山東省淄博市2025年高考物理模擬檢測(cè)（一）

一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有

一項(xiàng)符合題目要求）

1.如圖所示，甲同學(xué)在地面上將排球以速度V1擊出，排球沿軌跡①運(yùn)動(dòng)；經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)后，乙同學(xué)跳起將排

球以水平速度以擊回，排球沿軌跡②運(yùn)動(dòng)，恰好落回出發(fā)點(diǎn)。忽略空氣阻力，則排球（）

A.沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的最大速度可能為v/

B.沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度為V2

C.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量大小相同

D.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度大小可能相同

【答案】A

【解析】AB.根據(jù)圖像可知，軌跡①最高點(diǎn)大于軌跡②最高點(diǎn)，分析在最高點(diǎn)往左運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋規(guī)律可

知

12%

h7=2gt＞匕=7

軌跡①運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，但水平位移小，所以軌跡①水平分速度小，豎直分速度

v2=2gh

軌跡①的大，所以沿軌跡②運(yùn)動(dòng)的最大速度可能為以，沿軌跡①運(yùn)動(dòng)的最小速度即水平速度小于V2,故A

正確，B錯(cuò)誤；

C.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量

Av=g\t

不同，因?yàn)檫\(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故C錯(cuò)誤；

D.沿軌跡①和軌跡②運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度大小不同，因?yàn)槲灰拼笮∠嗤珪r(shí)間不同，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

2.科技冬奧是北京冬奧會(huì)的一個(gè)關(guān)鍵詞，大家在觀看滑雪大跳臺(tái)的比賽時(shí)，對(duì)“時(shí)間切片”有深刻的印象，

就是把運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)上速度斜向上起飛一直到落地的過(guò)程展現(xiàn)在一幀畫(huà)面上，3秒瞬間一幀呈現(xiàn)，給觀眾帶

來(lái)震撼視覺(jué)體驗(yàn)。假如運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量為機(jī)，離開(kāi)跳臺(tái)時(shí)速度的大小為V,重力加速度為g,運(yùn)動(dòng)中忽略阻力,

貝I」（）

A.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的每幀位置之間，重力沖量不相同

B.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的每幀位置之間，速度的改變方向不同

C.運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)到最高點(diǎn)過(guò)程中，重力勢(shì)能的增加為叱

2

D.運(yùn)動(dòng)員從最高點(diǎn)落回地面過(guò)程中重力的瞬時(shí)功率隨時(shí)間均勻增加

【答案】D

【解析】A.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的每幀位置之間，時(shí)間間隔相同，重力的沖量由

I=mgt

可知重力沖量相同，故A錯(cuò)誤；

B.運(yùn)動(dòng)員在空中只受重力作用，運(yùn)動(dòng)的每幀位置之間，速度的改變方向由

Av=gt

可知是相同的，故B錯(cuò)誤；

C.運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)到最高點(diǎn)過(guò)程中，由于最高點(diǎn)有水平方向的速度，所以重力勢(shì)能的增加小于叱，故C錯(cuò)

2

誤；

D.運(yùn)動(dòng)員從最高點(diǎn)落回地面過(guò)程中重力的瞬時(shí)功率為

P=mgv=mg2t

所以隨時(shí)間均勻增加，故D正確。

故選D。

3.如圖甲所示，光滑斜面上有一滑塊，受到沿斜面向上的作用力E,從靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，物塊的機(jī)械能

￡與位移x的關(guān)系如圖乙所示（沿斜面向上為正方向）。下列說(shuō)法正確的是（）

E

A.。~國(guó)過(guò)程中，力尸逐漸增大

B.王~馬過(guò)程中，物塊的加速度一直減小

C.0~%過(guò)程中，物塊的動(dòng)能一直增大

D.Z~月過(guò)程中，物塊受到的力尸為零

【答案】D

【解析】A.由圖甲知，物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，只有重力和作用力廠對(duì)物塊做功，所以作用力廠對(duì)物塊做

