第07講共點力的平衡

目錄

01模擬基礎練

【題型一】受力分析

【題型二】靜態平衡

【題型三】動態平衡

【題型四】多體平衡

【題型五】臨界極值

02重難創新練

樟陽茸礎饗

【題型一】受力分析

1.A、B兩物體如圖疊放，在豎直向上的力尸作用下沿粗糙豎直墻面向上勻速運動，則A的受力個數為（）

A.2B.3C.4D.5

【答案】B

【詳解】對AB整體受力分析，整體受力平衡，受重力和力凡如果墻壁對整體有支持力，整體水平方向不

能平衡，故墻壁對整體水平方向沒有彈力，也就沒有摩擦力；隔離分析物體A,受重力、B對A的支持力

和靜摩擦力，共3個力。

故選B。

2.高空滑索因其驚險刺激而深受年輕人追捧。人通過輕繩與輕質滑環相連，開始下滑前，輕質滑環固定在鋼

索48上。點處，滑環和人均處于靜止狀態，鋼索和輕繩的夾角關系如圖所示。設。4段鋼索的拉力大小為7；，

03段鋼索的拉力大小為《，0C段輕繩的拉力大小為4,下列判斷正確的是（）

C.T-D.4>/>工

【答案】A

【詳解】以結點。為研究對象，受力情況如圖所示

這樣的三個力可以組成一個首尾相接的封閉的矢量三角形如下

7]>4>n

故選Ao

【題型二】靜態平衡

3.如圖所示，P、Q是兩個光滑的定滑輪，吊著A、B、C三個小球的三條輕繩各有一端在O點打結，懸吊A、

C兩個球的輕繩分別繞過定滑輪P、Q,三個球靜止時，。。段輕繩與豎直方向的夾角a=74。。已知B、C

兩球的質量均為加，sin37°=0.6,則A球的質量為（）

C.1.5mD.1.6m

【答案】B

【詳解】對。點受力分析如下

由題可知。0、。2段的拉力滿足

FOQ=FOB=mg

將七°、”B合成如上圖所示，由于三個球靜止，O點受力平衡，根據幾何關系有七°、&是平行四邊形的

兩邊，有

F0P=F合=2FOBsin37°=1.2mg

則有A球的質量為

mA=曳=&■=l,2zz?

gg

故選Bo

4.如圖所示，豎直固定放置的光滑大圓環，其最高點為尸，最低點為0。現有兩個輕彈簧1、2的一端均栓

接在大圓環P點，另一端分別拴接M、N兩小球，兩小球均處于平衡態。己知輕彈簧1、2上的彈力大小相

同，輕彈簧1、2軸線方向與尸。連線的夾角分別30。、60°,則下列說法正確的是（）

M

Q

A.輕彈簧1處于壓縮狀態，輕彈簧2處于伸長狀態

B.大圓環對兩小球的彈力方向均指向圓心

C.M、N兩小球的質量比為加1:加2=1：6"

D.大圓環對M、N兩小球的彈力大小之比為然|：%=百:1

【答案】C

【詳解】A.對兩個小球受力分析并畫力的矢量三角形，如圖所示

兩個彈力均指向P點，故兩彈簧均處于拉伸狀態，故A錯誤;

