湖北省十堰市2024-2025學年高一（上）期末調研考試物理試卷

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑；如需改動，用橡皮擦干

凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。

3.考試結束后，本試卷和答題卡一并交回。

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.北京時間2024年11月25日7時39分，我國在酒泉衛星發射中心使用長征二號丙運載火箭采用“一箭雙

星”的方式成功將四維高景二號03星和四維高景二號04星送入預定軌道。下列說法正確的是（）

A.”2024年11月25日7時39分”指的是時亥!!

B.研究火箭離開發射架的過程時，火箭可視為質點

C.衛星在預定軌道上運行的過程中所受的合力為零

D.衛星在預定軌道上運行一周，通過的路程為零

2.如圖所示，一只蘋果靜止在水平桌面上。下列說法正確的是（）

A.蘋果發生了形變，桌面未發生形變

B.桌面受到向下的彈力，是由于桌面發生了形變

C.桌面所受的向下的彈力，就是蘋果受到的重力

D.蘋果受到向上的彈力，是由于桌面發生了形變

3.在學習了摩擦力的知識后，小張對摩擦力的相關知識產生了濃厚的興趣，他在水平地面上放一個質量為

2M的物體，物體與地面間的動摩擦因數為0.3。若取重力加速度大小g=10m/s2,認為最大靜摩擦力等于

滑動摩擦力，則當他依次用大小分別為5N、6N、7N的水平拉力拉該物體時，物體受到的摩擦力大小依次

為（）

A.5N、5N、5NB.6N、6N、6NC.5N、6N、7ND.SN、6N、6N

第1頁，共13頁

4.某河流中水流的速度是2m/s,一小船要從河岸的4點沿直線勻速到達河對岸下游的B點，已知4、B兩點

間的距離為200M，河寬為1006，則小船在靜水中的開動速度，即小船相對于靜水的速度大小至少為（）

￡

f

A

A.0.5m/sB.1m/sC.1.5m/sD.2m/s

5.為了研究自由落體運動，小張在離水平地面不同高度處將四個小球同時由靜止釋放,

已知相鄰兩個小球及小球1與地面之間的距離均相同，如圖所示。不計空氣阻力，經過

ti、8、心、^4,1、2、3、4四個小球依次碰到地面，貝!It］：t2：刈：匕4為（）

A.1：展?2B.1：2：3：4

C.1：巾D.1：—1）：（V^—A/2）.（2—?）

6.一個質量為70kg的人，站在豎直上升的升降機水平地板上，此人看到升降機上豎直掛著重物的彈簧秤的

示數為40N,已知重物的質量為5kg,取重力加速度大小g=IOM/S?,則他所處的狀態及他對升降機地板

的壓力大小分別為（）

A.超重狀態，840NB.超重狀態，560NC.失重狀態，840ND.失重狀態，560N

7.如圖所示，固定斜面4B頂端力的正上方有一光滑小定滑輪P,繞過滑輪的輕繩左端與小球相連，用水平

力F作用在輕繩的右端，使小球從8端沿斜面緩慢上滑到C處。斜面對小球的支持力大小用N表示，不計一

切摩擦。在該過程中（）

A.F逐漸增大，N逐漸減小B.F逐漸增大，N逐漸增大

C.F逐漸減小，N逐漸增大D.F逐漸減小，N逐漸減小

二、多選題：本大題共3小題，共12分。

第2頁，共13頁

8.在足球比賽中，跑位技術相當重要。某球員沿直線跑位的x-t圖像如圖所示，其中球員在0?一時間內運

動的x-1圖線為直線，配、小t2均已知，且t2=2tl。下列說法正確的是（）

A.在0?ti時間內，球員做勻速直線運動

B.在。?以時間內，球員運動的方向不變

C.在tl?t2時間內，球員的速度逐漸增大

D.在ti?以時間內，必定存在速度大小為含的時刻

9.如圖所示，沿水平方向以大小為火的速度拋出的小球落到傾角為。的斜面上時，其速度方向與斜面垂

直，運動軌跡如圖中的虛線所示。重力加速度大小為g,不計空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.小球落在斜面上時的速度大小為^B.小球落在斜面上時的速度大小為端官

