2025屆四川省新高考教研聯(lián)盟高三上學(xué)期八省適應(yīng)性聯(lián)考模擬

演練考試（二）物理試題

學(xué)校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.一質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動，當(dāng)/=為時，x>0,v>0,a>0,以后加速度a均勻減小，則以下說法

正確的是（）

A.位移開始減小，直到加速度等于零B.位移繼續(xù)增大，直到加速度等于零

C.速度繼續(xù)增大，直到加速度等于零D.速度開始減小，直到加速度等于零

2.在建筑工地上有時需要將一些建筑材料由高處送到低處，為此工人們設(shè)計(jì)了一種如圖所

示的簡易滑軌：兩根圓柱形木桿A8和C。相互平行，斜靠在豎直墻壁上，把一摞瓦放在兩

木桿構(gòu)成的滑軌上，瓦將沿滑軌滑到低處。在實(shí)際操作中發(fā)現(xiàn)瓦滑到底端時速度較大，有可

能摔破，為了防止瓦被損壞，下列措施中可行的是（）

A.減少每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)B.增多每次運(yùn)送瓦的塊數(shù)

C.減小兩桿之間的距離D.增大兩桿之間的距離

3.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一固定半圓環(huán),為其直徑且A3水平，。為圓心，一質(zhì)量楊=0.5kg

的小球套在圓環(huán)上的P點(diǎn)，小球受到三個拉力為、尸2、6作用保持靜止?fàn)顟B(tài)，三個拉力的

2

方向如圖所示。已知如=4N,F1:F2:F3=PA:PO:PB,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s,

則圓環(huán)對小球的支持力為（）

C.12ND.15N

4.一個動能為2.0eV的電子從很遠(yuǎn)處向一個固定的質(zhì)子飛去。電子接近質(zhì)子時被俘獲，同

時放出一個光子，電子和質(zhì)子形成一個處于基態(tài)的靜止氫原子。已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為

-13.6eV,光在真空中的速度為3.0xl（）8m/s,電子電量的大小和普朗克常量分別為

1.6X10-19C6.6x10-34kg-m2/s?所放出的光子的波長最接近的值是（）

A.79nmB.91nmC.107nmD.620nm

5.如圖所示，在豎直平面內(nèi)正方形0abe區(qū)域內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，在等腰直角三

角形cde區(qū)域內(nèi)存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場，且兩個區(qū)域內(nèi)的電場強(qiáng)度大小相等。在正方

形Oabc區(qū)域內(nèi)的某些位置由靜止釋放電子后,這些電子均可到達(dá)x軸上的e點(diǎn)，已知0a=0e,

不計(jì)電子的重力作用，則這些位置的橫坐標(biāo)尤與縱坐標(biāo)y之間的函數(shù)關(guān)系式為（）

D.y=2x2

6.如圖所示，水平面內(nèi)的等邊三角形BCD的邊長為3頂點(diǎn)C恰好位于光滑絕緣直軌道

AC的最低點(diǎn)，A點(diǎn)到B、D兩點(diǎn)的距離均為L,A點(diǎn)在BD邊上的豎直投影點(diǎn)為O。y軸上B、

。兩點(diǎn)固定兩個等量的正點(diǎn)電荷，在z軸兩電荷連線的中垂線上必定有兩個場強(qiáng)最強(qiáng)的點(diǎn),

這兩個點(diǎn)關(guān)于原點(diǎn)。對稱。在A點(diǎn)將質(zhì)量為機(jī)、電荷量為的小球套在軌道AC上（忽略

它對原電場的影響）將小球由靜止釋放，已知靜電力常量為七重力加速度為g,且

左絲=Yt〃zg,忽略空氣阻力，下列說法正確的是（）

L23

A.圖中的A點(diǎn)是z軸上場強(qiáng)最強(qiáng)的點(diǎn)

