第66頁（共66頁）2025年高考生物三輪復習之遺傳的基本規律一．選擇題（共15小題）1．（2025?南陽模擬）在某野生型（紅眼正常翅）果蠅群體中發現了紫眼卷翅突變體品系（M），將紫眼卷翅突變體品系（M）與野生型果蠅進行如圖所示的雜交實驗。根據雜交結果，下列分析錯誤的是（）A．控制眼色和翅形的基因的遺傳遵循自由組合定律 B．紫眼卷翅突變體品系（M）的眼色發生了隱性突變 C．若F1中紅眼正常翅自由交配，后代中卷翅：正常翅＝1：2 D．若F2中紅眼卷翅隨機交配，后代中紫眼正常翅占比為12．（2025?山東模擬）某植物既可進行自花傳粉，又可進行異花傳粉，其花色由A1、A2、A3三個等位基因決定。已知A1存在限制酶HindⅢ的酶切位點，A2、A3分別由于堿基對的增添和缺失導致酶切位點消失。研究人員對某人工種植種群隨機抽樣，并對這些個體的A1、A2、A3基因進行PCR擴增，充分酶切后電泳結果如圖所示。將該種群在適宜的自然條件種植多代，不考慮其他突變，最終種群內雜合子所占的百分比約為（）A．80% B．66% C．33% D．25%3．（2025?萍鄉模擬）自私基因是通過殺死不含該基因的配子來改變分離比的基因。若自私基因E在產生配子時，能殺死自身體內不含E基因的一半雄配子。某基因型為Ee的親本植株自交獲得F1，F1個體隨機授粉獲得F2。下列推測不正確的是（）A．親本存活的雄配子中，E比例23B．F1個體隨機授粉后E基因頻率不變 C．F1存活的雄配子中，e比例13D．F2中因型為Ee個體的比例為174．（2025?重慶模擬）自交不親和是一種植物界常見的現象，指的是在不同基因型的株間授粉能正常結籽，但自交不能結籽。玉米的自交不親和由H1、H2、H3等復等位基因和R1、R2、R3等復等位基因控制，H基因和R基因完全連鎖不發生重組。在受精過程中，R基因只在雌蕊花柱中表達，編碼R酶（進入花粉管后抑制花粉管的伸長，導致精子不能與卵細胞結合）；H基因只在花粉中表達，編碼H蛋白（降解進入花粉管的R酶），但對相同來源的R基因編碼的R酶無效（如H1蛋白對R1酶無效）。已知不同R基因在同一花柱中能同時表達，現有多株不同品種的玉米，下列說法錯誤的是（）注：1.受精時，精子隨著花粉管的伸長移動到胚珠內部，進而與卵細胞結合完成受精；2.圖中x、y可以代表任意數字。A．基因型為的玉米自交，會出現無法結籽的現象 B．基因型與雜交，大量后代只有2種基因型 C．基因型與的玉米自由交配，能產生純合子 D．若想在短期內獲得純合子可以采用單倍體育種5．（2025?長沙校級一模）人類ABO血型由位于9號染色體上的復等位基因IA、IB、i和位于19號染色體上的H基因決定。H基因合成H物質，IA或IB基因都必須以H物質為前體形成A抗原或B抗原，進而形成A型血或B型血，AB型血兩種抗原都有，O型血則兩種抗原都無。沒有H物質的情況下，無論基因型如何，都表現O型血，稱作孟買型。某家族系譜圖如圖所示，下列敘述錯誤的是（）A．基因IA、IB、i和H、h的遺傳遵循分離和自由組合定律 B．復等位基因的存在體現了基因突變的不定向性 C．表現為O型血的個體可能的基因型有7種 D．Ⅱ﹣1和Ⅱ﹣2再生一個孩子，為B型血的概率為36．（2025?山東模擬）GAL4基因的表達產物能識別啟動子中的UAS序列，從而驅動UAS序列下游基因的表達。野生型雌、雄果蠅均為無色翅，且基因組中無GALA基因和含UAS序列的啟動子。科研人員利用基因工程在雄果蠅的一條Ⅲ號染色體上插入GALA基因，雌果蠅的某一條染色體上插入含有UAS序列的啟動子的綠色熒光蛋白基因?？蒲行〗M利用雜交實驗對雌果蠅中外源基因插入的位置進行判斷：將上述雌、雄果蠅雜交得到F1，讓F1中綠色翅雌、雄果蠅隨機交配，由于綠色熒光蛋白基因插入位置不同將導致F2個體的表型和比例出現差異。下列說法錯誤的是（）A．根據F1的性狀分離比，無法確定親本雌果蠅中綠色熒光蛋白基因的插入位置 B．若綠色熒光蛋白基因插入Ⅲ號染色體上，則F2中綠色熒光翅：無色翅＝1：1 C．若綠色熒光蛋白基因插入I號染色體上，則F2中無色翅雌性個體的比例為716D．若綠色熒光蛋白基因插入X染色體上，則F2中無色翅個體的基因型共有6種7．（2025?鹽城二模）研究發現，玉米細胞質中T基因導致雄性不育，可被顯性核恢復基因（R基因）恢復育性，作用機理如圖所示。相關基因型的表示方法：質基因寫在括號外，核基因寫在括號內，如T（RR）。下列敘述正確的是（）A．減數分裂中R基因和T基因可以自由組合 B．T基因通常以精子為載體傳遞給下一代 C．R蛋白通過阻止T基因的表達恢復育性 D．T（Rr）的玉米自交，后代約有148．（2025?浙江二模）桑蠶蠶繭的顏色受常染色體上獨立遺傳的兩對等位基因控制，黃色基因Y對白色基因y為顯性，但該基因的表達受到另一對等位基因（Ii）的“影響”。為進一步研究蠶繭顏色的遺傳方式，研究人員做了下列實驗，敘述錯誤的是（）組別雜交組合子一代子二代實驗一甲（黃繭）×乙（白繭）全為黃繭黃繭：白繭＝3：l實驗二丙（黃繭）×丁（白繭）全為白繭白繭：黃繭＝13：3A．兩對等位基因的遺傳分別都遵循分離定律 B．題干中“影響”具體是指I基因抑制Y基因的表達 C．實驗二F2白繭蠶中能穩定遺傳的比例為713D．若實驗二F2黃繭蠶中基因型相同的雌雄蠶相互交配，子代中黃繭占89．（2025?承德一模）人的某條染色體上M、N、O三個基因緊密排列，不發生互換。這三個基因各有多個等位基因（如M1～Mn均為M的等位基因）。父母及孩子的基因組成如表所示，若不考慮基因突變，下列敘述正確的是（）家庭成員父親母親兒子女兒基因組成M5N1O6O7M1M2N4N8O3O9M2N4O3O6M1M5N1N8O7O9A．基因M、N、O位于X染色體上，Y染色體上無它們的等位基因 B．父親的其中一條染色體上的基因組成是M5N1O6 C．基因M1與基因M2的區別一定是堿基對的數目不同 D．若此夫妻生的第2個兒子有M1基因，則其O基因組成為O6O910．（2025?湖北模擬）果蠅（2n＝8）雜交實驗中，F2某一雄果蠅體細胞中有4條染色體來自F1雌果蠅，這4條染色體中只有兩條與親本雌果蠅相同，且其中有一條是2號常染色體的概率是（）A．38 B．316 C．18 11．（2025?上饒模擬）生物育種是現代農業的“芯片”，是實現大國農業的重要手段，真正實現“中國飯碗裝中國糧”。杜洛克豬具易飼養、適應能力強、引種成本高昂等特點，是我國豬種雜交組合中的重要配種豬，其與其他品種的豬雜交的豬肉在蛋白質含量、水分含量、肌肉脂肪含量以及嫩度都要優于單一的品種。其中杜洛克豬毛色受兩對獨立遺傳的等位基因控制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如下表。毛色紅毛棕毛白毛基因組成A_B_A_bb、aaB_aabb已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2，將F2中棕毛豬隨機交配，子代白毛個體的比例為（）A．181 B．118 C．1681 12．（2025?滄州一模）某二倍體植物的紫莖和綠莖受一對等位基因M/m控制，其所在染色體未知。SSR是分布于各染色體上的DNA序列，不同染色體具有各自的特異SSR，常用于染色體特異性標記。