加速過程的末速度為v，則有P＝Fvv＝at1解得t1＝7s。（2)當達到最大速度vm時，a＝0，則有P＝（mgsin30°＋0。2mg）vm。解得vm＝8m/s。【答案】(1）7s（2）8m/s15。【解析】（1)物體b在豎直平面內做圓周運動，在P點時重力提供向心力，有解得兩物體分離后物塊b沿圓軌道向上運動,由動能定理有解得（2）a與b分離瞬間在水平方向上動量守恒，由動量守恒定律有解得滑塊a向左運動的加速度滑塊a向左運動的最大距離小球b做平拋運動，豎直方向有水平方向解得【答案】⑴