B.軌道上A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為螫

q

c.小球剛到達(dá)c點(diǎn)時的加速度為直g

D.小球剛到達(dá)C點(diǎn)時的動能為g〃工gL

試卷第2頁，共8頁

7.wmol理想氣體經(jīng)過一個緩慢的過程，從狀態(tài)尸沿拋物線到達(dá)狀態(tài)Q,其V（體積）-T（絕

對溫度）圖如圖所示。已知此過程中當(dāng)丫=時，溫度達(dá)到最大值&*=3嗎1（尺是普

24nR

適氣體常量）。若狀態(tài)P和Q的溫度7P和TQ都等于久坐，則該過程的p（壓強(qiáng)）-V圖為（）

nR

二、多選題

8.如圖所示電路中，電源的電動勢、內(nèi)阻及各電阻的阻值都標(biāo)記在了圖中，電壓表和電流

表均為理想電表，當(dāng)滑動變阻器"的滑片2向。端移動時，電壓表V、M和v?的示數(shù)分別

為u、S和七，三個電壓表示數(shù)變化量的絕對值分別為AU,Aq和A4，電流表A的示

數(shù)為/,電流表示數(shù)變化量的絕對值為A7,以下說法中正確的是（）

A.年增大，當(dāng)不變

1A/

B.電源的總功率和效率均增大

C.AUC+NJ

D.如果設(shè)流過電阻”的電流變化量的絕對值為△/2,流過滑動變阻器"的電流變化量

的絕對值為A/?,則A/2<A，3

9.如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,M為

磁場邊界上一點(diǎn)，有無數(shù)個帶電量為q(q>0)、質(zhì)量為根的相同粒子在紙面內(nèi)向各個方向以

相同的速率通過M點(diǎn)進(jìn)入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這

不計(jì)粒子間的相互作用，下列說法正確的是

A.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場時的速率丫=儂

2m

B.粒子從M點(diǎn)進(jìn)入磁場時的速率v=1處

2m

C.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)榘耄瑒t粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼难?/p>

D.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)楸荩瑒t粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼模?/p>

22

10.如圖，兩豎直墻面的間距為/,一個質(zhì)量為加、邊長為d的正方形木塊被一輕直彈簧頂

在左側(cè)墻面上，彈簧右端固定在右側(cè)墻面上，且彈簧與墻面垂直。已知木塊與墻面之間的最

大靜摩擦因數(shù)為〃，彈簧原長為/,勁度系數(shù)為h重力加速度大小為g。下列說法正確的

試卷第4頁，共8頁

是（）

B.如果左=等，則墻面對木塊的正壓力為網(wǎng)■

C.如果左=2等，則木塊受到的靜摩擦力大小為期理

D.為使木塊在此位置保持平衡狀態(tài)，/最小為寫

三、實(shí)驗(yàn)題

11.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。A點(diǎn)距光電門8的高度為機(jī)

o■干

h1主尺2cm

II」I.|J「J」」」IIII

1L。||||||||||J

[7==00游標(biāo)尺10

甲乙

（i）用十分度游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，若測量結(jié)果如圖乙所示，則小球的直徑"=

mm。

（2）將小球從A點(diǎn)由靜止釋放，若小球通過光電門8的時間為f,則小球通過光電門8時

的速度大小v=（用d、f表示）。

（3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間,若滿足關(guān)系式2g〃=（用d、t

表示），則說明在誤差允許的范圍內(nèi)，小球下落過程中機(jī)械能守恒。

12.某同學(xué)為了測量電源的電動勢和內(nèi)阻，根據(jù)元件的不同，分別設(shè)計(jì)了以下兩種不同的電

路。

甲乙

實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

兩個相同的待測電源E，輔助電源笈;

電阻箱4、R2,滑動變阻器R、￡；

電壓表V,電流表A；

靈敏電流計(jì)G,兩個開關(guān)S］、S2o

主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按圖連接好電路，閉合開關(guān)即和邑,再反復(fù)調(diào)節(jié)用和&,或者滑動變阻器R、R',使電

