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山東省濟(jì)南二中2025屆高考考前模擬物理試題請(qǐng)考生注意:1.請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上,請(qǐng)用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2.答題前,認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》,按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說(shuō)法中正確的是()A.布朗運(yùn)動(dòng)是指液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.物體對(duì)外做功,其內(nèi)能一定減小C.兩分子間距離減小,分子間的引力和斥力都增大D.用打氣筒往自行車輪胎內(nèi)打氣時(shí)需要用力,說(shuō)明氣體分子間存在斥力2、某實(shí)驗(yàn)小組模擬遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示,A、B為理想變壓器,R為輸電線路的電阻,燈泡L1、L2規(guī)格相同,保持變壓器A的輸入電壓不變,開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí),燈泡L1正常發(fā)光,則()A.僅將滑片P上移,A的輸入功率不變 B.僅將滑片P上移,L1變暗C.僅閉合S,L1、L2均正常發(fā)光 D.僅閉合S,A的輸入功率不變3、如圖所示,真空中孤立導(dǎo)體球均勻帶電,電荷量為+Q。試探電荷從P點(diǎn)由靜止釋放,只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)到無(wú)限遠(yuǎn)處,電場(chǎng)力做功為W,若導(dǎo)體球電荷量變?yōu)?2Q,則該試探電荷從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至無(wú)限遠(yuǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功為()A.2W B.4W C.W D.W4、2019年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)授予了三位天文學(xué)家,以表彰他們對(duì)于人類對(duì)宇宙演化方面的了解所作的貢獻(xiàn)。其中兩位學(xué)者的貢獻(xiàn)是首次發(fā)現(xiàn)地外行星,其主要原理是恒星和其行星在引力作用下構(gòu)成一個(gè)“雙星系統(tǒng)”,恒星在周期性運(yùn)動(dòng)時(shí),可通過(guò)觀察其光譜的周期性變化知道其運(yùn)動(dòng)周期,從而證實(shí)其附近存在行星。若觀測(cè)到的某恒星運(yùn)動(dòng)周期為T,并測(cè)得該恒星與行星的距離為L(zhǎng),已知萬(wàn)有引力常量為G,則由這些物理量可以求得()A.行星的質(zhì)量 B.恒星的質(zhì)量C.恒星與行星的質(zhì)量之和 D.恒星與行星圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比5、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播,某時(shí)刻的波形如圖所示。在波繼續(xù)傳播一個(gè)波長(zhǎng)的時(shí)間內(nèi),下列圖中能正確描述x=2m處的質(zhì)點(diǎn)受到的回復(fù)力與其位移的關(guān)系的是()A. B.C. D.6、如圖所示,把一塊不帶電的鋅板接在驗(yàn)電器上,用紫外線燈照射鋅板,驗(yàn)電器的金屬箔片張開(kāi),則下列說(shuō)法中正確的是()A.紫外線的波長(zhǎng)比可見(jiàn)光長(zhǎng)B.驗(yàn)電器的金屬箔片帶正電C.從鋅板逸出電子的動(dòng)能都相等D.若改用紅外燈照射,驗(yàn)電器的金屬箔片一定張開(kāi)二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、一簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播,在t=時(shí)刻,該波的波形圖如圖(a)所示,P、Q是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)。圖(b)表示介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是A.質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像與圖(b)相同B.在t=0時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)P的速率比質(zhì)點(diǎn)Q的大C.