讓該植物的純種紫莖植株和純種綠莖植株雜交，F1自交后選取F2中全部綠莖植株并提取其細胞核DNA，利用該植物4號染色體上的特異SSR進行PCR擴增，電泳結果如圖所示。下列判斷錯誤的是（）A．由電泳結果可判斷綠莖為隱性性狀 B．該電泳結果說明M/m基因位于4號染色體上 C．若少數綠莖植株擴增后出現兩個條帶，則F1形成配子時可能發生了基因重組 D．不考慮其他變異，若選F2中全部紫莖植株進行檢測，電泳結果有兩種類型且比例為1：113．（2025?云城區模擬）某種植株的花色由三對等位基因（如圖示）共同控制，其中顯性基因D、A、B同時存在時，表現為藍色；其他情況都為白色。下列相關敘述正確的是（不考慮突變、互換及致死）（）A．該植株可產生8種比例相同的雄配子 B．基因A（a）與B（b）的遺傳遵循自由組合定律 C．該植株測交時后代藍色：白色＝1：1 D．該植株自交時后代藍色：白色＝3：514．（2025?九江一模）白花三葉草的葉有含氰和不含氰兩種類型，葉片內的氰化物是經下列生化途徑產生的，不考慮變異的情況下，下列相關敘述正確的是（）A．葉內含氰的植株自交，子代均為含氰的類型 B．葉內不含氰的植株自交，子代均為不含氰的類型 C．兩個葉內不含氰的植株雜交，子代均為不含氰的類型 D．葉內含氰的植株和葉內不含氰的植株雜交，后代均為含氰的類型15．（2025?黑龍江一模）某種鳥類羽毛的顏色由常染色體上的一對等位基因控制，雌鳥有藍色和綠色兩種表型，雄鳥只有藍色。控制綠色的基因在雄鳥中不表達，各類型個體的生存和繁殖力相同。隨機選取一只綠色雌鳥與一只藍色雄鳥交配，F1雌鳥全為綠色，雄鳥全為藍色。繼續讓F1自由交配，理論上F2雌鳥中綠色個體的比例可能是（）A．12 B．14 C．78 二．解答題（共5小題）16．（2025?山東模擬）果蠅的繁殖能力強，相對性狀明顯，其眾多的突變品系為研究基因與性狀的關系提供了重要的材料。（1）果蠅進行有性生殖形成配子時，基因重組發生的具體時期為。（2）果蠅Ⅱ號染色體上有控制翻翅（D）和直翅（d）、星狀眼（R）和圓眼（r）的兩對等位基因，且D和R均存在純合致死效應，若不考慮互換及其他變異，一對基因型為DdRr的翻翅星狀眼果蠅雜交，子代的表型及比例可能的情況有：①。②。③全部為翻翅星狀眼。（3）摩爾根等選育了M﹣5果蠅品系，用于檢測X染色體上的基因突變情況。不考慮XY染色體同源區段。某正常雄果蠅經過誘變處理后，與M﹣5雌果蠅雜交，若F1表現出突變性狀，說明該雄果蠅發生了。若要確定該突變基因是否位于X染色體上，還需要補充的操作是。若F1沒有表現出突變性狀，從F1中選擇雌果蠅與M﹣5雄果蠅雜交，觀察F2的表型及比例。①若F2中沒有表現出突變性狀，則說明X染色體上沒有發生基因突變。②若F2中，則說明X染色體上發生了隱性致死基因突變。③若F2中突變型占比為，則說明X染色體上發生了隱性不致死基因突變。（4）果蠅的Ⅳ號染色體多一條（三體）可存活并具有繁殖能力，多兩條則致死。正常眼（E）和無眼（e）是一對相對性狀，現有染色體數目正常的純合正常眼和無眼果蠅，以及Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅。利用上述材料，設計簡單的實驗探究E、e基因是否位于Ⅳ號染色體上。①實驗方案：。②若E、e基因位于Ⅳ號染色體上，實驗結果是。17．（2025?寧波模擬）某XY型昆蟲的卷翅與平翅（野生型），灰眼與黑眼（野生型）分別由等位基因A/a、B/b控制，且兩對基因均不位于Y染色體上。用射線處理一批純合野生型的受精卵，在孵化的后代中，出現了一只灰眼平翅雌性突變體甲?？蒲腥藛T以該突變體甲為材料，與一純合野生型雄性進行雜交得到F1。F1中灰眼平翅♂：黑眼平翅♀＝1：1。讓F1中雌雄個體自由交配，F2中平翅：卷翅＝15：1。（1）經分析可知眼色基因在染色體上，原因是。測序發現突變個體的眼色基因比野生型的等位基因少14bp，可能導致翻譯過程。A.不能發生B.提前終止C.延遲終止D.不發生改變（2）F1中灰眼平翅個體的基因型為，對其中的雜合子進行測交，寫出相應的遺傳圖解。（3）讓F1中雜合雄性與雌性自由交配，后代有種表現型，其中純合子比例為。（4）有另一只翅型發生隱性突變的純合雄性突變體乙，現欲探究突變體甲、乙控制翅型的突變基因的位置關系（僅考慮單對基因突變）。實驗方案：讓甲、乙突變體雜交，得F1觀察F1的表型。預期實驗結果：Ⅰ.若F1表現為，說明兩突變基因為等位基因；Ⅱ.若F1表現為，說明兩突變基因為非等位基因。18．（2025?南陽模擬）水稻雄性不育在雜交育種中有著廣泛的應用?，F有兩個光周期依賴的雄性不育突變體甲和乙。研究發現，基因A和基因B是花粉育性正常的必需基因，突變體甲（aaBB）在長日照條件下雄性半不育（花粉只有50%可育），在短日照條件下育性正常；突變體乙（aabb）在長日照條件下雄性半不育，在短日照條件下雄性完全不育。在相同光周期條件下，基因型為AAbb個體的育性與基因型為aaBB個體的相同，不考慮染色體互換，回答下列問題：（1）在短日照條件下，純合野生型水稻與突變體乙雜交，則母本應為；在長日照條件下，純合野生型水稻與突變體甲雜交，獲得F1，F1隨機受粉，F2的育性及比例為。（2）將基因型為aaBB和AAbb的親本雜交，獲得F1并自交，得到F2。長日照條件下，若F2表型及比例為，可說明這兩對基因位于非同源染色體上；若F2表型及比例為，可說明這兩對基因位于同源染色體上。（3）對基因A和基因a的堿基序列進行檢測，檢測結果如圖所示。注：起始密碼子為AUG、GUG；終止密碼子為UAA、UAG、UGA。圖中“_____”代表無相應堿基，“■”代表終止。圖中氨基酸S的密碼子是，a基因編碼的多肽鏈比A基因編碼的多肽鏈至少少了個氨基酸。據此分析，在長日照條件下突變體甲雄性半不育的原因是。（4）根據以上水稻雄性育性遺傳研究結果分析，生物性狀與基因、環境之間的關系是。19．（2025?福州模擬）某植物可自花或異花傳粉，其花色（紅色、紫色和白色）由A/a基因控制，雄性育性由復等位基因M、m、Mf控制，其中m為可育基因，M為不育基因，Mf為可育恢復基因?，F進行如下實驗：紅花雄性不育植株甲和基因型為MfMf的白花植株乙雜交，F1全部表現為紫花雄性可育，F1自交后代中紅花：紫花：白花＝1：2：1，其中雄性不育植株占18（1）該植物自然雜交率很高，在沒有隔離種植的情況下，為確保自交結實率需進行人工傳粉干預，操作步驟是（用文字和“→”表示）。（2）A/a基因的遺傳遵循，控制該植物雄性可育與不育性狀的3個基因的顯隱性關系為，植株甲的基因型為。（3）某實驗小組用一株雄性不育植株與一株雄性可育植株雜交，子代中雄性不育：雄性可育＝1：1，不考慮花色的情況下，親本基因型的組合類型有種，其中親本雄性可育植株為純合子的基因型組合是。（4）現有基因型為AAMfMf、AAMM、AAmm、aamm的植株若干，欲判斷控制兩對基因的遺傳是否遵循自由組合定律，可選用的一組親本組合是，F1，若F2的表型及比例為，則兩對基因的遺傳遵循自由組合定律。20．（2025?承德一模）為研究4對等位基因在染色體上的相對位置關系，研究人員以某志愿者的12個精子為材料，檢測精子的基因型，結果如表所示。若表中該志愿者精子的基因型和比例與理論上產生的配子的基因型和比例相同，且不存在致死現象，所有配子的染色體均正常，活力相同。請回答下列問題：精子編號123456789101112基因型aBdaBdeaBdaBdeaBDaBDeAbdAbdeAbDAbDeAbDAbDe（1）若只考慮這4對等位基因，該志愿者的基因型為。（2）根據表格信息，研究人員推測等位基因A、a和B、b應該位于一對同源染色體上，且a和位于一條染色體上，作出此推測的依據是。（3）據表可知，等位基因B、b和D、d的遺傳（填“符合”或“不符合”）自由組合定律，判斷依據是。（4）若只考慮B、b和D、d兩對等位基因，當該志愿者與具有相同基因型的女性婚配時，產生基因型為bbdd子代的概率為112，據此判斷該女性的這兩對等位基因在染色體上的位置關系為，且聯會時