流計(jì)G的示數(shù)為0,讀出電流表A、電壓表V示數(shù)分別為人、U-

②反復(fù)調(diào)節(jié)電阻箱凡和&（與①中的電阻值不同），或者滑動變阻器R、R',使電流計(jì)G的

示數(shù)再次為0,讀出電流表A、電壓表V的示數(shù)分別為右、U2O

回答下列問題：

（1）哪套方案可以更容易得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果（填“甲”或"乙”）。

（2）電源的電動勢E的表達(dá)式為,內(nèi)阻「為=

（3）若不計(jì)偶然誤差因素的影響，考慮電流、電壓表內(nèi)阻，經(jīng)理論分析可得，E測—（填“大

于，，“小于，，或“等于，，）4，畫（填“大于”“小于”或“等于"）噎。

四、解答題

13.如圖，中空的水平圓形轉(zhuǎn)盤內(nèi)徑尸0.6m,外徑足夠大，沿轉(zhuǎn)盤某條直徑有兩條光滑凹

槽，凹槽內(nèi)有A、B、D、E四個物塊，D、E兩物塊分別被鎖定在距離豎直轉(zhuǎn)軸R=1.0m處，

A、B分別緊靠D、E放置。兩根不可伸長的輕繩，每根繩長工=1.4m,一端系在C物塊上,

另一端分別繞過轉(zhuǎn)盤內(nèi)側(cè)的光滑小滑輪，穿過D、E兩物塊中間的光滑圓孔，系在A、B兩

個物塊上，A、B、D、E四個物塊的質(zhì)量均為加=L0kg,C物塊的質(zhì)量加0=2.0kg,所有物塊

均可視為質(zhì)點(diǎn)，（取重力加速度g=10m/s2）,計(jì)算結(jié)果可用最簡的分式與根號表示）

（1）啟動轉(zhuǎn)盤，轉(zhuǎn)速緩慢增大，求A、D以及B、E之間恰好無壓力時的細(xì)繩的拉力及轉(zhuǎn)盤的

試卷第6頁，共8頁

角速度；

（2）停下轉(zhuǎn)盤后，將C物塊置于圓心。處，并將A、B向外測移動使輕繩水平拉直，然后無

初速度釋放A、B、C物塊構(gòu)成的系統(tǒng)，求A、D以及B、E相碰前瞬間C物塊的速度；

⑶碰前瞬間解除對D、E物塊的鎖定，若A、D以及B、E一經(jīng)碰撞就會粘在一起，且碰撞

時間極短，求碰后C物塊的速度。

14.半導(dǎo)體摻雜是集成電路生產(chǎn)中最基礎(chǔ)的工作，某公司開發(fā)的第一代晶圓摻雜機(jī)主要由三

部分組成：離子發(fā)生器，控制器和標(biāo)靶。簡化模型如圖所示，離子發(fā)生器產(chǎn)生電量為+q,

質(zhì)量為他的離子，以足夠大速度為沿電場的中央軸線飛入電場；控制器由靠得很近的平行

金屬板A、B和相互靠近的兩個電磁線圈構(gòu)成（忽略邊緣效應(yīng)），極板A、B長為乙，間距

為力加上電壓時兩板間的電場可當(dāng)作勻強(qiáng)電場，兩電磁線圈間的圓柱形磁場可以當(dāng)作勻強(qiáng)

磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流的關(guān)系8=狂，左為常數(shù)，勻強(qiáng)電場與（柱形）勻強(qiáng)磁場的中軸線互

相垂直相交，磁場橫截面的半徑為2;標(biāo)靶是半徑為R的單晶硅晶圓，并以晶圓圓心為坐標(biāo)

原點(diǎn)，建立。町正交坐標(biāo)系。晶圓與勻強(qiáng)電場的中軸線垂直，與勻強(qiáng)磁場的中軸線平行，

且與勻強(qiáng)電場中心和柱形勻強(qiáng)磁場中軸線的距離分別為4和4,其中R=兀=0,1=0

時，離子恰好打到晶圓的（0,0）點(diǎn)。

（1）當(dāng)，=0,UAB=■時，離子恰好能打到（0,-R）點(diǎn)，求q的值。

（2）當(dāng)4B=。，/=/1時，離子能打到點(diǎn)（R,0）,求人的值。

（3）試導(dǎo)出離子打到晶圓上位置（x,y）與UAB和/的關(guān)系式。（提示：磁場中運(yùn)動時間很

2t"

15.一小型風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室內(nèi)水平桌面上放兩根足夠長的平行導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L,如圖甲(俯

視)所示。虛線左側(cè)區(qū)域I有豎直向下的勻強(qiáng)磁場以，虛線右側(cè)區(qū)域III有豎直向下

的勻強(qiáng)磁場以，中間區(qū)域II有水平向左的勻強(qiáng)磁場外,BI=B2=B,6=2及中間區(qū)域處于一

向上的風(fēng)洞中，當(dāng)棒經(jīng)過此區(qū)域時會受到豎直向上的恒定風(fēng)力尸=7"g的作用。長度均為工

R

的導(dǎo)體棒cd與導(dǎo)軌接觸良好，兩棒質(zhì)量均為加，棒油電阻為一，棒cd電阻為R,其

2

余電阻不計(jì)。兩棒最初靜止，現(xiàn)給棒成一個水平向右的瞬間沖量使得其獲得初速度v。，已

知棒cd到達(dá)前兩棒不相碰且均已勻速。當(dāng)棒cd剛進(jìn)入?yún)^(qū)域II時，對棒出?施加一水平

向右的外力使棒。6向右做勻加速直線運(yùn)動，外力隨時間變化的圖像如圖乙所示。已知直線

斜率為上切時刻棒cd恰好進(jìn)入?yún)^(qū)域III,棒cd進(jìn)入?yún)^(qū)域III后瞬間撤去棒仍上的外力。區(qū)域

I、III導(dǎo)軌光滑，中間區(qū)域?qū)к壌植谇遗c棒cd的動摩擦因數(shù)為〃，兩棒在運(yùn)動過程中始終

2207p2

與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，棒仍始終在區(qū)域I運(yùn)動。已知為=￡#,〃=學(xué)耳，重力加速