在t=0時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)P的加速度的大小比質(zhì)點(diǎn)Q的大D.平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖(b)所示8、如圖所示為在“測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中得到的圖線。圖中為路端電壓,為干路電流,、為圖線上的兩點(diǎn),相應(yīng)狀態(tài)下電源的效率分別為、,電源的輸出功率分別為、,對(duì)應(yīng)的外電阻為、。已知該電源輸出功率的最大值為,電源內(nèi)電阻為,由圖可知A. B. C. D.9、如圖所示,粗糙的水平軌道BC的右端與半徑R=0.45m的光滑豎直圓軌道在C點(diǎn)相切,傾斜軌道AB與水平方向間的夾角為,質(zhì)量m=0.1kg的小球從傾斜軌道頂端A點(diǎn)由靜止滑下,小球經(jīng)過(guò)軌道銜接處時(shí)沒(méi)有能量損失。已知水平軌道BC的長(zhǎng)度L=2m,小球與傾斜軌道和水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.375,sin=0.6,cos=0.8,g取10m/s2,則下列說(shuō)法正確的是()A.若小球剛好運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),則小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為1.5mB.若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為2m,則第一次在圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)小球不離開(kāi)軌道C.若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為2.5m,則第一次在圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)小球不離開(kāi)軌道D.若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為3m,則第一次在圓軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)小球?qū)㈦x開(kāi)軌道10、有一定質(zhì)量的理想氣體,其壓強(qiáng)隨熱力學(xué)溫度的變化的圖象如圖所示,理想氣體經(jīng)歷了的循環(huán)過(guò)程。下列分析正確的是()A.過(guò)程中氣體吸收熱量B.四個(gè)狀態(tài)中,只有狀態(tài)時(shí)理想氣體分子的平均動(dòng)能最大C.過(guò)程氣體對(duì)外界做功,并從外界吸收熱量D.過(guò)程中氣體吸收熱量并對(duì)外做功E.四個(gè)狀態(tài)中,狀態(tài)時(shí)氣體的體積最小三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11.(6分)某興趣小組在實(shí)驗(yàn)室用圓錐擺演示儀來(lái)測(cè)定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取D甲是演示儀的簡(jiǎn)化示意圖,細(xì)線下面懸掛一個(gè)小鋼球(直徑忽略不計(jì)),細(xì)線上端固定在電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)盤上,利用電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)鋼球做圓錐擺運(yùn)動(dòng)。用轉(zhuǎn)速測(cè)定儀測(cè)定電動(dòng)機(jī)的轉(zhuǎn)速,調(diào)節(jié)刻度板的位置,使刻度板水平且恰好與小鋼球接觸,但無(wú)相互作用力,用豎直放置的刻度尺測(cè)定細(xì)線懸點(diǎn)到刻度板的豎直距離,不計(jì)懸點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸間的距離。(1)開(kāi)動(dòng)轉(zhuǎn)軸上的電動(dòng)機(jī),讓擺球轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)形成圓錐擺。調(diào)節(jié)轉(zhuǎn)速,當(dāng)越大時(shí),越__________(選填“大”或“小”)。(2)圖乙為某次實(shí)驗(yàn)中的測(cè)量結(jié)果,其示數(shù)為_(kāi)_________cm。(3)用直接測(cè)量的物理量的符號(hào)表示重力加速度,其表達(dá)式為_(kāi)_________。12.(12分)某同學(xué)改裝和校準(zhǔn)電壓表的電路如圖所示,圖中虛線框內(nèi)是電壓表的改裝電路所用電池的電動(dòng)勢(shì)為,內(nèi)阻為(均保持不變)。(1)已知表頭G滿偏電流為,表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻值為和是定值電阻,利用和表頭構(gòu)成量程為的電流表,然后再將其改裝為兩個(gè)量程的電壓表。