2025年高考生物三輪復習之遺傳的基本規律參考答案與試題解析一．選擇題（共15小題）題號1234567891011答案CABCDCDDDBD題號12131415答案DDBD一．選擇題（共15小題）1．（2025?南陽模擬）在某野生型（紅眼正常翅）果蠅群體中發現了紫眼卷翅突變體品系（M），將紫眼卷翅突變體品系（M）與野生型果蠅進行如圖所示的雜交實驗。根據雜交結果，下列分析錯誤的是（）A．控制眼色和翅形的基因的遺傳遵循自由組合定律 B．紫眼卷翅突變體品系（M）的眼色發生了隱性突變 C．若F1中紅眼正常翅自由交配，后代中卷翅：正常翅＝1：2 D．若F2中紅眼卷翅隨機交配，后代中紫眼正常翅占比為1【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】C【分析】基因自由組合定律的實質：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的，在減數分裂過程中，同源染色體上等位基因分離的同時，位于非同源染色體上的非等位基因進行自由組合?！窘獯稹拷猓篈、從F2的表現型及比例來看，出現了四種表現型，存在卷翅純合致死，比例符合9：3：3：1的變式，說明控制眼色和翅形的基因位于非同源染色體上，其遺傳遵循自由組合定律，A正確；B、F1中紅眼正常翅果蠅自由交配，F1中紅眼卷翅：紫眼卷翅：紅眼正常翅：紫眼正常翅＝6：2：3：1，說明紅眼和卷翅是顯性性狀，紫眼和正常翅是隱性性狀，在某野生型（紅眼正常翅）果蠅群體中發現了紫眼卷翅突變體品系（M），即紫眼卷翅突變體品系（M）的眼色發生了隱性突變，B正確；C、設控制翅形的基因為B、b，卷翅為顯性性狀，F1紅眼正常翅（bb）自由交配，后代全為正常翅，C錯誤；D、設控制眼色的基因為A、a，F1紅眼卷翅基因型為AaBb，兩對基因獨立遺傳且存在BB純合致死，故F2中的紅眼卷翅果蠅中在兩種基因型，即13AABb、23AaBb，單獨分析A/a基因，紅眼卷翅產生的雌雄配子類型及比值均為23A、13a，則隨機交配后子代紫眼aa的概率為19，單獨分析B/b基因，卷翅Bb隨機交配后代正常翅bb的概率為13，故后代中紫眼正常翅果蠅（故選：C?！军c評】本題考查基因自由組合定律及運用的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。2．（2025?山東模擬）某植物既可進行自花傳粉，又可進行異花傳粉，其花色由A1、A2、A3三個等位基因決定。已知A1存在限制酶HindⅢ的酶切位點，A2、A3分別由于堿基對的增添和缺失導致酶切位點消失。研究人員對某人工種植種群隨機抽樣，并對這些個體的A1、A2、A3基因進行PCR擴增，充分酶切后電泳結果如圖所示。將該種群在適宜的自然條件種植多代，不考慮其他突變，最終種群內雜合子所占的百分比約為（）A．80% B．66% C．33% D．25%【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】A【分析】已知A1存在限制酶HindⅢ的酶切位點，A2、A3分別由于堿基對的增添和缺失導致酶切位點消失，所以有一條帶的一定為純合子，A2A2或者A3A3?！窘獯稹拷猓篈1基因有酶切位點，A2和A3基因無酶切位點，從電泳圖中可以看出：個體數為5和8，只有一個條帶為純合子，所以34個個體的基因型為A2A3，所以可以確定7個個體的為A1A1，所以雜合子個體數為30+16+34＝80個，總的個體數為30+7+16+5+8+34＝100，所以最終種群內雜合子所占的百分比約為80÷100＝80%，A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題主要考查基因的分離定律的實質及應用，要求學生有一定的理解分析能力，能夠結合題干信息和所學知識進行分析應用。3．（2025?萍鄉模擬）自私基因是通過殺死不含該基因的配子來改變分離比的基因。若自私基因E在產生配子時，能殺死自身體內不含E基因的一半雄配子。某基因型為Ee的親本植株自交獲得F1，F1個體隨機授粉獲得F2。下列推測不正確的是（）A．親本存活的雄配子中，E比例23B．F1個體隨機授粉后E基因頻率不變 C．F1存活的雄配子中，e比例13D．F2中因型為Ee個體的比例為17【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】B【分析】分析題干，E基因是一種“自私基因”，在產生配子時，能殺死體內12不含該基因的雄配子，因此，基因型為Ee的植株產生的雄配子比例為23E和1【解答】解：A、E基因在產生配子時，能殺死體內12不含該基因的雄配子，因此，親本產生的雄配子中，E：e＝2：1，E比例為23，B、基因型為Ee的植株產生的雄配子比例為23E和13e，雌配子比例為12E和12e，根據雌雄配子的隨機結合，可求出F1中三種基因型個體的比例為EE：Ee：ee＝（23×12）：（23×12+13×12）：（13×12）＝2：3：1，E基因頻率為E=26+36×12=712，e基因頻率為E=26+36C、F1中三種基因型個體EE：Ee：ee的比例為2：3：1，據此可求出F1產生的雄配子為E=26+36×12=712，e=36×12×1D、F1雌配子中E：e＝7：5；雄配子中E：e＝2：1，由此可得F2中基因型為Ee個體的比例為512×2故選：B?！军c評】本題主要考查基因分離的內容，要求考生識記相關知識，并結合所學知識準確答題。4．（2025?重慶模擬）自交不親和是一種植物界常見的現象，指的是在不同基因型的株間授粉能正常結籽，但自交不能結籽。玉米的自交不親和由H1、H2、H3等復等位基因和R1、R2、R3等復等位基因控制，H基因和R基因完全連鎖不發生重組。在受精過程中，R基因只在雌蕊花柱中表達，編碼R酶（進入花粉管后抑制花粉管的伸長，導致精子不能與卵細胞結合）；H基因只在花粉中表達，編碼H蛋白（降解進入花粉管的R酶），但對相同來源的R基因編碼的R酶無效（如H1蛋白對R1酶無效）。已知不同R基因在同一花柱中能同時表達，現有多株不同品種的玉米，下列說法錯誤的是（）注：1.受精時，精子隨著花粉管的伸長移動到胚珠內部，進而與卵細胞結合完成受精；2.圖中x、y可以代表任意數字。A．基因型為的玉米自交，會出現無法結籽的現象 B．基因型與雜交，大量后代只有2種基因型 C．基因型與的玉米自由交配，能產生純合子 D．