四川省成都市九校2024屆高考臨考沖刺物理試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將木試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，長/的輕桿兩端固定兩個質量相等的小球甲和乙，初始時它們直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小擾

動，系統從圖示位置開始傾倒。當小球甲剛要落地時，其速度大小為（）

O

H甲

N

H

U

H

乙A

叩|

B.c-sTzzD.0

2、如圖甲所示的“襄陽硝”是古代軍隊攻打城池的裝置，其實質就是一種大型拋石機，圖乙是其工作原理的簡化圖。將

質量/"=10kg的石塊，裝在與轉軸O用距八5m的長臂末端口袋中，最初靜止時長臂與水平面的夾角a=30。，發

射時對短臂施力使長臂轉到豎直位置時立即停止運動，石塊靠慣性被水平拋出，落在水平地面上。若石塊落地位置與

拋出位置間的水平距離$=20m,不計空氣阻力，取g=10m/s2。以下判斷正確的是

A.石塊拋出后運動時間為且S

2

B.石塊被拋出瞬間的速度大小,血"2/S

C.石塊即將落地時重力的瞬時功率為500祈卬

D.石塊落地的瞬時速度大小為15m/s

3、沿同一直線運動的A、B兩物體運動的v?t圖象如圖所示，由圖象可知

A.A、B兩物體運動方向始終相同

B.A、B兩物體的加速度在前4s內大小相等、方向相反

C.A、B兩物體在前4s內不可能相遇

D.A、B兩物體若在6s時相遇，則時開始時二者相距30m

4、一同學研究箱子的運動，讓一質量為=1kg的箱子在水平恒力產的推動下沿光滑水平面做直線運動，箱子運動

X

的一-，圖線如圖所示，/是從某時刻開始計時箱子運動的時間，X為箱子在時間/內的位移，由此可知（）

/

A.箱子受到的恒力大小為b=0.5N

B.0~10s內箱子的動量變化量為5kgm/s

C.5s時箱子的速度大小為5.5m/s

D.0?5s內箱子的位移為27.5m

5、甲、乙兩車某時刻由同一地點、沿同一方向開始做直線運動。甲、乙兩車的位置x隨時間t的變化如圖所示，則（）

A.0時刻，甲車速度比乙車小

B.8時刻，甲乙兩車速度相等

C.0W時間內，甲車的平均速度比乙車大

D.0T2時間內，甲車通過的距離大

6、在如圖甲所示的電路中，埋想變壓器原、副線曲的匝數比為10:1,副線圈接有阻值為10。的定值電阻兄原線圈

接有如佞乙所示的正弦交變電壓。下列分析正確的是

A.變壓器原線圈通過的電流為10匹A

B.變壓器副線圈通過的電流為&A

C.電阻R兩端的電壓為10V

D.電阻K消耗的功率為40W

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、在如圖所示裝置中，輕桿一端固定著一個輕質定滑輪兒，小用輕桿連接著另一輕質滑輪c,輕繩一端固定于〃點，

跨過滑輪。和心另一端固定在〃[2上，已知懸點。和滑輪力間的距離遠大于滑輪的直徑，動滑輪質量和一切摩擦不計,

整個裝置穩定時輕繩"部分與豎直方向夾角為處左部分與豎直方向的夾角為外下列說法正確的是（）

A.整個裝置穩定時，々角一定等于少角

B.若僅把輕桿豎直向上緩慢移動一小段距離，如高度上升

C.若僅把輕桿水平向右緩慢移動一小段距離，用高度上升

D.存在某一方向，往該方向緩慢移動輕滑輪力時，如的位置保持不變

8、以下說法正確的是（）

A.某物質的密度為"，其分子的體積為匕，分子的質量為機，則夕=方

B.在油膜法粗測分子直徑的實驗中，把油分子看成球形，是物理學中的一個理想化模型，因為分子并不真的是球形

C.在裝滿水的玻璃杯內，可以不斷地輕輕投放一定數量的大頭針，水也不會流出，這是由于大頭針填充了水分子間

的空隙

電流表（A2）0~3A,內阻約0.025C

滑動變阻器（%）總阻值約20Q

滑動變阻器（R2）總阻值約iooon

待測干電池電動勢約為1.5V

開關（S）

導線若干

ErS

圖1

實驗中電流表應選用;電壓表應選用;滑動變阻器應選用一（填器材代號）。

（2）完成圖2中實物間的連線

圖2

⑶甲同學在實驗中記錄了6組數據如下表所示，其中5組數據的對應點已經標在坐標紙上，請標出余下一組數據對應

的坐標點，并畫出〃?/圖線

序號123456

電壓U

1.451.401.301.251.201.10

(V)