若使用兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為;若使用兩個(gè)接線柱,電壓表的量程為。則定值電阻的阻值為_(kāi)________,_____,______。(2)用量程為,內(nèi)阻為的標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)改裝表?yè)醯牟煌潭冗M(jìn)行校準(zhǔn)。滑動(dòng)變阻器有兩種規(guī)格,最大阻值分別為和。為了方便實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電壓,圖中應(yīng)選用最大阻值為_(kāi)_____的滑動(dòng)變阻器。校準(zhǔn)時(shí),在閉合開(kāi)關(guān)前,滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)靠近端______(填“”或“”)。(3)在擋校對(duì)電路中,開(kāi)關(guān)全部閉合,在保證電路安全前提下讓滑片從端緩慢向端滑動(dòng)的過(guò)程中,表頭的示數(shù)_________,電源的輸出功率_______,電源的效率_______(填變化情況)。(4)若表頭上標(biāo)記的內(nèi)阻值不準(zhǔn),表頭內(nèi)阻的真實(shí)值小于,則改裝后電壓表的讀數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)__________(填“偏大”或“編小”)。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,相距L=0.5m的平行導(dǎo)軌MNS、PQT處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,水平導(dǎo)軌處的磁場(chǎng)方向豎直向上,光滑傾斜導(dǎo)軌處的磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面斜向下。質(zhì)量均為m=0.04kg、電阻均為R=0.1Ω的導(dǎo)體棒ab、cd均垂直放置于導(dǎo)軌上,并與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌電阻不計(jì)。質(zhì)量為M=0.20kg的物體C,用絕緣細(xì)線繞過(guò)光滑的定滑輪分別與導(dǎo)體棒ab、cd相連接。細(xì)線沿導(dǎo)軌中心線且在導(dǎo)軌平面內(nèi),細(xì)線及滑輪質(zhì)量不計(jì)。已知傾斜導(dǎo)軌與水平面的夾角=37°,水平導(dǎo)軌與ab棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.4。重力加速度g=10m/s2,水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng),導(dǎo)體棒cd運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終不離開(kāi)傾斜導(dǎo)軌。物體C由靜止釋放,當(dāng)它達(dá)到最大速度時(shí)下落高度h=1m,求這一運(yùn)動(dòng)過(guò)程中:(sin37°=0.6,cos37°=0.8)(1)物體C能達(dá)到的最大速度是多少?(2)由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能與電流產(chǎn)生的內(nèi)能各為多少?(3)若當(dāng)棒ab、cd達(dá)到最大速度的瞬間,連接導(dǎo)體棒ab、cd及物體C的絕緣細(xì)線突然同時(shí)斷裂,且ab棒也剛好進(jìn)入到水平導(dǎo)軌的更加粗糙部分(ab棒與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)變?yōu)?0.6)。若從絕緣細(xì)線斷裂到ab棒速度減小為零的過(guò)程中ab棒向右發(fā)生的位移x=0.11m,求這一過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間?14.(16分)如圖所示,MN和M′N′為兩豎直放置的平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌,兩導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)。在導(dǎo)軌的下部有垂直于導(dǎo)軌所在平面、方向向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。在導(dǎo)軌的MM′端連接電容為C、擊穿電壓為Ub、正對(duì)面積為S、極板間可認(rèn)為是真空、極板間距為d的平行板電容器。在t=0時(shí)無(wú)初速度地釋放金屬棒ef,金屬棒ef的長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻可忽略不計(jì).