功等于物塊的機(jī)械能的變化，即

Fx=AE

因物塊從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，所以

A￡=E-0

E=AE

因此圖像的斜率表示作用力P,由圖乙可得0占過(guò)程中，力尸恒定，A錯(cuò)誤；

B.占-%過(guò)程中，作用力廠越來(lái)越小，但物塊的重力沿斜面向下的分力即下滑力不變，所以物塊的加速度

先減小后反向增大，B錯(cuò)誤；

C.0%過(guò)程中，由B分析知，物塊的速度先增大后減小，因此物塊動(dòng)能先增大后減小，C錯(cuò)誤；

D.過(guò)程中，即對(duì)應(yīng)圖像8C部分，其斜率為零，物塊受到的力產(chǎn)為零，D正確。

故選D。

4.A、8兩個(gè)粗細(xì)均勻的同心光滑圓環(huán)固定在豎直轉(zhuǎn)軸上，圓心。在轉(zhuǎn)軸上，兩環(huán)和轉(zhuǎn)軸在同一豎直面內(nèi)，

a、b兩個(gè)小球分別套在A、8兩個(gè)圓環(huán)上，當(dāng)兩環(huán)繞豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)后，a、6兩球在環(huán)上的位置可能是（）

【答案】B

【解析】對(duì)小環(huán)受力分析如圖

r2

mg—=mcor

h

兩小球角速度相同，故相同，即在同一個(gè)水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。

故選B?

5.光的干涉現(xiàn)象在技術(shù)中有重要應(yīng)用，例如檢查平面的平整程度。如圖甲所示，把一標(biāo)準(zhǔn)透明板壓在另一

被檢測(cè)透明板上，一端用兩張紙片墊起，構(gòu)成空氣劈尖，讓單色光。、。分別從上方射入，得到明暗相間的

條紋如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）

Illlllll

紙片

甲乙丙

A.單色光。的波長(zhǎng)比單色光6的波長(zhǎng)大

B.若抽掉一張紙片，條紋間距會(huì)變小

C.若出現(xiàn)圖丙的干涉圖樣，彎曲的干涉條紋說(shuō)明被檢測(cè)的平面在此處是凸起的

D.若單色光a剛好能讓某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則單色光b一定能讓該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

【答案】C

【解析】設(shè)空氣劈尖的頂角為仇相鄰亮條紋中央之間的距離為Ax,則有

4

tan6=—

Ax

解得

A.根據(jù)以=—三,入射光的波長(zhǎng)越大，干涉條紋越寬，因?yàn)椤９獾臈l紋窄，6光的條紋寬，所以單色光

2tan（9

。的波長(zhǎng)比單色光b的波長(zhǎng)小，A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)以=^-若抽掉一張紙片，。變小，條紋間距變大，B錯(cuò)誤；

2tan6?

夕

C.根據(jù)Ax=^-條紋向右彎曲，條紋間距△無(wú)比左側(cè)大，即△無(wú)變大，表明8變小，空氣薄膜變薄,

說(shuō)明被檢測(cè)的平面在此處是凸起，C正確；

D.因?yàn)閱紊鈇的波長(zhǎng)比單色光6的波長(zhǎng)小，所以單色光。的頻率比單色光6的頻率高，若單色光。剛好

能讓某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則單色光。的頻率恰好等于極限頻率，單色光b的頻率一定小于極限頻率，單

色光b一定不能讓該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，D錯(cuò)誤。

故選C。

6.圖甲是正在水平面內(nèi)工作的送餐機(jī)器人，該機(jī)器人沿圖乙中ABC。曲線給16號(hào)桌送餐，已知弧長(zhǎng)和半

徑均為4m的圓弧8C與直線路徑AB、相切，AB段長(zhǎng)度也為4m,C。段長(zhǎng)度為12m,機(jī)器人從A點(diǎn)由

靜止勻加速出發(fā)，到B點(diǎn)時(shí)速率恰好為lm/s,接著以lm/s的速率勻速通過(guò)BC,通過(guò)C點(diǎn)后以lm/s的