度為g。求：

(1)棒。6剛開始運(yùn)動時，棒兩端的電勢差U"；

(2)圖乙中仁0時刻外力多大，歷時刻棒功的速度多大；

(3)棒cd進(jìn)入?yún)^(qū)域III后的過程中閉合回路產(chǎn)生的焦耳熱多大。

I'MII\PIII

試卷第8頁，共8頁

《2025屆四川省新高考教研聯(lián)盟高三上學(xué)期八省適應(yīng)性聯(lián)考模擬演練考試（二）物理試題》

參考答案

題號12345678910

答案CDDABBDADADBD

1.C

【詳解】因v>0,a>0,即加速度和速度同向，物體做加速度運(yùn)動，隨著加速度的減小，物

體的速度繼續(xù)增加，當(dāng)加速度減為零時速度達(dá)到最大，此后物體做勻速運(yùn)動，此過程中速度

的方向保持不變，即位移一直增加。

故選C。

2.D

【詳解】要使瓦滑到底端的速度相對減小，應(yīng)當(dāng)增大瓦與桿之間的摩擦力，由于它們的粗糙

程度一定，由

f="N

故應(yīng)增大M、N2,由圖可知，只有增大兩桿之間的距離，才能增大N/、N2

NN

丁

mgcos0

故選D。

3.D

【詳解】對小球受力分析，如圖所示

83

先將B與尸3合成，它們的合力為乃3,根據(jù)平行四邊形定則可知,入3與尸2共線同向，且大

小是尸2的兩倍，即

答案第1頁，共13頁

43=8N

再將重力正交分分解，根據(jù)平衡條件，沿半徑方向有

FN=mgsin37°++F2

代入數(shù)據(jù)解得

FN=0.5X10X0.6N+8N+4N=15N

故選D。

【詳解】根據(jù)能量守恒可知放出光子能量為

18

AE=E0-Ex=15.6eV=2.496xl0J

c

AE=hv=h—

A

可得波長

故選Ao

5.B

【詳解】由題意，正方形。〃反區(qū)域內(nèi)某電子在位置坐標(biāo)小y由靜止釋放后，沿x軸負(fù)方向

做勻加速直線運(yùn)動，設(shè)加速度為。，經(jīng)y軸時的速度為vo,由速度位移關(guān)系公式，則有

進(jìn)入三角形cde區(qū)域的位置為尸點(diǎn)，設(shè)尸e=L,電子在三角形cde區(qū)域內(nèi)做類平拋運(yùn)動，在

水平方向則有

Lcos45°=%，

在豎直方向則有

y=-a't

-2

兩個區(qū)域內(nèi)的電場強(qiáng)度大小相等，則有"=即又有

聯(lián)立以上各式解得

故選B。

答案第2頁，共13頁

6.B

【詳解】A.由題意可知。4=且乙，如圖所示，P為z軸上一點(diǎn)，PO連線與z軸的夾角為。

2

根據(jù)等量同種電荷的電場分布可知P點(diǎn)的電場強(qiáng)度豎直向上，大小表示為

整理得

22

E=*?cos6>sin0=§cos-cos。）

令f=COS0,fe（0』）,可得函數(shù)

對函數(shù)求導(dǎo)

廣⑺=1-3產(chǎn)

令廣⑺=0,解得

3

結(jié)合導(dǎo)函數(shù)的性質(zhì)可知，在止（0,日］時，/⑺單調(diào)遞增，在/€（?/）時，/⑺單調(diào)遞減，

因此f=cose=#時，電場強(qiáng)度最大，即

OP=.H

tang4

由此可知，z軸上距離。點(diǎn)立乙處的兩點(diǎn)電場強(qiáng)度最大，A錯誤；

4

B.ZDAO=3Q°,軌道上A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小

紇=華330。=餐=整

“A?Cq

B正確；

C.由幾何關(guān)系可知

OA=OC=—L,ZACO=45°

2

根據(jù)對稱性可知，A、C兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，因此，C點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向沿x軸正方