電流/

0.060.120.240.260.360.48

(A)

根據所面圖線，可得出干電池的電動勢Vo

（4）甲同學認為若不考慮電壓表和電流表內阻對實驗的影響，則電壓表的讀數U與對應的電流表的讀數/的比值與就

等于丁電池的內阻；乙同學認為電壓表的讀數變化量與相對應的電流表的讀數變化量A7的比值的絕對值:才

A/

等于電源的內阻。請判斷哪位同學的觀點是正確的，并說明你的判斷依據O

12.（12分）精密測量工具的原理及讀數

（I）甲同學用游標卡尺測量某物體的厚度，如圖所示，則該物體厚度測量值為一cm；

⑵乙同學用螺旋測微器測量鉛筆芯的直徑D如圖所示，讀數D=mm。

一

三

一-2o

三

一-

1三

一1O

一

O二

三

一

四、計算題：本題共2小題，共26分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）質量相等的小球A與B之間壓縮一輕質彈簧，球的大小和彈簧的長度均可忽略不計。從地面上以速度%豎

直向上拋出該裝置，裝置到達最高點瞬間彈簧自動彈開，彈開兩小球的時間極短，小球與彈簧脫離（不計空氣阻力，

重力加速度為8）。已知第一次彈簧水平彈開，兩小球落地點間距為L,第二次彈簧豎直彈開。求第二次兩小球落地

的時間差。

14.（16分）如圖所示是個游樂場地，半徑為R=1.8m的光滑四分之一圓弧軌道OP與長度為=13m的水平傳送帶

尸Q平滑連接，傳送帶沿順時針方向勻速運動，速度大小為4nVs,傳送帶Q端靠近傾角為30。的足夠長斜面的底端,

二者間通過一小段光滑圓弧（圖中未畫出）平滑連接，滑板與傳送帶和斜面間相對運動時的阻力分別為正壓力的，和

正。某少年踩著滑板。從。點沿圓弧軌道由靜止滑下，到達尸點時立即向前跳出。該少年離開滑板。后，滑板。以

12

3m/s的速度返回，少年落到前方傳送昔上隨傳送帶一起勻速運動的相同滑板。上，然后一起向前運動，此時滑板匕與

P點的距離為3m。已知少年的質量是滑板質量的9倍，不計滑板的長度以及人和滑板間的作用時間，重力加速度

g=1Oni/s2,求：

（1）少年跳離滑板A時的速度大??；

⑵少年與滑板b到達傳送帶最右側。端的速度大??；

⑶少年落到滑板〃上后至第一次到達斜面最高點所用的時間（結果保留兩位小數）。

15.（12分）兩平行金屬導軌水平放置，導軌間距d=0.8m。一質量m=0.2依的金屬棒?！ù怪庇趯к夓o止放在緊

貼電阻尺處，電阻A=0.1。，其他電阻不計。矩形區域MN0P內存在有界勻強磁場，磁場的磁感應強度大小

3=0.25T,MN=PQ=x=0.85m金屬棒與兩導軌間的動摩擦因數均為〃=0.4,電阻R與邊界"尸的距離

5=0.36mo某時刻金屬棒,力在一水平外力作用下由靜止開始向右勻加速穿過磁場，其加速度大小a=2m/s2,g取

IOm/s2。

⑴求金屬棒ab穿過磁場的過程中平均電流的大?。?/p>

⑵若自金屬棒。〃進入磁場開始計時，求金屬棒次?在磁場中運動的時間內，外力/隨時間/變化的關系。

⑶求金屬棒。力穿過磁場的過程中所受安培力的沖量的大小/次。

參考答案

一、單項選擇題：木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

甲、乙組成的系統水平方向動量守恒，以向右為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：

□OM-DOZ=O

當小球甲剛要落地時.水平方向卜的速度為零.所以乙球的速度也為零.乙球的動能為零.甲球的重力勢能全部轉化

為甲球的動能，由機械能守恒定律得：

二口口口□口

解得：

二,二w口匚

A.F與計算結果不符，故A不符合題意。

2

B.、==與計算結果不符，故B不符合題意。

C.'—與計算結果相符，故C符合題意。

D.0與計算結果不符，故D不符合題意。

2、C

【解析】

2

A、石塊被拋出后做平拋運動：h=L+Lsinaf豎直方向：h=-gtf可得：』在s,故A錯誤;

22

B、石塊被拋出后做平拋運動，水平方向：s=%6可得：即=型回血/“故B錯誤；

3

C、石塊即將落地時重力的瞬時功率為：P=mgVy=50。RW,故C正確;

D、石塊落地的瞬時速度大小為：咤J片+(g/)2=詈m/s,故D錯誤。

3、D

【解析】

A物體先向負方向做減速運動，然后在向正方向做加速運動；B物體一直向正方向加速，故選項A錯誤；直線的斜率

等于加速度，則4、"兩物體的加速度在前4s內大小相等方向相同，選項B錯誤；前4s內兩物體運動方向相反，因

不知起始位置，則A、8兩物體在前4s內可能相遇，選項C錯誤；A、B兩物體若在6s時相遇，則計時開始時二者相

距"。x?S-底一?15130小選項D正確；故選D.