速率勻速運(yùn)動(dòng)到某位置后開(kāi)始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，最終停在16號(hào)桌旁的。點(diǎn)。已知餐盤(pán)與托盤(pán)間的動(dòng)摩擦

因數(shù)〃=0.1,關(guān)于該運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）

甲乙

A.8到C過(guò)程中機(jī)器人的向心加速度〃=0.2m/s2

B.餐盤(pán)和水平托盤(pán)不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的情況下，機(jī)器人從。點(diǎn)到。點(diǎn)的最短時(shí)間占12.5s

C.A到B過(guò)程中餐盤(pán)和水平托盤(pán)會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)

D.若重新設(shè)置機(jī)器人，使其在8C段以3m/s勻速率通過(guò)，餐盤(pán)與水平托盤(pán)間不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)

【答案】B

【解析】A.8到C過(guò)程中機(jī)器人的向心加速度

22

VI22

a=—=一m/s2=0.25m/s2

r4

選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.餐盤(pán)和水平托盤(pán)不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的情況下，機(jī)器人的加速度最大值為

2

am==lm/s

到達(dá)。點(diǎn)之前減速的時(shí)間

VY

%=——=1s

am

減速位移

VCL

%=—^=0.5m

從C到開(kāi)始減速的時(shí)間

125

t,=~O-=11.5S

1

則機(jī)器人從C點(diǎn)到D點(diǎn)的最短時(shí)間

/=ti+t2=12.5s

選項(xiàng)B正確；

C.機(jī)器人從A點(diǎn)由靜止勻加速出發(fā)，到8點(diǎn)時(shí)速率恰好為lm/s,則該過(guò)程中的加速度

v2I2

2-9

q=------=-------m/s=0.125m/s<am

2次2x4

可知A到B過(guò)程中餐盤(pán)和水平托盤(pán)不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.若重新設(shè)置機(jī)器人，使其在8C段以3m/s勻速率通過(guò)，則向心加速度

22

V322

a=—=——m/s=2.25m/s>a

2r4m

可知餐盤(pán)與水平托盤(pán)間會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選B。

7.一根輕繩平放在x軸上，繩的左端剛好與坐標(biāo)原點(diǎn)。對(duì)齊，用手握著繩的左端在/=。時(shí)刻開(kāi)始上下做簡(jiǎn)

諧運(yùn)動(dòng)，t=2s時(shí)，波傳播到x=3m處，波形如圖所示，此時(shí)x=0處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為45cm,則下列判

B.t=0時(shí)刻，坐標(biāo)原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)

C.波傳播到x=6m處時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為30cm

D.若將繩振動(dòng)的周期減半，則形成的波傳播速度加倍

【答案】C

【解析】A.由圖可知

1.5T=2s

解得

/=-=0.75Hz

T

故A錯(cuò)誤；

B.f=2s時(shí)刻，x=3m處的質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，因此￡=。時(shí)刻，坐標(biāo)原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)也向下振動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.波的振幅為

“45ru

A=——cm=7.5cm

6

波傳播到x=6m處時(shí)，x=4m處的質(zhì)點(diǎn)已振動(dòng)一個(gè)周期，通過(guò)的路程為30cm,故C正確；

D.若將繩的振動(dòng)周期減半，波的傳播速度不變，故D錯(cuò)誤。

故選C。

二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多

項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）

8.磁聚焦的原理圖如圖。通電線圈產(chǎn)生沿其軸線44'方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。從A點(diǎn)發(fā)出的帶電粒子束初速度％