假設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng),磁場(chǎng)區(qū)域足夠大,金屬棒ef與導(dǎo)軌垂直并接觸良好,導(dǎo)軌和各接觸處的電阻不計(jì),電路的電感、空氣的阻力可忽略,已知重力加速度為g。(1)求電容器兩端的電壓達(dá)到擊穿電壓所用的時(shí)間;(2)金屬棒ef下落的過(guò)程中,速度逐漸變大,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變大,電容器極板上的電荷量逐漸增加,兩極板間存儲(chǔ)的電場(chǎng)能也逐漸增加。單位體積內(nèi)所包含的電場(chǎng)能稱為電場(chǎng)的能量密度。已知兩極板間為真空時(shí)平行板電容器的電容大小可表示為C=。試證明平行板電容器兩極板間的空間內(nèi)的電場(chǎng)能量密度ω與電場(chǎng)強(qiáng)度E的平方成正比,并求出比例系數(shù)(結(jié)果用ε0和數(shù)字的組合表示)。15.(12分)如圖甲是某型號(hào)無(wú)人機(jī)在水平地面沿直線加速滑行和離開(kāi)地面以固定仰角沿直線勻速爬升的示意圖,無(wú)人機(jī)在滑行和爬升兩個(gè)過(guò)程中:所受推力大小均為其重力的倍,方向與速度方向相同;所受升力大小與其速率的比值均為k1,方向與速度方向垂直;所受空氣阻力大小與其速率的比值均為k2,方向與速度方向相反。k1、k2未知;已知重力加速度為g,無(wú)人機(jī)質(zhì)量為m,勻速爬升時(shí)的速率為v0,仰角為θ,且sinθ=,cosθ=。(1)求k1,k2的值。(2)若無(wú)人機(jī)受到地面的阻力等于壓力的k3倍,無(wú)人機(jī)沿水平地面滑行時(shí)能做勻加速直線運(yùn)動(dòng),求k3的值。(3)若無(wú)人機(jī)在水平地面由靜止開(kāi)始沿直線滑行,其加速度a與滑行距離s的關(guān)系如圖乙所示,求s0~2s0過(guò)程與0~s0過(guò)程的時(shí)間之比。(無(wú)人機(jī)在s0~2s0這段滑行過(guò)程中的平均速度可用該過(guò)程始末速度的算術(shù)平均值替代)
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】
A.布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng),間接反映了液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B.改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞,只知道物體對(duì)外做功,而不知道熱傳遞的情況,無(wú)法確定其內(nèi)能變化,故B錯(cuò)誤;C.分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小,隨分子間距離的減小而增大,但總是斥力變化得較快,故C正確;D.用打氣筒往自行車輪胎內(nèi)打氣時(shí)需要用力,是因?yàn)闅怏w壓強(qiáng)增大的緣故,并不能說(shuō)明氣體分子間存在斥力,而且氣體分子間的分子力幾乎可以忽略不計(jì),故D錯(cuò)誤。故選C。2、B【解析】
AB.僅將滑片P上移,則升壓變壓器的副線圈匝數(shù)變小,所以輸出電壓變小,相應(yīng)的B變壓器的輸入電壓降低,輸出電壓也降低,所以L1兩端電壓變小。輸出功率變小,則A變壓器的輸入功率也變小,故A錯(cuò)誤,B正確;CD.僅閉合S,則B變壓器的負(fù)載電阻變小,輸出總電流變大,輸出功率變大,則升壓變壓器A的輸入功率也變大。相應(yīng)的輸電線上的電流變大,輸電線上損失的電壓變大,B變壓器的輸入電壓變小,輸出電壓也變小,即燈泡兩端的電壓變小,燈泡不能正常發(fā)光,故CD錯(cuò)誤。故選B。3、A【解析】
根據(jù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的電勢(shì)分布特點(diǎn)可知,當(dāng)導(dǎo)體球電荷量變?yōu)?2Q時(shí),除無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)仍為0外,其它點(diǎn)的電勢(shì)變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍,則P點(diǎn)與無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)差變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍,根據(jù)可知試探電荷仍從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至無(wú)限遠(yuǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功為故A正確,BCD錯(cuò)誤。故選A。4、C【解析】