若想在短期內獲得純合子可以采用單倍體育種【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】C【分析】基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合?！窘獯稹拷猓篈、基因型為R1R2H1H1的玉米自交，花粉中的H1蛋白不能降解相同來源的R1酶，R1酶會抑制花粉管的伸長，會出現無法結籽的現象，A正確；B、基因型♂R1R3H1H2與♀R1R2H2H2雜交，父本產生的花粉中H1蛋白可降解母本產生的R2酶，H2蛋白可降解母本產生的R2酶，所以大量后代只有R1R2H1H2、R1R3H1H2兩種基因型，B正確；C、基因型R1R2H1H2與R1R3H1H3玉米自由交配，由于H基因和R基因完全連鎖不發生重組，且R基因只在雌蕊花柱中表達，H基因只在花粉中表達，所以不能產生純合子，C錯誤；D、單倍體育種可以在短時間內獲得純合子。通過花藥離體培養獲得單倍體植株，再用秋水仙素處理使染色體加倍，就可以獲得純合子，故若想在短期內獲得純合子，可以采用單倍體育種，D正確。故選：C?！军c評】本題主要考查基因的分離定律的實質及應用，要求學生有一定的理解分析能力，能夠結合題干信息和所學知識進行分析應用。5．（2025?長沙校級一模）人類ABO血型由位于9號染色體上的復等位基因IA、IB、i和位于19號染色體上的H基因決定。H基因合成H物質，IA或IB基因都必須以H物質為前體形成A抗原或B抗原，進而形成A型血或B型血，AB型血兩種抗原都有，O型血則兩種抗原都無。沒有H物質的情況下，無論基因型如何，都表現O型血，稱作孟買型。某家族系譜圖如圖所示，下列敘述錯誤的是（）A．基因IA、IB、i和H、h的遺傳遵循分離和自由組合定律 B．復等位基因的存在體現了基因突變的不定向性 C．表現為O型血的個體可能的基因型有7種 D．Ⅱ﹣1和Ⅱ﹣2再生一個孩子，為B型血的概率為3【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】遺傳系譜圖；人類遺傳?。焕斫饽芰Γ敬鸢浮緿【分析】根據題意，人類ABO血型由位于9號染色體上的復等位基因IA、IB、i和位于19號染色體上的H基因決定。H基因合成H物質，IA或IB基因都必須以H物質為前體形成A抗原或B抗原，進而形成A型血或B型血，AB型血兩種抗原都有，O型血則兩種抗原都無。沒有H物質的情況下，無論基因型如何，都表現O型血，稱作孟買型。因此A型血的基因型為H_IA_、B型血的基因型為H_IB_、AB型血的基因型為H_IAIB、O型血基因型為H_ii或hh。【解答】解：A、人類ABO血型由位于9號染色體上的復等位基因IA、IB、i和位于19號染色體上的H基因決定，因此基因IA、IB、i和H、h屬于非同源染色體上的基因，故遵循分離和自由組合定律，A正確；B、基因突變具有不定向性，導致產生了兩個以上的等位基因，故復等位基因的存在體現了基因突變的不定向性，B正確；C、O型血基因型為H_ii（2種，分別為HHii、Hhii）和hh（5種，分別為hhIA、hhIAIA、hhIAIB、hhIAI、hhIBIB、hhIBI），共有7種基因型，C正確；D、Ⅱ﹣1屬于AB型血型，則Ⅱ﹣1基因型為H_IAIB，Ⅱ﹣1和Ⅱ﹣2后代中出現O型，則其基因型應為hh，那么Ⅱ﹣1基因型為應該為HhIAIB，又由于Ⅰ﹣1屬于AB型血型，基因型為H_IAIB，則Ⅱ﹣2基因型為_hIA_或_hiB_，因此Ⅱ﹣1和Ⅱ﹣2再生一個孩子，為B型血的概率無法計算，D錯誤。故選：D?！军c評】本題主要考查基因的分離定律、人類遺傳病的相關知識，要求學生有一定的理解分析能力，能夠結合題干信息和所學知識進行分析應用。6．（2025?山東模擬）GAL4基因的表達產物能識別啟動子中的UAS序列，從而驅動UAS序列下游基因的表達。野生型雌、雄果蠅均為無色翅，且基因組中無GALA基因和含UAS序列的啟動子?？蒲腥藛T利用基因工程在雄果蠅的一條Ⅲ號染色體上插入GALA基因，雌果蠅的某一條染色體上插入含有UAS序列的啟動子的綠色熒光蛋白基因?？蒲行〗M利用雜交實驗對雌果蠅中外源基因插入的位置進行判斷：將上述雌、雄果蠅雜交得到F1，讓F1中綠色翅雌、雄果蠅隨機交配，由于綠色熒光蛋白基因插入位置不同將導致F2個體的表型和比例出現差異。下列說法錯誤的是（）A．根據F1的性狀分離比，無法確定親本雌果蠅中綠色熒光蛋白基因的插入位置 B．若綠色熒光蛋白基因插入Ⅲ號染色體上，則F2中綠色熒光翅：無色翅＝1：1 C．若綠色熒光蛋白基因插入I號染色體上，則F2中無色翅雌性個體的比例為716D．若綠色熒光蛋白基因插入X染色體上，則F2中無色翅個體的基因型共有6種【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】材料分析題；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】C【分析】基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。【解答】解：A、根據F1的性狀分離比，無法確定親本雌果蠅中綠色熒光蛋白基因的插入位置：若綠色熒光蛋白基因插入Ⅲ號染色體上，發生基因連鎖，F1中綠色翅：無色翅為1：3，若插入Ⅲ號染色體以外的染色體上，兩對基因遵循基因組合定律，F1中綠色翅與無色翅比例仍為1：3，A正確；B、分析題意可知，同時具備GAL4和UAS﹣綠色熒光蛋白基因的果蠅，才能合成GAL4蛋白驅動UAS下游的綠色熒光蛋白基因表達，從而表現出綠色性狀。若綠色熒光蛋白基因插入Ⅲ號染色體上，設GAL4為A，UAS﹣綠色熒光蛋白基因為B，則F1的基因型為OAOB（O代表相關位置沒有基因），由于兩對基因連鎖遺傳，故配子為12OA、12OB，F2中綠色熒光翅（2OAOB）：無色翅（1OOAA+1OOBB）＝1：1，C、若綠色熒光蛋白基因插入I號染色體上，兩對基因獨立遺傳，則F2中無色翅占716，由于雌雄比例為1：1，故無色翅雌性個體的比例為732，D、設插入GAL4基因用A表示（沒有該基因用O表示），插入UAS﹣綠色熒光蛋白基因用B表示（沒有該基因用O表示）若綠色熒光蛋白基因插入X染色體上，親本基因型即AOXOY×aaXBXO，F2中無色翅個體的基因型共有6種為（OOXBXO，OOXBXB，AAXOY，OOXBY，OOXOY，AOXOY），D正確。故選：C?！军c評】本題考查基因自由組合定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。7．（2025?鹽城二模）研究發現，玉米細胞質中T基因導致雄性不育，可被顯性核恢復基因（R基因）恢復育性，作用機理如圖所示。相關基因型的表示方法：質基因寫在括號外，核基因寫在括號內，如T（RR）。下列敘述正確的是（）A．減數分裂中R基因和T基因可以自由組合 B．T基因通常以精子為載體傳遞給下一代 C．R蛋白通過阻止T基因的表達恢復育性 D．T（Rr）的玉米自交，后代約有14【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】分析題圖，T基因位于線粒體內，受精時，精子不提供線粒體，所以遺傳給子代的線粒體來自卵細胞?！