B.大圓環對兩球的彈力均背離圓心，故B錯誤；

CD.M的力矢量三角形相似于三角形。尸故

=mxg=—Tx

然2==（

可知

=1：G

綜1:%=1：G

故C正確，D錯誤。

故選Co

5.如圖所示，水平地面上放置一個質量為10kg、傾角為37。的斜面體。一個質量為5kg的箱子在平行于斜面

的拉力廠作用下，沿斜面體勻速上滑，斜面體保持靜止。已知箱子與斜面間的動摩擦因數為0.25,重力加

速度g取lOm/s?,sin37°-0.6,??37。=0.8。下列說法正確的是（）

A.箱子對斜面體壓力的大小為30N

B.拉力尸的大小為10N

C.斜面體對地面壓力的大小為150N

D.地面給斜面體的摩擦力大小為32N

【答案】D

【詳解】A.對箱子進行受力分析，根據正交分解可知，斜面對體箱子的支持力為

F^=mgcos37°=40N

根據牛頓第三定律可知

是="=40N

故A錯誤；

B.由于箱子處于勻速直線運動狀態，即

F=/ngsin37°+//mgcos37°=40N

故B錯誤；

C.對斜面體與箱子整體受力分析可知

2V=(m+M)g-Fsin37°=126N

由牛頓第三定律可得，斜面體對地面壓力的大小為

瑯=N=126N

故C錯誤；

D.對斜面體與箱子整體受力分析可知

/=Fcos37°=32N

故D正確；

故選D。

【題型三】動態平衡

6.如圖所示，斜面體放在水平面上，A球套在粗細均勻的水平桿上，B球放在光滑斜面上，A、B兩球用輕

質細線連接。現用水平向左的推力F向左推斜面體，使斜面體緩慢向左移動，A始終保持靜止。在斜面體

向左移動直至細線與斜面平行過程中，關于線對A球的作用力E與斜面對B球的作用力入的大小變化，

下列說法正確的是()

A.E不斷減小，仍不斷減小B.B不斷減小，尸2不斷增大

C.B不斷增大，仍不斷減小D.B不斷增大，凡不斷增大

【答案】B

【詳解】設B的重力為GB,繩子對B的拉力為7,以B為研究對象可得最終7與B垂直

由圖可知在移動過程中7不斷減小，仍不斷增大，又由于力的作用是相互的，則可得E大小與7相等，綜

合可得產/不斷減小，尸2不斷增大。

故選B。

7.如圖所示，輕繩1兩端分別固定在M、N兩點（N點在M點右上方），輕繩1上套有一個輕質的光滑小

環。，質量為加的物塊P通過另一根輕繩2懸掛在環的下方，處于靜止狀態，AMON=60°?現用一始終

與輕繩2垂直的力尸緩慢拉動物塊，直到輕繩2與連線方向垂直。已知重力加速度為g。下列說法正確

的是（）

輕繩2的延長線可能不平分NMCW

施加拉力尸前，輕繩1的張力大小為停機g

B.

C.物塊在緩慢移動過程中，輕繩1的張力增大

D.物塊在緩慢移動過程中，力F先增大后減小

【答案】C

【詳解】A.物塊在緩慢移動過程中，以小環。為對象，由于小環。兩側輕繩1的張力大小總是相等，則小

環。兩側輕繩1的張力合力沿/WON平分線上，根據受力平衡可知，輕繩2的延長線始終平分故

A錯誤;

B.施加拉力下前，以小環。為對象，受到輕繩2的拉力等于物塊P的重力mg,豎直方向根據受力平衡可

得

2]cos30°=mg

解得輕繩1的張力大小為

T百

4=-mg

故B錯誤；

C.物塊在緩慢移動過程中，由于M、N之間的輕繩1長度不變，根據數學知識可知，小環。的運動軌跡為

橢圓，M、N為橢圓的兩個焦點；當輕繩2與連線方向垂直時，小環。剛好位于橢圓的短軸頂點上，根

據橢圓知識可知此時NVON最大，則此過程=a逐漸增大，以小環。為對象，根據受力平衡可得

27]'cosa-T2

可得

2cosa

可知此過程經繩1的張力一直增大，故C正確；

D.物塊在緩慢移動過程中，輕繩2與豎直方向的夾角為。逐漸變大，則可知

F=mgsin0

逐漸變大，故D錯誤。

故選Co

8.如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端安有滑輪，兩物塊P、Q用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質量和