732

點睛：能從圖象中獲取盡量多的信息是解決圖象問題的關鍵，在同一個坐標系中要正確比較各個圖象表示的運動情況,

明確圖象斜率的含義，最好能把圖象和實際運動想結合起來.

4、D

【解析】

A.將勻變速直線運動位移公式

12

工=卬+”“

兩邊同除以，可得

：X=%+1/

X

對比二T圖線可知，箱子的初速度

t

%=3m/s

圖線斜率為

—a=O.5m/s2

2

箱子運動的加速度

a=lm/s2

由牛頓第二定律，恒力

F=ma=1N

故A錯誤；

B.箱子的初動量為

〃（）="?%=3kg?m/s

10s時箱子的速度大小

v=v04-=13m/s

0?10s內箱子的動量變化量

△p=mv-=10kg?m/s

故B錯誤;

C.5s時箱子的速度大小為

%=%+at2=8m/s

故C錯誤;

D.0~5s內箱子的位移為

1,1

x=vor2十—at；=3x5m+—x1x5~m=27.5m

故D正確。

故選Do

5、C

【解析】

AB.因I”圖像的斜率等于速度，可知0時刻，甲車速度比乙車大，b時刻，甲乙兩車速度不相等，選項AB錯誤;

C.0F時間內，甲車的位移大于乙，可知甲車的平均速度比乙車大，選項C正確;

D.0T2時間內，兩車通過的距離相等，選項D錯誤。

故選C。

6、B

【解析】

由原線固接的正弦交變電壓的u-t圖像可讀出最大值為/人…=200V,可得輸入電壓的有效值為:

4=與\100&V,

v2

由理想變壓器的電壓比等于匝數比，有:

4=5

U2n21

可得副線圈的兩端的電壓為:

U,=L=IO6

IO

AB.對副線圈的電路由歐姆定律可得副線圈的電流為：

三二謔人二任

2R10

結合電流比等于匝數的反比，可得原線圈流過的電流為：

[="],=立A

12

n]1()

故A項錯誤，B項正確；

C.電阻R并聯在副線圈兩端，則電壓即為副線圈兩端的電壓為10JIv，故C錯誤;

D.電阻R消耗的功率為：

〃二也二鏟20\￥，

故D項錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABD

【解析】

A.對〃乃分析可知，〃〃受拉力及本身的重力平衡，故繩子的拉力等于m2g,對于滑輪c分析，由于滑輪跨在繩子上，

故兩端繩子的拉力相等，它們的合力一定在角平分線上；由于它們的合力與叫的重力大小相等，方向相反，故合力豎

直向上，故兩邊的繩子與豎直方向的夾角a和/?相等，故A正確；

BC.整個裝置穩定時，a角一定等于4角，且繩子拉力等于〃”g,則ac與加細線與豎直方向的夾角相等，設為0,

"水平距離不變，結合幾何關系，有

"二4csin9+4*sin"