窘獯稹拷猓篈、T基因位于線粒體內，是細胞質基因，R基因是核基因，二者不能自由組合，A錯誤；B、T基因通常以卵細胞為載體傳遞給下一代，B錯誤；C、由圖可知，R蛋白通過抑制T蛋白的作用恢復育性，而不是抑制T基因的表達，C錯誤；D、基因型為T（Rr）的個體自交，由于T是線粒體遺傳，因此子代都含有雄性不育基因T，Rr自交子代中RR：Rr：rr＝1：2：1，R基因的存在可恢復育性，因此雄性不育（rr）的概率是14，D故選：D?！军c評】本題考查基因分離定律及運用的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。8．（2025?浙江二模）桑蠶蠶繭的顏色受常染色體上獨立遺傳的兩對等位基因控制，黃色基因Y對白色基因y為顯性，但該基因的表達受到另一對等位基因（Ii）的“影響”。為進一步研究蠶繭顏色的遺傳方式，研究人員做了下列實驗，敘述錯誤的是（）組別雜交組合子一代子二代實驗一甲（黃繭）×乙（白繭）全為黃繭黃繭：白繭＝3：l實驗二丙（黃繭）×?。ò桌O）全為白繭白繭：黃繭＝13：3A．兩對等位基因的遺傳分別都遵循分離定律 B．題干中“影響”具體是指I基因抑制Y基因的表達 C．實驗二F2白繭蠶中能穩定遺傳的比例為713D．若實驗二F2黃繭蠶中基因型相同的雌雄蠶相互交配，子代中黃繭占8【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推反推并用法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。【解答】解：A、由于兩對等位基因獨立遺傳，即位于非同源染色體上，兩對等位基因的遺傳分別都遵循分離定律，A正確；B、實驗一中，子一代全為黃繭，子二代黃繭：白繭＝3：1，表明Y基因對y基因為顯性，實驗二中，子一代全為白繭，子二代白繭：黃繭＝13：3，表明I基因抑制Y基因的表達，B正確；C、根據實驗二，黃繭×白繭，子代全為白繭，子二代白繭：黃繭＝13：3，可知兩對基因獨立遺傳，遵循自由組合定律，子一代的基因型為IiYy，白繭的基因型可能為I_Y_、I_ii、iiyy，實驗二F2中白繭的基因型為9I_Y_（4種）、3I_yy（2種）、1iiyy（1種），能穩定遺傳的白繭基因型為1IIYY、1iiyy、2iiYy、1IIyy，2Iiyy，占白繭總數的713，CD、實驗二黃繭基因型為iiY_，包括13iiYY、23iiYy，由于ii是純合子，僅考慮YY和Yy，基因型相同的雌雄蠶相互交配，即13YY、23Yy分別交配，則子代中白色iiyy基因型23×1故選：D。【點評】本題主要考查了基因的自由組合定律的實質等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。9．（2025?承德一模）人的某條染色體上M、N、O三個基因緊密排列，不發生互換。這三個基因各有多個等位基因（如M1～Mn均為M的等位基因）。父母及孩子的基因組成如表所示，若不考慮基因突變，下列敘述正確的是（）家庭成員父親母親兒子女兒基因組成M5N1O6O7M1M2N4N8O3O9M2N4O3O6M1M5N1N8O7O9A．基因M、N、O位于X染色體上，Y染色體上無它們的等位基因 B．父親的其中一條染色體上的基因組成是M5N1O6 C．基因M1與基因M2的區別一定是堿基對的數目不同 D．若此夫妻生的第2個兒子有M1基因，則其O基因組成為O6O9【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】1、在種群中，同源染色體的相同位點上，可以存在兩種以上的等位基因，遺傳學上把這種等位基因稱為復等位基因。復等位基因由基因突變產生。2、根據題目信息，染色體上A、B、C三個基因緊密排列，三個基因位于一條染色體上，不發生互換，連鎖遺傳給下一代，不符合自由組合定律；基因位于X染色體上時，男孩只能獲得父親的Y染色體而不能獲得父親的X染色體?！窘獯稹拷猓篈、據表可知，父親和兒子的基因型中M和N基因是成單存在的，O基因是成對存在的，但母親和女兒的基因型中M、N、O三個基因均是成對存在的，因此M和N基因位于X染色體上，而O基因位于X染色體和Y染色體的同源區段上，A錯誤；B、根據父親、母親和女兒的基因型可知，母親兩條X染色體上基因的分布情況是：M1N8O9位于一條X染色體上，M2N4O3位于另一條X染色體上，父親的X染色體上有M5N1O7，Y染色體上有O6，B錯誤；C、基因M1和M2是等位基因，二者可能是堿基的排列順序或堿基對的數目不同，也可能堿基的排列順序和堿基對的數目都不同，C錯誤；D、若此夫妻生的第2個兒子有M1基因，則其X染色體上的基因為M1N8O9，Y染色體上有O6，則其O基因組成為O6O9，D正確。故選：D?！军c評】本題主要考查了基因的連鎖定律等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。10．（2025?湖北模擬）果蠅（2n＝8）雜交實驗中，F2某一雄果蠅體細胞中有4條染色體來自F1雌果蠅，這4條染色體中只有兩條與親本雌果蠅相同，且其中有一條是2號常染色體的概率是（）A．38 B．316 C．18 【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】B【分析】自由組合定律實質：（1）位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的。（2）在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合?！窘獯稹拷猓篎2雄果蠅有4條染色體來自F1雌果蠅，分別是X、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ。而F1雌果蠅從親本雌果蠅得到這4號染色體中的任一條的概率都是一樣的，為12，故有16種染色體組合情況且每種情況概率相同，為116。其中有2條親本雌果蠅染色體且包含Ⅱ號的情況有3種，故為316，B故選：B。【點評】本題主要考查了減數分裂、自由組合定律等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。11．（2025?上饒模擬）生物育種是現代農業的“芯片”，是實現大國農業的重要手段，真正實現“中國飯碗裝中國糧”。杜洛克豬具易飼養、適應能力強、引種成本高昂等特點，是我國豬種雜交組合中的重要配種豬，其與其他品種的豬雜交的豬肉在蛋白質含量、水分含量、肌肉脂肪含量以及嫩度都要優于單一的品種。其中杜洛克豬毛色受兩對獨立遺傳的等位基因控制，毛色有紅毛、棕毛和白毛三種，對應的基因組成如下表。毛色紅毛棕毛白毛基因組成A_B_A_bb、aaB_aabb已知兩頭純合的棕毛豬雜交得到的F1均表現為紅毛，F1雌雄交配產生F2，將F2中棕毛豬隨機交配，子代白毛個體的比例為（）A．181 B．118 C．1681 【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】由題意：豬毛色受獨立遺傳的兩對等位基因控制，可知豬毛色的遺傳遵循自由組合定律。AaBb個體相互交配，后代A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9：3：3：1?！