大小相等，方向與AA'的夾角都比較小。把初速度%沿A4'方向和垂直于AA'方向分解，沿44'方向

的分速度匕=%cosO7%（角度很小時(shí)），這表明所有粒子在沿44,方向的分速度都相同。在垂直44'方

向，所有粒子均做圓周運(yùn)動(dòng)，只要粒子的比荷相等，周期就相等，因此，所有從A點(diǎn)發(fā)出的帶電粒子束就

能在A'點(diǎn)匯聚，這就是磁聚焦原理。設(shè)由電性相反、比荷均為人的兩種粒子組成的粒子束從A點(diǎn)射入該通

電線圈，初速度%大小相等，方向與A4'的夾角相等且都很小，這些粒子在A'點(diǎn)匯聚在了一起。已知該

通電線圈在線圈內(nèi)產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,忽略粒子的重力及粒子間的相互作用，則A、A'

之間的距離可能是（）

通電線圈

6乃環(huán)

CD.—

kBkB

【答案】BCD

【解析】由于粒子束由電性相反的兩種粒子組成，兩種粒子在磁場(chǎng)中的旋轉(zhuǎn)方向相反，要實(shí)現(xiàn)匯聚，必須

經(jīng)過(guò)周期的整數(shù)倍，因此A、A之間的距離可能是7%、27%……而不能是g7%、…，由于

2TTR

qvB=m—,T=

Rv

解得

2兀m2兀

T=

qBkB

所以A、A之間的距離可能是

,2〃萬(wàn)之

a=----(〃=1,2,3)

kB

當(dāng)力=1時(shí)有

4

kB

當(dāng)九=2時(shí)有

d*

kB

當(dāng)〃=3時(shí)有

故選BCDo

9.如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)與直角三角形ABC所在平面平行，將電荷量為-3.0X10-6C的點(diǎn)電荷從電場(chǎng)中的A

點(diǎn)移到2點(diǎn)，靜電力做了-1.2><10力的功；再?gòu)腂點(diǎn)移到C點(diǎn)，靜電力做了0.6x10-”的功，且AB=4cm,

3c=3cm,以下說(shuō)法正確的是（）

B.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為巫^xl（）2v/m

4

3

C.若電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與豎直線夾角為6（6<9伊），則tan6=]

D.若電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與豎直線夾角為6（。<如°）,貝心曲占二三

【答案】AC

【解析】AB.根據(jù)公式

WAB=(1UAB

整理有

同理有

令2點(diǎn)電勢(shì)為0,則

ei=4V,<pc=2V

在勻強(qiáng)電場(chǎng)中任意一條直線上等距離等電勢(shì)降落，所以中點(diǎn)。的電勢(shì)為“=2V,連接CD為等勢(shì)線,

自B點(diǎn)作C。的垂線即為電場(chǎng)線，如圖所示

D

AB

因?yàn)?/p>

DB=2cm,BC=3cm

所以

CD=A/13cm

因UEB=2V,在三角形CDB中根據(jù)面積相等

-BDBC=-CDEB

22

求得

6

EB=—i=cm

V13

解得

E=—=—xlO2V/m

EB3

故A正確，B錯(cuò)誤;

CD.如圖所示

-CDBE=-CEBE+-(CD-CEYBE

222V7

根據(jù)三角形邊角關(guān)系可得

CE3

tanun=二一

BE2

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選ACo

10.如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。升壓變壓器原、副線圈兩端的電壓分別為q和。2,降壓變

壓器原、副線圈兩端的電壓分別為&和在輸電線路的起始端接入兩個(gè)互感器，兩個(gè)互感器原、副線圈

的匝數(shù)比分別為20:1和1:20,各互感器和電表均為理想的，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.左側(cè)互感器起到降壓作用，右側(cè)互感器起到降流作用

B.若電壓表的示數(shù)為220V,電流表的示數(shù)為8A,則線路輸送電功率為220kW

C.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓G一定，僅將滑片Q下移，則輸電線損耗功率增大

D.若發(fā)電機(jī)輸出電壓q一定，若用戶數(shù)增加，為維持用戶電壓力一定，可將滑片p下移

【答案】AC

【解析】A.根據(jù)兩個(gè)互感器原、副線圈的匝數(shù)比可知電壓互感器起到降壓的作用，電流互感器起到降流（升

壓）的作用，A正確；

B.設(shè)輸電電流為右，根據(jù)理想變壓器電壓和電流規(guī)律可得

U2_20

五一丁

20

廣了

解得

U2=4400V

/2=160A

所以線路輸送的電功率為

P=U2I2=4400X160W=704kW

B錯(cuò)誤；

C.由理想變壓器電壓和電流規(guī)律可得

_^2.