得

,rd

4c+4,、=-

sm0

若僅把輕桿豎直向上緩慢移動一小段距離，細線的拉力等于機密不變，細線的合力也不變，則。不變，由于d和。都

不變，故人,+4,、不變，貝。小高度上升，同理，若僅把輕桿水平向右緩慢移動一小段距離，面水平距離變大，則

d

4r+r4=丁工

sin夕

細線的拉力等于〃”g不變，細線的合力也不變，則d不變，d變大,則4c+%變大，所以如高度下降，故B正確，

c錯誤；

D.由于細線加小和加部分拉力大小相等，兩段細線的合力方向為紙線歷〃2和加部分的角平分線，如果沿角平分線

移動輕滑輪b時，細線各部分的拉力大小和方向均不變，則皿的位置保持不變，故D正確。

故選ABDo

8、BDE

【解析】

A.物質密度是宏觀的質量與體積的比值，而分子體積、分子質量是微觀量，A選項錯誤；

B.實際上，分子有著復雜的結構和形狀，并不是理想的球形，B選項正確；

C.在裝滿水的玻璃杯內，可以輕輕投放一定數量的大頭針，而水不會流出是由于表面張力的作用，C選項錯誤；

D.物理學中的分子是指分子、原子、離子等的統稱，D選項正確；

E.玻璃管裂口放在火焰上燒熔后，成了液態，由于表面張力使得它的尖端變圓，E項正確。

故選BDEo

9^BD

【解析】

A.由圖可知，導體棒MN電流方向有M指向N,由左手定則可得，安培力方向平行于線框平面，且垂直于導體棒

MN,故A錯誤；

B.MLN邊的有效長度與MN相同，等效后的電流方向也與MN相同，由左手定則可知，邊MLN的電阻等于邊MN

的電阻的兩倍，兩者為并聯關系，根據歐姆定律可知，導體棒MN中的電流是導體棒MLN中電流的2倍，故B正確;

CD.中的電流大小為/,則MLN中的電流為設MN的長為L,由題意知

2

F=BIL

所以邊MLN所受安培力為

F=B'L=LF

22

方向與MN邊所受安培力的方向相同，故有

故C錯誤，D正確。

故選BD,

10、AD

【解析】

逆,火星的公轉軌道半徑大，加速度小,

A.地球和火星繞太陽轉動，萬有引力提供向心力，ma=,得4=

r廠

故A錯誤;

B.根據公式可知火星的運行速度比地球小，故B錯誤;

CD、地球公轉周期為1年，而火星的周期大于1年，每個沖日周期內，地球比火星多轉一圈，所以不是每年出現火星

沖日現象，故C錯誤；

D.根據開普勒第三定律《瓜

=k,火星公轉軌道半徑為地球的1.5倍，所以地球與火星的公轉周期之比為故

V27

D正確.

故選D.

點睛：根據萬有引力提供向心力，分析地球和火星加速度、線速度之間的關系；根據地球公轉周期為1年，每個沖日

周期內，地球比火星多轉一圈，所以不是每年出現火星沖日現象，根據開普勒定律分析火星周期與地球周期的關系.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、ViAiRx

UN

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Ssa

:XI/A

1.00

o0.100.200.300.400.500.60

【解析】

干電池的電動勢約為1.5V,所以電壓表選用0-3V量程的，故選V：

⑵干電池所在電路電流非常小，所以選用的電流表應為0~0.6A量程的，故選Ai；

網滑動變阻器阻值過大，會造成電路中電流變化不明顯，不利于數據的采集，所以選用滑動變阻器與。

（2）［4］滑動變阻器采用的限流接法，電流表采用內接法，故實物圖連接如圖所示。

圖像如圖所示:

1.60

iEHUCIXCI9!BIISHSUIISHSSISUI9RI9H

---------------------------------------------------------m~~~~

1.50!II,fffiil

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1.20Hfl

：H：aa?ikTO&SHanKiisB

1.10

1.00

0.200.30

網圖線與坐標軸的縱截距表示電源電動勢，故石=1.49V。

（4）［7］乙同學說法正確。根據閉合電路歐姆定律。=長一"，在電路變化過程中，U與1的變化趨勢是相反的（即一個變

大，另一個就變?。?，因此U與/的比值系是不斷變化的，不可能等于內阻。而在電路變化過程中，電動勢E不變，

任意取兩個狀態，

-

U\=E-I\rfU尸E—hr,△U=Ui—S,A/=/i

可以得出

△U

由于兩個狀態是任意取的，因此乙同學說法正確。

12、0.2252.150(2.150±0.002)

【解析】

根據游標卡尺的讀數方法可知其讀數為

d=2mm+5x0.05mm=2.25mm=0.225cm

⑵[2]根據螺旋測微器的讀數方法可知其讀數為

D=2mm+15.0x0.01mm=2.150mm

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

L

13、—

%

【解析】

小球豎直上拋到達最高點，由運動學公式：

J

2g

g

彈簧瞬間自動彈開后小球4,8的速度分別為1、4,由動量守恒：

〃?陽=in.u2

第一次彈簧水平彈開，兩小球均做平拋運動，

玉=O\tx2=v2t

xi+x2=L

第二次彈簧豎直彈開，小球A在下以速度q下落

,12

11=卬1+3時

小球3在上以度4上升

,1,

力=_卬2+”2

兩小球落地的時間差

加乜-彳

聯立解得：

14、(1)以=7m/s；(2)V/；=4nVs;(3)/=2.68s

【解析】

⑴少年與滑板。從。點沿圓弧下滑到P點的過程中機械能守恒，設少年的質量為M,滑板的質量為〃?