C.小球在空中運動的時間為前后D.小球在空中運動的時間為血詈

10.一飛機的總質量為2X109g,飛行時受到的空氣阻力大小與其速率的平方成正比（即/=kv2,k為常量

）o飛機在豎直方向先關閉發動機由靜止下落，然后勻速下落，開啟發動機后飛機受到豎直向上的恒定推

力后，先向下減速后向上加速最后勻速，以豎直向上為正方向，飛機豎直方向運動過程中的v-t圖像如圖

所示。取重力加速度大小g=10m/s2。下列說法正確的是（）

第3頁，共13頁

A.常量k的大小為125kg'i

B.飛機所受的豎直向上恒定推力的大小為5X105N

C.當飛機向下加速至20zn/s時，飛機的加速度大小為I(hn/s2

D.當飛機向下減速至速度為0時，飛機的加速度大小為2.5m/s2

三、實驗題：本大題共2小題，共14分。

11.某實驗小組利用如圖甲所示的裝置測量彈簧的勁度系數。將彈簧豎直懸掛，先不掛鉤碼，記下彈簧下

端指針指示的標尺刻度，然后在彈簧的下端懸掛鉤碼保持靜止，并改變鉤碼個數，讀出彈簧下端指針每次

對應的標尺刻度，其中某次彈簧指針指示的標尺刻度如圖乙所示。利用測得數據作出不同個數的鉤碼重力

與對應彈簧伸長量之間的關系圖像，如圖丙所示。

(1)圖乙所示的指針指示的刻度為cm；

(2)該彈簧的勁度系數為N/m(保留3位有效數字)；

(3)本實驗中由于沒考慮彈簧自重，勁度系數的測量值____(選填“大于”、“小于”或“等于")真實

值。

12.學校物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置探究加速度與力、質量的關系，其中的力傳感器可以測出小

車所受的拉力大小。實驗前，調節定滑輪的高度使細線與木板平行，并平衡摩擦力。

(1)小車的質量________(填“必須”或“不必”)比所掛鉤碼的質量大得多。

第4頁，共13頁

(2)圖乙是實驗中得到的一條紙帶，0、4B、C、。是五個連續的計數點，打點計時器打相鄰兩計數點的

時間間隔為0.1s,打點計時器打下計數點B時小車的速度大小u=m/s,小車的加速度大小a=

m/s2o(計算結果均保留三位有效數字)

(3)在探究加速度與質量的關系時，控制力的大小不變，多次在小車中增加或減少祛碼數以改變小車和祛

碼的總質量如得到對應的數據。為了更直觀地得出加速度與質量的關系，應作加速度a與(填

“優或“5”)的關系圖像。

四、計算題：本大題共3小題，共46分。

13.如圖所示，一質量m=2kg的物塊靜止在傾角6=30。的固定斜面上，取重力加速度大小g=lOm/s?。

(1)求斜面對物塊的摩擦力大小6以及斜面對物塊的支持力大小FN；

(2)已知物塊與斜面間的動摩擦因數〃=亨，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，現對物塊施加一沿斜面向

上的推力，求物塊剛要沿斜面向上運動時的推力大小心

14.汽車以大小u=12m/s的速度沿平直公路勻速行駛，汽車經過某路標to=2s后，一輛摩托車從該路標處

由靜止開始以大小a=3.75zn/s2的加速度勻加速追趕汽車，汽車與摩托車均視為質點。求：

(1)摩托車出發后追上汽車所用的時間t；

(2)摩托車追上汽車時到路標的距離x；

(3)摩托車追上汽車前，它們之間的最大距離L。

15.如圖所示，水平傳送帶以大小巧=4m/s的速度順時針勻速運動，傳送帶右側與足夠大的光滑平臺平滑

連接，甲、乙兩物體由繞過輕小光滑定滑輪的輕繩相連，甲與定滑輪之間的輕繩水平，甲在0時刻以大小

以=2根/s、方向水平向右的速度從左端沖上傳送帶。甲與傳送帶間的動摩擦因數〃=0.5,傳送帶左、右

兩端滑輪之間的距離L=7m,甲的質量爪i=4kg,乙的質量加2=1卜9，取重力加速度大小9=1。M/S2,

第5頁，共13頁

(1)甲在傳送帶上加速向右運動的過程中，輕繩的拉力大小尸;