窘獯稹拷猓贺i毛色受獨立遺傳的兩對等位基因控制，可知豬毛色的遺傳遵循自由組合定律。由兩頭純合棕毛豬雜交，F1均為紅毛豬，假設紅毛豬的基因組成為A_B_，可推知兩頭純合棕毛豬的基因型為AAbb和aaBB，F1紅毛豬的基因型為AaBb。F1雌雄交配產生F2，F2代A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9：3：3：1。.將F2中棕毛豬隨機交配，F2的棕毛個體中各基因型及所占比例為16AAbb、13Aabb、16aaBB、13aaBb，棕毛個體相互交配，能產生白毛個體（aabb）的雜交組合和概率為：13Aabb×13Aabb+13aaBb×13aaBb+13Aabb×13故選：D?！军c評】本題主要考查自由組合定律的應用，以及9：3：3：1變形的應用，解答本題的關鍵要確定表格中表現型對應基因型種類推測親本的基因型和子代的基因型，同時注意利用分離定律的思想解決自由組合的問題。12．（2025?滄州一模）某二倍體植物的紫莖和綠莖受一對等位基因M/m控制，其所在染色體未知。SSR是分布于各染色體上的DNA序列，不同染色體具有各自的特異SSR，常用于染色體特異性標記。讓該植物的純種紫莖植株和純種綠莖植株雜交，F1自交后選取F2中全部綠莖植株并提取其細胞核DNA，利用該植物4號染色體上的特異SSR進行PCR擴增，電泳結果如圖所示。下列判斷錯誤的是（）A．由電泳結果可判斷綠莖為隱性性狀 B．該電泳結果說明M/m基因位于4號染色體上 C．若少數綠莖植株擴增后出現兩個條帶，則F1形成配子時可能發生了基因重組 D．不考慮其他變異，若選F2中全部紫莖植株進行檢測，電泳結果有兩種類型且比例為1：1【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】基因的分離定律的實質：在雜合體的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性，在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代?！窘獯稹拷猓篈、依據雜交過程和電泳條帶可知，綠莖植株只具有一個條帶，說明綠莖為純合子，而中顯性性狀既有純合子又有雜合子，故推知綠莖為隱性性狀，A正確；B、利用4號染色體上特異SSR進行PCR擴增，然后進行電泳，依據電泳結果可知，F2中綠莖電泳結果和親本綠莖一致，說明綠莖基因M/m位于4號染色體，B正確；C、若少數綠莖植株擴增后出現兩個條帶，則說明F1在形成配子的過程中，莖的顏色基因與SSR標記之間發生了互換，形成了同時含綠莖基因和紫莖親本SSRSSR標記的配子，即可能發生了基因重組，C正確；D、不考慮其他變異，若選F2中全部紫莖植株（MM：Mm＝1：2）進行檢測，電泳結果有兩種類型（MM對應紫莖親本的電泳條帶、Mm對應F1的電泳條帶）且比例為1：2，D錯誤。故選：D?！军c評】本題考查基因分離定律及應用的相關知識，意在考查考生能理解所學知識要點的能力和分析題圖獲取有效信息的能力。13．（2025?云城區模擬）某種植株的花色由三對等位基因（如圖示）共同控制，其中顯性基因D、A、B同時存在時，表現為藍色；其他情況都為白色。下列相關敘述正確的是（不考慮突變、互換及致死）（）A．該植株可產生8種比例相同的雄配子 B．基因A（a）與B（b）的遺傳遵循自由組合定律 C．該植株測交時后代藍色：白色＝1：1 D．該植株自交時后代藍色：白色＝3：5【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】據圖分析，圖示三對等位基因位于兩對同源染色體上，其中A、a和B、b位于同一對染色體上，不遵循基因的自由組合定律；D、d位于另一對同源染色體上，與A、a和B、b之間都遵循基因的自由組合定律?！窘獯稹拷猓篈、若不發生染色體片段互換，則圖示個體只能產生AbD、Abd、aBD、aBd四種比例均等的雄配子，A錯誤；B、由于A/a、B/b兩對等位基因位于一對同源染色體上，其遺傳不遵循自由組合定律，B錯誤；C、該植株的基因型為AaBbDd，若不考慮交叉互換，該植株產生的配子的種類和比例為AbD：Abd：aBD：aBd＝1：1：1：1，測交時后代均表現為白色，C錯誤；D、分對分析，該植株自交時產生的基因型及比例為D_：dd＝3：1，AAbb：AaBb：aaBB＝1：2：1，其中顯性基因D、A、B同時存在時，表現為藍色，則后代中藍色的比例為34×12=38故選：D?！军c評】本題考查基因自由組合定律的相關內容，要求學生能結合所學知識正確作答。14．（2025?九江一模）白花三葉草的葉有含氰和不含氰兩種類型，葉片內的氰化物是經下列生化途徑產生的，不考慮變異的情況下，下列相關敘述正確的是（）A．葉內含氰的植株自交，子代均為含氰的類型 B．葉內不含氰的植株自交，子代均為不含氰的類型 C．兩個葉內不含氰的植株雜交，子代均為不含氰的類型 D．葉內含氰的植株和葉內不含氰的植株雜交，后代均為含氰的類型【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】模式圖；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．【答案】B【分析】自由組合的實質：當具有兩對（或更多對）相對性狀的親本進行雜交，在子一代產生配子時，在等位基因分離的同時，非同源染色體上的基因表現為自由組合。其實質是非等位基因自由組合，即一對染色體上的等位基因與另一對染色體上的等位基因的分離或組合是彼此間互不干擾的，各自獨立地分配到配子中去。因此也稱為獨立分配定律。【解答】解：A、葉內含氰的植株為D_H_，自交后代發生性狀分離，可產生如ddhh不含氰的類型，A錯誤；B、葉內不含氰的植株為dd__或D_hh，自交后代均為不含氰的類型dd__或D_hh，B正確；C、兩個葉內不含氰的植株雜交，如ddH_和D_hh，可以產生DdHh含氰的類型，C錯誤；D、葉內含氰的植株（D_H_）和葉內不含氰的植株（dd__和D_hh）雜交，如DdHh和ddhh，可以產生ddhh這樣不含氰的類型，D錯誤。故選：B?！军c評】本題結合模式圖，考查基因自由組合定律及應用，首先要求考生掌握基因自由組合定律的實質，能根據圖中和題干信息，明確基因D和基因H同時存在時，三葉草葉片才能合成氰；其次根據表中信息，結合選項，作出正確的判斷，屬于考綱理解和應用層次的考查。15．（2025?黑龍江一模）某種鳥類羽毛的顏色由常染色體上的一對等位基因控制，雌鳥有藍色和綠色兩種表型，雄鳥只有藍色。控制綠色的基因在雄鳥中不表達，各類型個體的生存和繁殖力相同。隨機選取一只綠色雌鳥與一只藍色雄鳥交配，F1雌鳥全為綠色，雄鳥全為藍色。繼續讓F1自由交配，理論上F2雌鳥中綠色個體的比例可能是（）A．12 B．14 C．78 【考點】基因的分離定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】D【分析】基因分離定律的實質：進行有性生殖的生物在進行減數分裂產生配子的過程中，位于同源染色體的等位基因隨同源染色體分離而分離，分別進入不同的配子中，隨配子獨立遺傳給后代?！