摩擦），P懸于空中，Q放在斜面上，均處于靜止狀態。當用沿斜面向上的恒力推Q時，P、Q仍靜止不動,

則（）

A.Q受到斜面的摩擦力一定變小

B.Q受到斜面的摩擦力不變

C.輕繩上拉力一定變小

D.輕繩上拉力一定不變

【答案】D

【詳解】AB.不施加外力時，對Q受力分析，受重力、支持力和拉力，可能受靜摩擦力，靜摩擦力的方向

可能沿斜面向上或向下，也可能不受摩擦力；若原靜摩擦力沿斜面向上，施加外力時，靜摩擦力可能減小

但方向不變，也可能等于0或者反向大小不定；若原靜摩擦力沿斜面向下，施加外力時，靜摩擦力變大；

若原來不受靜摩擦力時，施加外力時，靜摩擦力沿斜畫向下，故AB錯誤；

CD.對P受力分析，受重力和輕繩拉力，處于靜止狀態，二力平衡，則拉力等于P的重力，則輕繩上拉力

一定不變，故C錯誤，D正確。

故選D。

9.如圖所示，固定的傾斜光滑桿上套有一個重環，繞過光滑定滑輪的輕繩一端與重環相連，另一端施加拉

力下使重環從/點緩慢上升到2點。設桿對重環的彈力大小為尸N,整個裝置處于同一豎直平面內，在此過

B.尸逐漸增大，入先減小后增大

C.k先減小后增大，網逐漸增大

D.尸先減小后增大，入先減小后增大

【答案】B

【詳解】對物體受力分析，并構封閉的矢量三角形，如圖所示

由圖可知，在拉力到達豎直方向前，與豎直方向的夾角越來越小，拉力/增大，然減小，經過豎直方向后，

夾角又逐漸變大，拉力廠繼續增大，4也增大，故B正確。

故選Bo

【題型四】多體平衡

10.新春佳節，大街小巷總會掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質細繩BC、CD、

懸掛起3盞質量相等的燈籠，繩兩端的結點/、E等高，繩與豎直方向的夾角為繩中張力大小為

K；3c繩與豎直方向的夾角為尸，繩中張力大小為鳥，則（）

A.

FX<3F2

B.若將懸掛點力往￡靠近少許，月的大小保持不變

C.若在C處再增加一盞質量較大的燈籠，平衡時&可能等于4

D.若在8、。處各增加一盞質量較大的燈籠，平衡時，可能等于90。

【答案】A

【詳解】A.由對稱性可知繩和繩張力大小相等，大小為耳。對三個燈籠的整體分析可知

2F、cosa=3mg

同理，對中間的燈籠受力分析，可得

2F2COSP=mg

聯立，可得

R-3mgJ已=3〃7g

2cosa-2cos￡

因為

a<0

所以

片<3工

故A正確；

B.若將懸掛點4往E靠近少許，則a減小，由

R=3〃7g

2cosa

可知大的大小減小。故B錯誤；

C.對結點8受力分析，有

片sina=gsin/?,Fxcosa=mg+F2cosp

聯立，解得

3tana=tan0

若在C處再增加一盞質量較大的燈籠，平衡時a不可能等于尸。故C錯誤；

D.若在3、。處各增加一盞質量較大的燈籠，假設平衡時0等于90。，則對結點C受力分析，如圖

c

可知其受力不平衡。所以假設不成立。故D錯誤。

故選Ao

11.中國古代建筑的門閂凝結了勞動人民的智慧。如圖是一種豎直門閂的原理圖：當在水平槽內向右推動

下方木塊A時，使木塊B沿豎直槽向上運動，方可啟動門閂。水平槽、豎直槽內表面均光滑，A、B間的

接觸面與水平方向成45。角，A、B間的動摩擦因數為0.2,且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。已知B的質

量為加，重力加速度大小為g。為了使門閂剛好能被啟動，則施加在A上的水平力尸最小應為（）

C.—mgD.—mg

【答案】B

【詳解】對A、B受力分析如圖所示

門閂剛好啟動時，對A水平方向上

F=Nsin45°+fcos45°

對于B在豎直方向上

?/cos45°=mg+fsin45"

A、B間最大靜摩擦力為

f="N

則施加在A上的水平力F最小應為

「3

r=—mg

故選B。

12.如圖所示，傾角為0的斜面固定在水平地面上，兩個物塊A、B用輕質彈簧連接，兩物塊恰好能靜止在斜

面上。已知物塊A的質量為1kg,物塊A與斜面間的動摩擦因數為0.4,物塊B與斜面間的動摩擦因數為

0.8,兩物塊受到的摩擦力方向相同，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，取重力加速度大小g=10m/s2,sin^=0.6,

下列說法正確的是（）

A.彈簧可能處于壓縮狀態B.彈簧中的彈力大小為2.4N

C.物塊B的質量為7kgD.物塊B受到的摩擦力大小為56N

【答案】C

【詳解】A.因tan0>0.4,物塊A靜止在斜面上，所以彈簧一定處于伸長狀態，A錯誤;