恒星與行星組成雙星,設(shè)恒星的質(zhì)量為M,行星的質(zhì)量為m。以恒星為研究對(duì)象,行星對(duì)它的引力提供了向心力,假設(shè)恒星的軌道半徑為r1,動(dòng)力學(xué)方程為得到行星的質(zhì)量以行星為研究對(duì)象,恒星對(duì)它的引力提供了向心力,假設(shè)行星的軌道半徑為r2,動(dòng)力學(xué)方程為得到恒星的質(zhì)量則有故ABD錯(cuò)誤,C正確。故選C。5、A【解析】
簡(jiǎn)諧橫波對(duì)應(yīng)的質(zhì)點(diǎn),回復(fù)力大小與位移大小成正比,回復(fù)力方向與位移方向相反。故A項(xiàng)正確,BCD三項(xiàng)錯(cuò)誤。6、B【解析】
A.根據(jù)電磁波譜內(nèi)容可知,紫外線的頻率大于可見(jiàn)光,根據(jù):則紫外線波長(zhǎng)小于可見(jiàn)光,A錯(cuò)誤;B.發(fā)生光電效應(yīng)時(shí),有光電子從鋅板飛出,鋅板失去電子帶正電,所以驗(yàn)電器帶正電,B正確;C.根據(jù)光電效應(yīng)方程知,光電子的最大初動(dòng)能為:但不是所有電子的動(dòng)能等于最大初動(dòng)能,C錯(cuò)誤;D.根據(jù)光電效應(yīng)產(chǎn)生條件,當(dāng)紅外燈照射,則紅外線頻率小于紫外線,因此可能不發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象,則驗(yàn)電器金屬箔不一定張開(kāi),D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】
A.簡(jiǎn)諧機(jī)械波沿x軸正方向傳播,在時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)方向向上,而在振動(dòng)圖象上在時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向向下,所以圖(b)不是質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象,故A錯(cuò)誤;B.在t=0時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)P位于波谷,速度為零,質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置,則質(zhì)點(diǎn)P的速率比質(zhì)點(diǎn)Q的小,故B錯(cuò)誤;C.在t=0時(shí)刻,質(zhì)點(diǎn)P的位移比質(zhì)點(diǎn)Q的大,由公式,則質(zhì)點(diǎn)P的加速度的大小比質(zhì)點(diǎn)Q的大,故C正確;D.在時(shí)刻,平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向向下,與振動(dòng)圖象相符,所以平衡位置在坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖(b)所示,故D正確。8、ACD【解析】
AC.設(shè)電流的最小分度為I,電壓的最小分度為U,則可知,電源的電動(dòng)勢(shì)E=6U;Ua=4U,Ub=2U;電流Ia=4I,Ib=8I;則由P=UI可知,故電源的輸出功率相等;
則閉合電路歐姆定律可知,E=I(r+R)代入解得:Ra:r=2:1;故AC正確;
B.電源的效率η定義為外電路電阻消耗的功率與電源的總功率之比。;E為電源的總電壓(即電動(dòng)勢(shì)),在U-I圖象中,縱軸截距表示電動(dòng)勢(shì),根據(jù)圖象可知?jiǎng)t則ηa:ηb=2:1故B錯(cuò)誤;
D.當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí),電源的輸出功率最大,此時(shí)電壓為3U,電流為6I;故:Pa:Pmax=8:9故D正確;
故選ACD。9、ABD【解析】
A.若小球剛好運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),由動(dòng)能定理,研究小球從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過(guò)程得mgh1-μmgcos-μmgL=0-0解得h1=1.5m故A正確;B.若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為2m,根據(jù)動(dòng)能定理,從A點(diǎn)到C點(diǎn)有mgh2-μmgcos-μmgL=EkC-0解得EkC=0.25mg由動(dòng)能定理得小球要運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)(右半部分圓軌道上與圓心等高的點(diǎn)為D點(diǎn)),在C點(diǎn)的動(dòng)能至少是mgR=0.45mg所以小球不能到達(dá)D點(diǎn),在C點(diǎn)與D點(diǎn)之間某處速度減為零,然后沿圓軌道返回滑下,故B正確;C.小球做完整的圓周運(yùn)動(dòng),剛好不脫離軌道時(shí),在圓軌道最高點(diǎn)速度最小是,由動(dòng)能定理得-2mgR=mv2-Ek0理可得要使小球做完整的圓周運(yùn)動(dòng),小球在C點(diǎn)動(dòng)能最小值為Ek0=mg若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為2.5m,則小球在C點(diǎn)的動(dòng)能是0.5mg,若小球開(kāi)始滑下時(shí)的高度為3m,則小球在C點(diǎn)的動(dòng)能是0.75mg,這兩種情況下小球通過(guò)D點(diǎn)后都會(huì)在D點(diǎn)與最高點(diǎn)之間某一位置做斜拋運(yùn)動(dòng),即小球?qū)㈦x開(kāi)軌道,故C錯(cuò)誤,D正確。故選ABD。10、ACE【解析】