答案第3頁，共13頁

向，電場強(qiáng)度大小表示為

Pc=qEc=mg

沿桿方向的合力為

F=mgcos45°-Fccos45°=ma

解得

a—0

由此可知小球剛到達(dá)C點(diǎn)時的加速度為0,c錯誤；

D.根據(jù)等量同種電場分布和對稱關(guān)系可知，A、C兩點(diǎn)電勢相等，電荷從A到C的過程中

電場力做功為零，根據(jù)動能定理可得

mg-OA=Ekc—0

解得

Ekc=^mgL

D錯誤。

故選B。

7.D

【詳解】由圖可知，最高點(diǎn)坐標(biāo)為（：匕，之皿），則拋物線方程可表示為

24nR

T=-A（V--X））2+^2^

將P點(diǎn)或。點(diǎn)坐標(biāo)代入方程可得

A=A

nRV0

因此拋物線方程為

答案第4頁，共13頁

―北+誣

nRV0nR

又由于

pV=nRT

聯(lián)立解得

P=_^V+3Po

%

故選D。

8.AD

【詳解】A.如圖所示當(dāng)滑動變阻器R3是限流式接法，當(dāng)滑片P向。端移動時，滑動變阻器

R3電阻變大，由

“。

可知與增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

七=石_(/+凱+中

得

U=%(r+R)R?I

2r+禺+r+R]+R?

則

A[/2(r+7;,)R2

A/r+R+R?

可得當(dāng)不變，故A正確；

B.當(dāng)滑動變阻器R3的滑片P向。端移動時，滑動變阻器尺3增大，電路中總電阻增大，總電

流減小，電源的總功率

P=EI

得電源的總功率減小；

由電源的效率為

UIU

===

PEIE

由路端電壓為

U=E-Ir

可知總電流減小時路端電壓U增大，得電源的效率增大，故B錯誤；

答案第5頁，共13頁

C.根據(jù)閉合電路歐姆定律

U=E-I&r

則

\U=M&r

又

則

由串并聯(lián)電路特點(diǎn)和歐姆定律可知

幾=4

總&

則

AU1=總段

所以

At/^AC/j+At/

故C錯誤；

D.當(dāng)滑動變阻器用的滑片尸向a端移動時，尺增大，電路中總電阻增大，總電流減小，

則通過&的電流減小，通過尺的電流等于通過電阻耳電流和流過滑動變阻器氏3的電流之和，

且流過冬的電流增大,流過滑動變阻器弱的電流減小，所以4減小的量比A增大的量更大，

得

A/2<A/3

故D正確。

故選AD。

9.AD

TT

【詳解】如圖甲所示,a=g,邊界上有粒子射出的范圍是偏轉(zhuǎn)圓直徑為弦所對應(yīng)的邊界圓弧

長，偏轉(zhuǎn)圓半徑為石=曰=卓，得粒子速率為v=等；若將磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)榛兀?/p>

偏轉(zhuǎn)圓半徑;=g,得偏轉(zhuǎn)圓半徑4=孝氏，粒子射出的范圍是偏轉(zhuǎn)圓直徑為弦所對應(yīng)的

邊界圓弧長，如圖乙所示.由幾何關(guān)系可知，，='.兩次粒子射出邊界的圓弧長之比為,

答案第6頁，共13頁

【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在有界勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動，解題關(guān)鍵是由洛倫茲力提供向心力求

得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求半徑.

10.BD

【詳解】AC.如果左=2等，則木塊受到的最大靜摩擦力為

fm=〃卅==2mg>mg

木塊處于平衡狀態(tài)，受到的靜摩擦力大小為加g,A、C錯誤；

B.如果左=2等，木塊處于平衡狀態(tài)，則墻面對木塊的正壓力等于彈簧的彈力，即

F—kd-

B正確；

D.為使木塊在此位置保持平衡狀態(tài)，至少應(yīng)使

fm==mg

即發(fā)的最小值為

k4

D正確。

故選BD。

11.9.3-學(xué)

tr

【詳解】（1）依題意，小球的直徑為

d=9mm+0.1x31nm=9.3mm

（2）極短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度，故小球通過光電門5時的速度大小為

d

v=-

t

（3）設(shè)小球的質(zhì)量為如根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

答案第7頁，共13頁

mgh=~my2

因

d

v=—

t

可得

,d2

92gh=:

如果上式在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則小球下落過程中機(jī)械能守恒。

I.U.-LU,U,-U,_一

12.甲—；2廠=六六等于等于

12Tl

【詳解】(1)口]甲電路的連接有兩個特點(diǎn)：左、右兩個電源間的路端電壓相等，干路電流相

同，電阻箱可以直接讀數(shù)；乙電路更加適合一般情況，需要采集更多數(shù)據(jù)，并且需要作圖處

理數(shù)據(jù)才可以得到結(jié)論，同狀態(tài)下采集數(shù)據(jù)，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電源的電動勢

E和內(nèi)阻「，甲電路更簡單。

⑵⑵[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律得

E=Ul+Ilr

E=U2+12r

解得

E—-，跖r_5-U]

~/2-A'~A-A

⑶[4]⑸當(dāng)電流計(jì)G的示數(shù)為0時，相同電源，電流相等時路端電壓相等，此電路中電流表

測的是干路電流，電壓表測的是凡兩端的電壓(路端電壓)，因此電流表和電壓表都是準(zhǔn)確

值，故

E測=E真，謝=住

13.(1)12.5N,%^rad/s；(2)v=處01m/$；(3)^^/41m/s

2c4157

【分析】(1)AB在細(xì)繩拉力作用下做，做勻速圓周運(yùn)動。C在拉力作用下處于平衡態(tài)，結(jié)

合輕繩上的拉力大小相等可求細(xì)繩的拉力及轉(zhuǎn)盤的角速度；

(2)輕繩水平拉直，然后無初速度釋放，A、B、C物塊構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，結(jié)合關(guān)聯(lián)

速度的知識，可求C物塊的速度；

(3)碰前瞬間解除對D、E物塊的鎖定，由動量定理可求C物塊的速度。

【詳解】(DC物塊保持靜止，故

答案第8頁，共13頁

2Fcos0=mcg,sin8=———=-

1.4-0.45

可以解得

尸=12.5N

對A、3兩個物塊尸=/m2尺，可解得角速度

a)=rad/s

（2）設(shè)碰前A、3速度大小為乙。的速度大小為%,由繩長不變可知

4

v=vccos^=—vc

系統(tǒng)下落過程中機(jī)械能守恒

c12127

2x—mv+—mcvc=mcgn

C下降高度

h=---=0.8m

tan。

得

20歷/

V,=------m/s

c41

⑶設(shè)碰后A、。的速度大小為M,。的速度大小為匕’，由繩長不變

M=4匕cos0

設(shè)繩上拉力的沖量大小為/,由于碰撞時間極短，繩子拉力遠(yuǎn)大于重力。對C物塊運(yùn)用動量

定理

—21cos0=mj；—mcvc

對A、。運(yùn)用動量定理

I-2mv'-mv

解得

匕=￡「空歷3

°57°57

【點(diǎn)睛】

解決本題關(guān)鍵：（1）利用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，解決繩子連接的問題時，注意繩兩端速度的

分解；（2）熟練應(yīng)用動量定理解決相關(guān)問題。

答案第9頁，共13頁

MDRV，?

144GTJ^力AI=er-2kIqrmvL

-⑴『訴；⑵瓜%q；⑶丁島；_破020泮3，

OVY產(chǎn)」（包含正、反向電流）.y_L^qUmdRv^<°<儂IRvJ

J3kqqmdv^qL[L?

【詳解】（1）在勻強(qiáng)電場中有

E=L,qE=ma

d

r_.12

4一%才，y

根據(jù)相似三角形得

RL?

聯(lián)立解得

U_mdRvl

tan0=—=^3

L3

解得

則

7171

tan—=———產(chǎn)

6rV3

解得

由洛倫茲力提供向心力得

答案第10頁，共13頁

Bq%=m-

r

又

B=%

解得

j:小。

,6k%q

(3)縱坐標(biāo)由勻強(qiáng)電場決定，則

乂=：烏/，匕=卬，~y[~T7

2md2A

聯(lián)立解得

y_LJzqU

mdvj'

由于yWR,則

mdRv^mdRv^

------------SUS----------

橫坐標(biāo)由勻強(qiáng)磁場決定，則

2

Bqv°=

解得

廠,/%

klq

由于

tan且=2=駟

2r,mv0

又

c0

2tan—

tan9=-------、

<2H

1-tan—

2

聯(lián)立解得

.j21dq

Xx-^Wd-im

由于x<R,則

04/W一駕(包含正、反向電流)