窘獯稹拷猓杭僭O控制羽毛顏色的基因用A/a表示，控制綠色的基因在雄鳥中不表達，一只綠色雌鳥與一只藍色雄鳥交配，F1雌鳥全為綠色，雄鳥全為藍色，由此可知綠色為顯性，則親本的雜交組合可為AA×aa、AA×AA、AA×Aa，若為AA×aa，則F1的基因型為Aa，F1自由交配后代雌鳥中綠色個體的比例為34；若為AA×AA，F1自由交配后代雌鳥中全為綠色；若為AA×Aa，則F1的基因型為AA：Aa＝1：1，無論雌雄產生的A配子為34，產生的a配子為14，則F2雌鳥中綠色個體的比例為1-14故選：D?！军c評】本題以“從性遺傳”為材料，考查分離定律，意在考查學生的獲取信息能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力。二．解答題（共5小題）16．（2025?山東模擬）果蠅的繁殖能力強，相對性狀明顯，其眾多的突變品系為研究基因與性狀的關系提供了重要的材料。（1）果蠅進行有性生殖形成配子時，基因重組發生的具體時期為減數第一次分裂前期和后期（減數分裂Ⅰ前期和后期）。（2）果蠅Ⅱ號染色體上有控制翻翅（D）和直翅（d）、星狀眼（R）和圓眼（r）的兩對等位基因，且D和R均存在純合致死效應，若不考慮互換及其他變異，一對基因型為DdRr的翻翅星狀眼果蠅雜交，子代的表型及比例可能的情況有：①翻翅星狀眼：直翅圓眼＝2：1。②翻翅圓眼：直翅星狀眼＝1：1。③全部為翻翅星狀眼。（3）摩爾根等選育了M﹣5果蠅品系，用于檢測X染色體上的基因突變情況。不考慮XY染色體同源區段。某正常雄果蠅經過誘變處理后，與M﹣5雌果蠅雜交，若F1表現出突變性狀，說明該雄果蠅發生了顯性突變。若要確定該突變基因是否位于X染色體上，還需要補充的操作是調查表現出突變性狀個體的性別。若F1沒有表現出突變性狀，從F1中選擇雌果蠅與M﹣5雄果蠅雜交，觀察F2的表型及比例。①若F2中沒有表現出突變性狀，則說明X染色體上沒有發生基因突變。②若F2中雌性：雄性＝2：1，則說明X染色體上發生了隱性致死基因突變。③若F2中突變型占比為14，則說明X染色體上發生了隱性不（4）果蠅的Ⅳ號染色體多一條（三體）可存活并具有繁殖能力，多兩條則致死。正常眼（E）和無眼（e）是一對相對性狀，現有染色體數目正常的純合正常眼和無眼果蠅，以及Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅。利用上述材料，設計簡單的實驗探究E、e基因是否位于Ⅳ號染色體上。①實驗方案：方案1：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅（ee）與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅（EEE）雜交獲得F1（12Ee或12EEe），F1中多只雌性（雄性）個體分別與雄性（雌性）無眼果蠅雜交（測交），分別統計F2②若E、e基因位于Ⅳ號染色體上，實驗結果是若E、e基因位于Ⅳ號染色體上，基因型EEe與基因型ee雜交，后代無眼（ee）概率為：16×1=16，所以F1中某只果蠅（EEe）的后代表型及比例為：有眼：無眼＝5【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；基因重組及意義．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；基因重組、基因突變和染色體變異；理解能力．【答案】（1）減數第一次分裂前期和后期（減數分裂Ⅰ前期和后期）（2）翻翅星狀眼：直翅圓眼＝2：1翻翅圓眼：直翅星狀眼＝1：1（3）顯性突變調查表現出突變性狀個體的性別雌性：雄性＝2：11（4）方案1：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅（ee）與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅（EEE）雜交獲得F1（12Ee或12EEe），F1中多只雌性（雄性）個體分別與雄性（雌性）無眼果蠅雜交（測交），分別統計F2表型及比例。預期結果：若E、e基因位于Ⅳ號染色體上，基因型EEe與基因型ee雜交，后代無眼（ee）概率為：16×1=16，所以F1【分析】基因自由組合定律的實質：在減數分裂形成配子的過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離，非同源染色體上的非等位基因自由組合。同源染色體上等位基因間的相互分離與非同源染色體上非等位基因間的自由組合，互不干擾，各自獨立分配到配子中去?！窘獯稹拷猓海?）基因重組有兩種類型：一種是非同源染色體的自由組合，發生在減數第一次分裂的后期；一種是同源染色體的非姐妹染色單體的交叉互換，發生在減數第一次分裂前期（四分體時期）。（2）①若親代的D和R在Ⅱ號染色體的一條同源染色體上，d和r在Ⅱ號染色體的另一條同源染色體上，子代中DDRR純合致死，剩下DdRr：ddrr＝2：1，所以子代的表型及比例為翻翅星狀眼：直翅圓眼＝2：1。②若父本的D和r在Ⅱ號染色體的一條同源染色體上，d和R在Ⅱ號染色體的另一條同源染色體上，母本的D和R在Ⅱ號染色體的一條同源染色體上，d和r在Ⅱ號染色體的另一條同源染色體上，子代中DDRr和DdRR純合致死，剩下Ddrr：ddRr＝2：1，所以子代的表型及比例為翻翅圓眼：直翅星狀眼＝1：1。（3）顯性突變：只需個體攜帶該突變基因，就能在表型上顯現。所以某正常雄果蠅經過誘變處理后，與M﹣5雌果蠅雜交，若F1表現出突變性狀，說明該雄果蠅發生了顯性突變。伴X染色體遺傳特點為遵循孟德爾遺傳規律、后代表型中雌雄比例不一致，所以若要確定該突變基因是否位于X染色體上，還需要補充的操作是調查表現出突變性狀個體的性別。②由圖可知，若X染色體上發生了隱性致死基因突變，則F2中突變純合體會死亡，F2中雌性：雄性＝2：1。③由圖可知，若X染色體上發生了隱性不致死基因突變，則F2中突變純合體表現突變性狀，所以F2中突變型占比為14（4）方案1：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，取F1中多只雌性（雄性）個體分別與雄性（雌性）無眼果蠅雜交，分別統計F2表型及比例。預期結果：若某只果蠅的后代表型及比例為：有眼：無眼＝5：1。（方案2：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，取F1中雌性（雄性）個體與雄性（雌性）無眼果蠅雜交，分別統計F2表型及比例。預期結果：若F2代表型及比例為：有眼：無眼＝2：1。方案3：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，F1隨機交配，統計F2表型及比例。預期結果：若F2表型及比例為：有眼：無眼＝119：16。方案4：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，隨機取F1中多對雌雄果蠅交配，分別統計F2表型及比例。預期結果：若后代表型及比例為：有眼：無眼＝26：1或11：1。