A.由圖象可知,過(guò)程壓強(qiáng)不變,溫度升高,內(nèi)能增加,由可知,氣體體積增大,對(duì)外做功,由知,氣體吸熱,故A正確;B.恒溫過(guò)程,氣體分子平均動(dòng)能不變,故B錯(cuò)誤;C.過(guò)程,,壓強(qiáng)減小,由可知體積增加,氣體對(duì)外做功,因此氣體一定吸熱,故C正確;D.過(guò)程,壓強(qiáng)恒定,減小,減小,由可知體積減小,則外界對(duì)氣體做功,由可知,氣體放熱,故D錯(cuò)誤;E.延長(zhǎng)線通過(guò)原點(diǎn),體積相等,即,過(guò)程,過(guò)程,綜上分析可知,狀態(tài)氣體體積最小,故E正確。故選:ACE。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、小18.50【解析】
(1)[1]越大,細(xì)線與豎直方向夾角越大,則h越小。(2)[2]懸點(diǎn)處的刻度為,水平標(biāo)尺的刻度為,則示數(shù)為所以示數(shù)為。(3)[3]假設(shè)細(xì)線與豎直方向夾角為,由牛頓第二定律得又解得12、1502865120050增大增大減小偏大【解析】
(1)[1]電阻與表頭G并聯(lián),改裝成量程為的電流表,表頭滿偏電流為,此時(shí)通過(guò)電阻的電流為,由并聯(lián)分流規(guī)律可知得改裝后電流表內(nèi)阻[2]將其與串聯(lián)改裝為的電壓表由歐姆定律可知,量程電壓表的內(nèi)阻解得[3]再串聯(lián)改裝為量程電壓表,所分電壓為,所以(2)[4]在校準(zhǔn)電路中,滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法,故選用最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器,即選用最大阻值為的滑動(dòng)變阻器;[5]電源電動(dòng)勢(shì)遠(yuǎn)大于電壓表量程,所以閉合開(kāi)關(guān)前應(yīng)使滑片靠近端,使電壓表在接通電路時(shí)兩端電壓由較小值開(kāi)始增大(3)[6]滑片由向滑動(dòng)過(guò)程中,電壓表兩端電壓逐漸增大,通過(guò)表頭的電流增大,即示數(shù)增大[7]隨滑片由向滑動(dòng),外電路的總電阻始終大于電源內(nèi)阻且逐漸減小,所以電源的輸出功率增大;[8]由可知,路端電壓隨外電路總電阻減小而減小,電源效率,所以電源的效率減小(4)[9]電壓表兩端電壓一定,若內(nèi)阻值偏小,則通過(guò)表頭的電流偏大,從而造成讀數(shù)偏大的后果。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)2m/s(2)0.16J1.04J(3)0.15s【解析】
(1)設(shè)C達(dá)到最大速度為,由法拉第電磁感應(yīng)定律可得回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為:
E=2BLvm①由歐姆定律可得回路中的電流強(qiáng)度為:②金屬導(dǎo)體棒ab、cd受到的安培力為:③線中張力為T2,導(dǎo)體棒ab、cd及物體C的受力如圖,由平衡條件可得:,,④聯(lián)立①②③④解得⑤(2)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能:E1=μmgh=0.16J⑥由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律可得:⑦聯(lián)立⑤⑥⑦將,代入可得這一過(guò)程由電流產(chǎn)生的內(nèi)能:(3)經(jīng)分析,在ab棒向右減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,其加速度大小與cd棒沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的加速度大小始終相等,速率也始終相等。設(shè)某時(shí)刻它們的速率為v,則:E=2BLV由歐姆定律可得回路中的電流強(qiáng)度為:金屬導(dǎo)體棒ab、cd受到的安培力為:對(duì)ab棒運(yùn)用動(dòng)量定理:又計(jì)算可得t=0.15s14、(1)(2)ε0,證明見(jiàn)解析【解析】
本題為“單棒+電容器+導(dǎo)軌模型”,可以根據(jù)牛頓第二定律,使用“微元法”對(duì)棒
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