B.對物塊A有

mAgsin0=/^Arn^gcos3+F

解得

F=2.8N

B錯誤；

CD.把A、B看成一個整體，有

/7AmAgcos9+/JBmBgcos9-^mA+mB\gsm0

解得

恤=7kg

物塊B受到的摩擦力大小為

f=為恤8?056=44.8N

C正確、D錯誤。

故選C。

【題型五】臨界極值

13.如圖所示，兩根半圓柱體靜止于粗糙程度處處相同的水平地面上，緊靠但無相互作用力。現將一根圓柱

體輕放在這兩根半圓柱體上，三者均靜止。已知圓柱體和兩半圓柱體的材料、長度、半徑、密度均相同，

不考慮它們之間的摩擦，則半圓柱體與水平地面間的動摩擦因數至少為《最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）

CID.

2

【答案】B

【詳解】設圓柱體的質量為小則半圓柱體的質量為設圓柱體與半圓柱體之間的彈力大小為尸，對圓

柱體進行受力分析，根據平衡條件有

2廠cos30°=mg

解得

F=—wg

令地面對一個半圓柱體的支持力為N,結合對稱性，對圓柱體與半圓柱體整體進行分析有

c「m

2N=mH----1——g

I22產

解得

N=mg

三者始終處于靜止狀態，則有

Fsin30°<"N

解得

A-T

即半圓柱體與水平地面間的動摩擦因數至少為亞。

6

故選B。

14.（2024?河北唐山?一模）如圖所示，用一根輕質細繩將重為10N的畫框對稱懸掛在豎直墻上，畫框上兩

個掛釘間的距離為0.5m。若繩能承受的最大拉力為10N,要使繩不會被拉斷，繩子的最短長度為（）

掛釘掛釘

A.—mB.0.5mC.—mD.1.0m

43

【答案】c

【詳解】對畫進行受力分析如圖

受到重力mg和兩個大小相等的細繩拉力尸八尸2的作用而處于靜止狀態，當

月=8=%=10N

時，對應于細繩不被拉斷的最小長度為3設此時B和乃與豎直方向的夾角都為0,由平衡條件知

2Fxcos0=mg-10N

解得

cos。=0.5

設畫框上兩個掛釘間的距離為的力繩子的最小長度為

1.（2024?陜西?一模）放風箏是人們喜愛的體育休閑運動，其中蘊含著豐富的物理學知識。如圖，質量為加

的風箏在牽線拉力和垂直于風箏平面的恒定風力的作用下處于平衡狀態，風箏平面與水平面夾角為30。，牽

線與風箏平面夾角為60。，重力加速度大小為g,則風箏所受風力的大小為（）

【答案】C

【詳解】對風箏受力分析如圖

mg

則

。二30。，2=60。

根據平衡條件得

TcosP=mgsina

Tsin尸+mgcosa=F

解得風箏所受風力的大小為

F=J5mg

故選C。

12.（2024?山東煙臺?二模）如圖所示，一水晶球支架放置在水平桌面上，支架由水平底托和三根金屬支桿

構成。一質量為加、半徑為/的水晶球靜置于支架上，水晶球與三根金屬支桿的三個接觸點等高，接觸點的

連線構成邊長為/的等邊三角形。已知水晶球質量分布均勻，不計支桿與水晶球間的摩擦，重力加速度為g,

則每根支桿對水晶球的作用力大小為（）

A.螫B.至C.立D.Bmg

3632“

【答案】B

【詳解】設支桿對水晶球的作用力與豎直方向的夾角為。，根據幾何關系有

水晶球靜止，根據平衡條件可得

377cos6=mg

解得每根支桿對水晶球的作用力大小為

F_巫mg

6

故選Bo

3.班上同學在進行班級文化墻的布置時，用一根長為乙的輕質細繩將一幅質量為m的班級相框對稱地懸掛