(2)甲在傳送帶上從左端到第一次經過右端所用的時間五；

(3)甲第=1,2,3,…)次向右經過傳送帶右端滑輪的時刻tn。

第6頁，共13頁

答案和解析

1.【答案】A

【解析】4“7時39分”是一時間點，所以是時刻，故/正確；

區研究火箭離開發射架的過程時，衛星的大小和形狀對所研究的問題有影響，所以衛星不可視為質點，故

8錯誤；

C.衛星在預定軌道上運行的過程為曲線運動，所受合力不為零，故C錯誤；

D衛星在預定軌道上運行一周，位移為零，路程不為零。故。錯誤；

故選

2.【答案】D

【解析】解：人由于蘋果和桌面間存在相互的擠壓，蘋果和桌面同時發生了形變，故/錯誤；

8、桌面受到的彈力是由于蘋果發生形變而引起的，故8錯誤；

C、桌面受到向下的彈力是由于蘋果發生形變引起的，該力與重力產生原因不同，不是重力，故C錯誤；

蘋果受到向上的彈力是由于桌面發生形變產生的，故。正確。

故選：Do

明確彈力產生的原因，知道二者之間因發生了相互的擠壓而產生了彈性形變，從而產生了彈力。

本題考查對彈力的理解，要注意明確彈力是由于施力物體發生彈性形變后要恢復原狀產生的。

3.【答案】D

【解析】物塊與地面之間的最大靜摩擦力

frn=Mg=6N

則當他用大小為5N的水平拉力拉該物體時，物體靜止，此時物體受靜摩擦力為5N；當他用大小為6N的水

平拉力拉該物體時，物體剛好要產生滑動，此時物體受靜摩擦力為6N；當他用大小為7N的水平拉力拉該

物體時，物體產生滑動，此時物體受滑動摩擦力為6N。故選。。

4.【答案】B

【解析】當小船相對于靜水的速度最小時，與A8垂直，如圖

第7頁，共13頁

vi100m

sina=--m---n--=757^7—=^v=lm/s

u水200mmin

故選Bo

5.【答案】A

【解析】解：假設小球1離地面的高度為八，則小球2的高度為2h,小球3的高度為3九，小球4的高度為4九

小球1下落過程

1

九=尹圻7

'2h

解得小球1的下落時間為％=

9

同理可得小球2的下落時間為叱騁

小球3的下落時間為均=件

7y

小球4的下落時間為％=聘

'2h4h'6h

則tl：七2：［3：二：

9J99

故/正確，BCD錯誤。

故選：Ao

根據自由落體的運動學公式，分別求出四個小球的下落時間，即可求出四個小球下落的時間之比。

本題主要考查自由落地題運動學公式，根據八=29戶求解下落時間。題目較為簡單。

6.【答案】D

【解析】解：對重物，根據牛頓第二定律有?ng-Fi=ma,代入m=5kg,Fr-40N,得a=2?n/s2,方向

豎直向下，對人有Mg-F2=Ma,解得尸2=560N,即人處于失重狀態，根據牛頓第三定律可知，對地板

的壓力大小也為560N,故。正確，N8C錯誤。

故選：D。

對重物和人分別利用牛頓第二定律列式求解加速度和支持力，結合牛頓第三定律進行分析判斷。

考查牛頓運動定律的應用和超失重問題，會根據題意進行準確分析解答。

7.【答案】A

【解析】【分析】

本題主要考查共點力的平衡問題，解決本題的關鍵在于寫出各力的表達式，從而求解。

【解答】

對小球進行受力分析，小球受豎直向下的重力，垂直斜面向上的支持力N,沿繩方向的拉力口

第8頁，共13頁

支持力與拉力的合力與重力等大反向，

小球向上運動過程中，支持力N與拉力F的合力保持不變，支持力的方向不變，拉力與合力的夾角逐漸變

小，如圖所示；

根據圖可得，F逐漸增大，N逐漸減小；故N正確，BCD錯誤。

8.【答案】ACD

【解析】4在。?匕時間內，由于圖線的斜率不變，即球員的速度不變，則球員做勻速直線運動，故/正

確；

8.在0?ti時間內，圖線的斜率為正值，則球員沿正方向運動，在0?8時間內，圖線切線的斜率為負值，

則球員沿負方向運動，則球員運動方向改變，故2錯誤；

C.在打?以時間內，圖線切線的斜率不斷增大，即球員的速度逐漸增大，故C正確；

D在。?以時間內，球員的速度大小為詈，在以?t2時間內，球員的速度先小于冷后大于言，所以必定

存在速度大小為黃的時刻，故。正確。

故選/CD。

9.【答案】AD

【解析】對平拋運動進行速度的分解，如圖

.小球落在斜面上時的速度大小為〃故/正確，錯誤;