03_n3

U4%

I?=%

，4%

設(shè)輸電線路總電阻為廣，根據(jù)閉合電路歐姆定律有

U3=U2-I2r

設(shè)用戶端總電阻為R,根據(jù)歐姆定律有

/-幺

4R

聯(lián)立解得

/=_^_

若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓■和用戶數(shù)一定，僅將滑片Q下移，則。2增大，R不變，所以增大，而輸電線損

耗功率為

\P=I；r

所以輸電線損耗功率增大，C正確；

D.若保持發(fā)電機(jī)輸出電壓q和Q的位置一定，使用戶數(shù)增加，即4不變，R減小，則右增大，4減小,

為了維持用戶電壓力一定，需要增大幺，可將滑片P上移，D錯(cuò)誤。

?3

故選AC。

三、非選擇題（本大題共5小題，共54分。第U題6分，第12題9分，第13題10分，第

14題12分，第15題17分。其中13—15題解答時(shí)要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要

的演算步驟，若只有最后答案而無(wú)演算過(guò)程的不得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出

數(shù)值和單位。）

11.使用如圖1裝置做“探究氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)，己知壓力表通過(guò)細(xì)管與注射器內(nèi)的空氣柱

相連，細(xì)管隱藏在柱塞內(nèi)部未在圖中標(biāo)明。

（1）為了探究壓強(qiáng)〃與體積V的關(guān)系，在測(cè)得需要的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)后,為達(dá)到“探究”的實(shí)驗(yàn)?zāi)康模脠D像法進(jìn)

行數(shù)據(jù)分析，從下列選項(xiàng)中選出需要的步驟并按順序排列

A.作P-V圖像，根據(jù)畫(huà)出的圖線猜測(cè)p與丫的關(guān)系

B.作圖像，根據(jù)畫(huà)出的圖線猜測(cè)p與V的關(guān)系

C.作。-丫圖像，對(duì)p與V關(guān)系的猜測(cè)進(jìn)行檢驗(yàn)

D.作圖像，對(duì)p與V關(guān)系的猜測(cè)進(jìn)行檢驗(yàn)

E.檢驗(yàn)正確，得出p與丫關(guān)系的結(jié)論

（2）第1小組為了探究一定質(zhì)量的氣體在不同溫度時(shí)發(fā)生等溫變化是否遵循相同的規(guī)律，進(jìn)行了兩次實(shí)驗(yàn)，

得到的。-V圖像如圖2所示。第2小組根據(jù)某次實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的丫-!圖如圖3所示。下列說(shuō)法正確的是

P

A.實(shí)驗(yàn)前應(yīng)將注射器里的空氣完全排出

B.為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，可以在柱塞上涂上潤(rùn)滑油，以減少摩擦

C.由圖2可知，第1小組的兩次實(shí)驗(yàn)氣體溫度大小關(guān)系為E>T2

D.如圖3所示，若第2小組實(shí)驗(yàn)操作正確，則V。為聯(lián)通空氣柱與壓力表細(xì)管的體積

（3）如圖4所示，小明從狀態(tài)A緩慢拉升柱塞，使其到達(dá)狀態(tài)B（體積為乂）。若此時(shí)突然提升柱塞，使其

快速到達(dá)體積匕，則此時(shí)匕對(duì)應(yīng)下圖中的狀態(tài)—（填“C”、"D”、"E”、“尸”）（圖中A、B、E為

同一等溫線上的點(diǎn)）

【答案】（l）ADE

（2）CD

⑶/

【解析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可作P-V圖像，根據(jù)畫(huà)出的圖線猜測(cè)P與V的關(guān)系，再作圖像，對(duì)P與V