在墻壁上，如圖所示。已知繩能承受的最大張力為相框重力的1.5倍，為使繩不斷裂，相框上兩個掛釘間的

間距最大為（）

【答案】A

【詳解】如圖所示

根據受力平衡可得

0

CJ=2Fcos—

2

可得

F=°41.5G

2cos—

2

可得

設相框上兩個掛釘間的間距為d，根據幾何關系可得

故選Ao

4.勞動人民的智慧是無窮的，他們在勞動中摸索、總結著自然的規律，積累著勞動的智慧。人們在向一定

高度處運送物料時，為了省力，搭建了一長斜面，其簡化圖如圖所示。將質量為加的物料放在傾角為。的

粗糙斜面上，用輕繩拉著物料勻速上滑，繩子與斜面之間的夾角為。（0<90。-a）保持不變。則下列說法正

確的是（）

A.物料對斜面的壓力可能為零

B.物料所受繩子的拉力越大，所受斜面的摩擦力越小

C.斜面對物料的作用力方向與0角無關

D.若適當增大。，則物料所受繩子的拉力減小

【答案】C

【詳解】A.由于物料勻速上滑，則物料受平衡力的作用，對物料受力分析，如圖所示

若物料對斜面的壓力為零，則摩擦力為零，在拉力廠和重力皿g作用下不可能平衡，不能沿斜面勻速上滑。

故物料對斜面的壓力不可能為零。故A錯誤；

BD.由共點力的平衡條件可知，沿斜面方向

Fcos0=mgsina+耳

垂直斜面方向

FN=mgcosa-FsmO

又

耳

整理得

mg（sina+〃cosa）

F=

J1+〃2sin（。+/）

C1

tan/3=—

顯然當

sin（6+夕）=1

時，繩子的拉力最小，當拉力變大時，摩擦力可能變大也可能變小，故B、D錯誤;

C.斜面對物料的作用力為支持力與摩擦力的合力，設其合力的方向與斜面的夾角為7,則

tanQ」

顯然/與。角無關，故C正確。

故選C。

5.小明同學喜歡體育運動，他拖拉物體時拉力最大為1000亞N,某次訓練中，體育老師將不同質量的重物置

于傾角為15。的斜面上，讓他拉動重物沿斜面向上運動，重物與斜面間的動摩擦因數為且,則他能拉動的

3

重物質量最大為（）

A.100kgB.100V3kg

C.200kgD.200V3kg

【答案】C

【詳解】設方與斜面夾角為。，則恰好拉動物體時有

Fcos0=mgsinlS3+〃(加gcoslS一尸sin0

整理可得

F_mgsin15°+/zmgcos15°加gJl+42sin45°mgsin45°

〃sin6+cos0Jl+儲sin(6+°)si36+0

故當sin?+9）=l時，加最大

F

m=-------=---2-00kg

gsin45°

故選C。

6.某博物館舉辦抓金磚挑戰賽，如圖為一塊質量加=25kg的梭臺形金石專，挑戰者須戴博物館提供的手套，

單手抓住金磚的〃、b兩側面向上提，保持金磚。面水平朝上，而且手指不能摳底，在空中保持25s,才是

挑戰成功。已知金磚〃、6兩側面與金磚底面的夾角均為A78.5。，挑戰者施加給金磚的單側握力為尸，手套

與金磚之間的動摩擦因數為〃=0.25,假設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/鏟。計算時取

sin78.5°-0.98,cos78.5°-0.20,若要抓起金石專，力廠至少約為（）

A.2500NB.2778N

C.1389ND.無論多大的力都無法抓起金磚

【答案】B

【詳解】對金塊受力分析如圖所示

f="F

2fsin61=mg+2Fcos6)