a8cost/3

C。.根據平拋運動速度偏轉角正切值公式

故C錯誤，。正確。

第9頁，共13頁

故選40。

10.【答案】AD

【解析】4飛機在豎直方向先關閉發動機由靜止下落，然后勻速下落，勻速的速度也=40M/S

根據平衡條件有mg=kvl

解得k=125kg/m

故/正確；

8.飛機向上勻速的速度v2=20m/s

根據平衡條件有F=mg+kvl

解得F=2.5X105N

故2錯誤；

C.當飛機向下加速至辦=20m/s時，根據牛頓第二定律有mg-kvj-mar

解得飛機的加速度大小為ai=7.5m/s2

故C錯誤；

D當飛機向下減速至速度為0時，根據牛頓第二定律有F-mg=ma2

2

解得飛機的加速度大小為ci2=2.5m/s

故。正確。

故選

11.【答案】14.60

400

等于

【解析】(1)根據刻度尺的讀數規則可知，該讀數為14.60cm；

(2)由圖丙，根據胡克定律可知，斜率表示彈簧的勁度系數，故仁第Ar=(5-200)—x0io-N/叫=400N/7加

(3)由胡克定律可知，勁度系數等于彈力的變化量除以對應的彈簧形變量的變化量，因此彈簧的自重不會

對勁度系數的測量結果產生影響，故勁度系數的測量值等于真實值。

12.【答案】(1)不必

(2)0.1010.195

第10頁，共13頁

【解析】(1)實驗中用到了力傳感器，細繩中的拉力可以通過力的傳感器測得，所以沒有必要使小車的質

量遠大于鉤碼的質量。

(2)[1]打點計時器打下計數點B時小車的速度大小V=^=10-2巾/s=0101m/s

4/XU.J-

、士rBD—OB(4.04—1.63)—1.63r?_7,7八.-.、

r[2]小車的加速度大小a=(27)2=----(2X0,1)2---X10-2m/s2=0.195m/s2

(3)根據a=±可知，為了更直觀地得出加速度和質量的關系，應作加速度a與質量的倒數2?的圖像。

mm

13.【答案】(1)物塊受到重力、斜面對它的支持力與斜面對它的摩擦力，將重力分解，如圖所示

根據平衡條件有Ff=mgsmd,FN=mgcosd

解得F/=10N,FN=1Q?

(2)物塊剛要沿斜面向上運動，物塊所受斜面的摩擦力大小F'f=嗎

結合上述可知F-F'f+mgsmd

解得F=25N

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】

14.【答案】(1)摩托車出發后追上汽車，則有以t+to)=加2

解得t=8s

(2)根據勻變速直線運動的位移公式有x=|at2

結合上述解得x=120m

(3)摩托車追上汽車前，當它們的速度相等時，它們之間的距離最大，設從摩托車開始追趕汽車至它們的

速度相等的時間為t',則有u=at'

z，2

此時它們之間的最大距離為L=v(t+t0)-|at

第11頁，共13頁

解得L=43.2m

【解析】詳細解答和解析過程見【答案】

15.【答案】(1)開始時物塊甲與傳送帶之間的摩擦力為

f=4mlg=20N

對甲乙的整體

f-tn2g=Oi+m2)a

解得

a=2m/s2

對甲分析可知

f—F=m^a

解得

F=12N

(2)物塊甲與傳送帶共速時

v2+atn=Vi

解得

tn=Is

甲的位移

V1+V?

%i=2%=3m

此后物塊甲與傳送帶相對靜止，受向右的大小為ION的靜摩擦力作用一起勻速運動，則到達傳送帶右端的

時間

L-7—3