關(guān)系的猜測(cè)進(jìn)行檢驗(yàn)，檢驗(yàn)正確，得出P與V關(guān)系的結(jié)論。

故選ADE。

（2）A.實(shí)驗(yàn)是以注射器內(nèi)的空氣為研究對(duì)象，所以實(shí)驗(yàn)前注射器內(nèi)的空氣不能完全排出，故A錯(cuò)誤；

B.為了減少實(shí)驗(yàn)誤差，可以在柱塞上涂上潤(rùn)滑油，以保證氣密性良好，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pV=CT可知，離坐標(biāo)原點(diǎn)越遠(yuǎn)的等溫線溫度越高，則有工＞工，故C正確；

D.設(shè)聯(lián)通空氣柱與壓力表細(xì)管的體積為口，則有

p（v+v'）=c

整理可知

V^-C-V

P

根據(jù)圖像可知V。為聯(lián)通空氣柱與壓力表細(xì)管的體積，故D正確；

故選CDo

（3）快速到達(dá)體積匕，氣體對(duì)外界做功，熱量幾乎不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律

\U=W+Q

可知，內(nèi)能減小，溫度降低，則對(duì)應(yīng)圖中的狀態(tài)凡

12.某同學(xué)為了測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，從實(shí)驗(yàn)室找到一些實(shí)驗(yàn)器材：

電源E（電動(dòng)勢(shì)為1.5V,內(nèi)阻為2Q）；

待測(cè)電壓表（量程為300mV,內(nèi)阻約為lkQ）；

電阻箱（0?9999.9Q）；

滑動(dòng)變阻器&（0-20Q,1A）；

滑動(dòng)變阻器&（0-200Q,0.1A）；

定值電阻R=60Q；

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路圖，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇—（填“或）o

（2）先調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片至左端，電阻箱接入電路阻值為零，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電壓表滿偏，

保持滑動(dòng)變阻器滑片不動(dòng)，再調(diào)節(jié)電阻箱阻值為4時(shí)電壓表半偏，則電壓表的內(nèi)阻為—，用此方法測(cè)出

的電壓表內(nèi)阻比實(shí)際值偏—（填“大”或“小”）。

（3）之后將此電壓表改裝成量程3V的電壓表，并用標(biāo)準(zhǔn)表進(jìn)行校對(duì)，實(shí)驗(yàn)電路如圖乙所示。校準(zhǔn)過(guò)程中，

改裝表示數(shù)總是略小于標(biāo)準(zhǔn)表，則應(yīng)該將電阻箱阻值調(diào)—（填“大”或“小”），若改裝表的表頭讀數(shù)為

300mV時(shí)，標(biāo)準(zhǔn)電壓表的讀數(shù)為2.8V,此時(shí)電阻箱示數(shù)為9000Q,為了消除誤差，則電阻箱接入阻值應(yīng)

為Qo

改裝表

【解析】(1)[1]滑動(dòng)變阻器分壓式接入電路，阻值小方便控制電路，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇

(2)[2]由于滑動(dòng)變阻器阻值較小,可以控制電壓表和電阻箱兩端總電壓近似不變，電壓表的示數(shù)為半偏時(shí),

電阻箱示數(shù)即等于電壓表的內(nèi)阻，故電壓表內(nèi)阻為&；

[3]電阻箱接入電路后，電阻箱和電壓表兩端電壓增大，當(dāng)電壓表的示數(shù)為半偏的時(shí)候，電阻箱分擔(dān)的電壓

大于半偏的電壓值，因此電阻箱的電阻大于電壓表的內(nèi)阻，故測(cè)量值偏大。

(3)[4]改裝表的示數(shù)偏小，即電壓表分擔(dān)的電壓過(guò)小，根據(jù)串聯(lián)分壓原則應(yīng)適當(dāng)將電阻箱阻值調(diào)小；