解得

Fx2778N

故選B。

7.（2024?遼寧撫順?三模）擦玻璃機器人可以幫助人們解決高層和戶外擦玻璃難的問題。如圖甲所示，一棟

大廈表面均為玻璃材料，機器人牽引擦子（未畫出）清潔玻璃時，將大廈某一表面簡化為如圖乙所示的正

三角形與水平面夾角為30。。已知機器人對擦子的牽引力平行于玻璃表面，擦子質量為加，與玻璃間

的動摩擦因數為*,重力加速度為g。則機器人在該表面由8點勻速運動到NC中點。的過程中，擦子所

受的牽引力為（）

甲乙

.11廣Gn不

A.—mgDB.—mgC.—^mgD.~^~mg

【答案】C

【詳解】機器人在垂直玻璃表面的方向，重力垂直于玻璃表面的分力大小等于機器人對玻璃表面的壓力大

小，則有

FN=mgcos30°

而滑動摩擦力

耳=〃然

代入數據解得

滑動摩擦力與物體相對玻璃表面的速度方向相反，機器人勻速運動，合力為零，在玻璃表面機器人受力分

析如圖所示

N

滑動摩擦力與重力沿斜面向下的分力的合力與牽引力大小相等方向相反，由幾何關系可知滑動摩擦力與重

力沿斜面向下的分力的夾角為60。，則/OPN=120。，在AOTW中，由余弦定理可得

222

（mgsin300）+Ff-F

cos120°=---------——---------

2xmgsin30°xFf

代入數據可得

F=-mg

故選C。

8.（2024?陜西銅川?三模）如圖所示，送水工人用推車運桶裝水，到達目的地后，工人抬起把手，帶動板

CU轉至水平即可將水桶卸下。若桶與接觸面之間的摩擦不計，為銳角且保持不變，板對

水桶的壓力大小分別為大、%,則在CM由豎直緩慢轉到水平的過程中（）

A.耳、耳都不斷增大

B.片不斷增大，耳不斷減小

C.耳不斷減小，鳥先增大后減小

D.片先增大后減小，入不斷減小

【答案】D

【詳解】在倒出水桶的過程中，兩個支持力的夾角是個確定值，受力情況如圖所示

根據力的示意圖結合平衡條件可得

F；_F；_mg

sinasin（3sin0

在轉動過程中a從90。增大到180。，則sina不斷減小，尸2將不斷減小，根據牛頓第三定律可得仍將不斷減小;

所以￡從鈍角減小到銳角，其中跨過了90。，因此si磔先增大后減小，則尸1將先增大后減小，根據牛頓第三

定律可得尸/先增大后減小，故D正確、ABC錯誤。

故選D。

9.為吸引更多消費者，商場會在中庭懸掛很多節日裝飾物，如圖所示，輕繩N3一端系有重為G的裝飾物,

另一端N可在豎直面內旋轉，輕繩3C一端系在3點，另一端通過固定在天花板上的定滑輪上的C點，由

工人拉住靜止不動。若不計繩與滑輪間的摩擦，調整/端使繩從豎直方向沿順時針緩慢變到水平方向的

過程中（2點位置不動），關于力的變化情況，下列說法正確的是（）

A.48繩拉力一直不變，3c繩拉力一直增大

B.繩拉力先減小后增大，繩拉力一直增大

C.地面對工人支持力一直變大

D.地面對工人摩擦力先變大后變小

【答案】B

【詳解】AB.對B點受力分析，作出力的動態平衡，如圖

由圖可知繩拉力先減小后增大，3c繩拉力一直增大，故A錯誤，B正確；

CD.對工人受力分析，設繩子與豎直方向的夾角為。，則

FBCCOS9+FN=mg

/cSin6>=/8C繩拉力一直增大，則地面對工人支持力一直變小，摩擦力增大，故CD錯誤；

故選B。

10.某物理興趣小組為了模擬機器人“手臂”，制作了如圖所示裝置，/、8類似于人手臂的關節，能在豎直

面內自由轉動，前臂8C末端系一重物和一輕繩，輕繩另一端跨過滑輪牽拉前臂。初始時，關節/、3均鎖

定，前臂3C水平。小組成員解除關節/的鎖定，通過拉繩緩慢提升重物，上臂N3轉過60。。不計“手臂”

重力及一切摩擦，下列說法正確的是（）

A.繩CD拉力先減小后增大

B.繩CA拉力先增大后減小

C.前臂3C受到的壓力大小不變

D.前臂8C受到的壓力先減小后增大

【答案】C

【詳解】AB.對C點受力分析，沿輕繩的拉力7,豎直向下大小為重物重力的拉力俏g,沿NC方向由/指

向C的支持力N,如圖

根據三力平衡的特點可知力的三角形與邊的三角形相似，有

mg_DA

T~DC

依題意，上臂43轉過60。過程中，D4保持不變，DC減小。可知繩CD拉力減小。故AB錯誤；

CD.同理，可得

mg_DA

~N~~AC

上臂轉過60。過程中，D4保持不變，/C大小也保持不變。可知前臂2C對C點的支持力的大小不變。

根據牛頓第三定律可知，前臂3c受到的壓力大小不變。故C正確；D錯誤。

故選Co

11.如圖所示，一個圓環豎直固定在水平地面上，圓心為O,兩根不可伸長的輕繩A、B一端