[5]設(shè)消除誤差后，設(shè)電阻箱接入電路的電阻為段，此時(shí)電路中的電流

;2.8V-0.3V

9000Q

電壓表的真正電阻

風(fēng)=當(dāng)

根據(jù)電表改裝原理有

3V-

0.3V《

聯(lián)立解得

R*=9720Q

13.如圖所示，兩個(gè)橫截面積均為S的絕熱汽缸水平放置并固定在水平面上，兩個(gè)汽缸通過(guò)底部的細(xì)管連

通，細(xì)管上裝有閥門(mén)K…左側(cè)汽缸長(zhǎng)度為Z,內(nèi)部有壓強(qiáng)為2p。、溫度為心的理想氣體；右側(cè)汽缸足夠長(zhǎng),

絕熱活塞（厚度不計(jì)）與汽缸底部隔開(kāi)長(zhǎng)度為/的真空，并用銷釘K2固定活塞，右端開(kāi)口與大氣相通。活

塞與汽缸內(nèi)壁間無(wú)摩擦且不漏氣，不計(jì)細(xì)管的容積和電熱絲的體積，大氣壓強(qiáng)為加。

（1）僅打開(kāi)閥門(mén)K，判斷理想氣體內(nèi)能的變化情況并說(shuō)明理由；

（2）打開(kāi)閥門(mén)監(jiān)，并拔去銷釘K?,給電熱絲通電使汽缸內(nèi)溫度緩慢升高到1.5",求穩(wěn)定后活塞移動(dòng)的距

【解析】（1）根據(jù)題意，僅打開(kāi)閥門(mén)Ki,汽缸內(nèi)氣體體積自由膨脹，對(duì)外不做功，同時(shí)由于汽缸絕熱，氣

體既不吸熱也不放熱，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能不變;

（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

工一心

即

2p0LS_p0(2L+x)S

=

To1.57；

解得

x=L

14.如圖所示，某商場(chǎng)里完全相同的手推車甲和已經(jīng)嵌套在一起的4輛手推車乙靜置于水平地面，工作人

員在極短的時(shí)間內(nèi)給甲車一個(gè)沖量后立即以一定速度撞上乙車并嵌套在一起，觀察到碰后整體在地面上滑

行了16cm后停下。假設(shè)碰撞時(shí)間極短，車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力恒為車重的0.05倍，每輛手推車質(zhì)量均為

77?=5kg,重力加速度g取lOm/s?。求:

（1）碰后整體的速度的大小；

（2）此過(guò)程中工作人員對(duì)甲車做了多少功。

甲乙

■1酈1MM■司

【答案】(1)0.4m/s；(2)10J

【解析】(1)根據(jù)題意可得f=0Q5mg,根據(jù)牛頓第二定律

f=ma

根據(jù)牛頓第二定律

a=0.05g=0.5m/s2

整體在勻減速過(guò)程中有

—2ax=0—K2

x=0.16m

解得

v=0.4m/s

(2)設(shè)甲獲得初速度為%，根據(jù)甲乙碰撞前后動(dòng)量守恒，有

mv0=5mv

解得

v0=2m/s

根據(jù)動(dòng)能定理，人對(duì)甲做的功即轉(zhuǎn)化為甲車的初動(dòng)能，即

12

W=萬(wàn)mv0

解得

W=10J

15.如圖所示，一足夠長(zhǎng)水平傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速度大小恒為%=4m/s。傳送帶上MV右側(cè)存在一方向

豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3=2.0T。有一邊長(zhǎng)為/=2m、粗細(xì)均勻的正方形導(dǎo)線框

質(zhì)量〃z=10kg,總電阻尺=4。。勖邊與磁場(chǎng)邊界平行，在四邊距