方案5：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，取F1中三體雌雄果蠅隨機交配，統計F2表型及比例。預期結果：若F2表型及比例為：有眼：無眼＝26：1。方案6：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅雜交獲得F1，取F1中三體雌性（雄性）果蠅與雄性（雌性）無眼果蠅雜交，統計F2表型及比例。預期結果：若F2表型及比例為：有眼：無眼＝5：1）。故答案為：（1）減數第一次分裂前期和后期（減數分裂Ⅰ前期和后期）（2）翻翅星狀眼：直翅圓眼＝2：1翻翅圓眼：直翅星狀眼＝1：1（3）顯性突變調查表現出突變性狀個體的性別雌性：雄性＝2：11（4）方案1：讓染色體數目正常的純合無眼果蠅（ee）與Ⅳ號染色體三體的純合正常眼果蠅（EEE）雜交獲得F1（12Ee或12EEe），F1中多只雌性（雄性）個體分別與雄性（雌性）無眼果蠅雜交（測交），分別統計F2表型及比例。預期結果：若E、e基因位于Ⅳ號染色體上，基因型EEe與基因型ee雜交，后代無眼（ee）概率為：16×1=16，所以F1【點評】本題主要考查了基因的自由組合定律基因重組等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。17．（2025?寧波模擬）某XY型昆蟲的卷翅與平翅（野生型），灰眼與黑眼（野生型）分別由等位基因A/a、B/b控制，且兩對基因均不位于Y染色體上。用射線處理一批純合野生型的受精卵，在孵化的后代中，出現了一只灰眼平翅雌性突變體甲。科研人員以該突變體甲為材料，與一純合野生型雄性進行雜交得到F1。F1中灰眼平翅♂：黑眼平翅♀＝1：1。讓F1中雌雄個體自由交配，F2中平翅：卷翅＝15：1。（1）經分析可知眼色基因在X染色體上，原因是灰眼雌性與黑眼雄性親本雜交，子代雌性全為黑眼，雄性全為灰眼（或眼色性狀在F1的表現中與性別相關聯）。測序發現突變個體的眼色基因比野生型的等位基因少14bp，可能導致翻譯過程ABC。A.不能發生B.提前終止C.延遲終止D.不發生改變（2）F1中灰眼平翅個體的基因型為AAXbY或AaXbY，對其中的雜合子進行測交，寫出相應的遺傳圖解。（3）讓F1中雜合雄性與雌性自由交配，后代有8種表現型，其中純合子比例為38（4）有另一只翅型發生隱性突變的純合雄性突變體乙，現欲探究突變體甲、乙控制翅型的突變基因的位置關系（僅考慮單對基因突變）。實驗方案：讓甲、乙突變體雜交，得F1觀察F1的表型。預期實驗結果：Ⅰ.若F1表現為平翅：卷翅＝1：1，說明兩突變基因為等位基因；Ⅱ.若F1表現為全為平翅，說明兩突變基因為非等位基因?！究键c】基因的自由組合定律的實質及應用；伴性遺傳．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】（1）X灰眼雌性與黑眼雄性親本雜交，子代雌性全為黑眼，雄性全為灰眼（或眼色性狀在F1的表現中與性別相關聯）ABC（2）AAXbY或AaXbY（3）83（4）平翅：卷翅＝1：1全為平翅【分析】基因的自由組合定律的實質：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的，在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合?！窘獯稹拷猓海?）灰眼雌性與黑眼雄性親本雜交，子代雌性全為黑眼，雄性全為灰眼，眼色性狀在F1的表現中與性別相關聯，因此眼色基因位于X染色體上，且F1的基因型為XBXb（黑體雌性）、XbY（灰體雄性），親本的基因型為XbXb（灰體雌性）、XBY（黑體雄性）；測序發現突變個體的眼色基因比野生型的等位基因少14bp，導致mRNA變短，可能導致翻譯不能發生或提前終止（終止密碼子提前）或延遲終止（終止密碼子延后），ABC正確，D錯誤。故選：ABC。（2）F2平翅：卷翅＝15：1，卷翅占116，a的配子占14，說明A/a位于常染色體上，且F1的基因型為12AA、12Aa，隨機交配，產生的配子為34A、14a，F2為平翅：卷翅＝15：1，F1中灰眼平翅個體的基因型為AAXbY或AaXbY；測交是與隱性的個體雜交，AaXbY（3）讓F1中雜合雄性（AaXbY）與雌性（12AAXBXb、12AaXBXb）自由交配，后代有2×4＝8種表型；其中純合子比例為（AA/aa）×（XbXb或XbY或XBY）＝（38+1（4）若兩突變基因為等位基因，則甲為Aa，乙為aa，F1為Aa、aa，表型比為平翅：卷翅＝1：1；若兩突變基因為非等位基因，則甲為AABB，乙為AAbb，甲乙雜交，F1表型為全為平翅。故答案為：（1）X灰眼雌性與黑眼雄性親本雜交，子代雌性全為黑眼，雄性全為灰眼（或眼色性狀在F1的表現中與性別相關聯）ABC（2）AAXbY或AaXbY（3）83（4）平翅：卷翅＝1：1全為平翅【點評】本題主要考查了基因的自由組合定律等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。18．（2025?南陽模擬）水稻雄性不育在雜交育種中有著廣泛的應用?，F有兩個光周期依賴的雄性不育突變體甲和乙。研究發現，基因A和基因B是花粉育性正常的必需基因，突變體甲（aaBB）在長日照條件下雄性半不育（花粉只有50%可育），在短日照條件下育性正常；突變體乙（aabb）在長日照條件下雄性半不育，在短日照條件下雄性完全不育。在相同光周期條件下，基因型為AAbb個體的育性與基因型為aaBB個體的相同，不考慮染色體互換，回答下列問題：（1）在短日照條件下，純合野生型水稻與突變體乙雜交，則母本應為突變體乙；在長日照條件下，純合野生型水稻與突變體甲雜交，獲得F1，F1隨機受粉，F2的育性及比例為育性正常：雄性半不育＝3：1。（2）將基因型為aaBB和AAbb的親本雜交，獲得F1并自交，得到F2。長日照條件下，若F2表型及比例為育性正常：雄性半不育＝9：7，可說明這兩對基因位于非同源染色體上；若F2表型及比例為育性正常：雄性半不育＝1：1，可說明這兩對基因位于同源染色體上。（3）對基因A和基因a的堿基序列進行檢測，檢測結果如圖所示。注：起始密碼子為AUG、GUG；終止密碼子為UAA、UAG、UGA。圖中“_____”代表無相應堿基，“■”代表終止。圖中氨基酸S的密碼子是UCU，a基因編碼的多肽鏈比A基因編碼的多肽鏈至少少了38個氨基酸。據此分析，在長日照條件下突變體甲雄性半不育的原因是基因a編碼區部分堿基缺失，翻譯提前終止，肽鏈變短導致功能異常。（4）根據以上水稻雄性育性遺傳研究結果分析，生物性狀與基因、環境之間的關系是基因決定性狀，環境影響性狀。【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；遺傳信息的轉錄和翻譯．【專題】圖文信息類簡答題；遺傳信息的轉錄和翻譯；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．【答案】（1）突變體乙育性正常：雄性半不育＝3：1（2）育性正常：雄性半不育＝9：7育性正常：雄性半不育＝1：1（3）UCU38基因a編碼區部分堿基缺失，翻譯提前終止，肽鏈變短導致功能異常（4）基因決定性狀，環境影響性狀【分析】分析圖形可知，a基因的堿基序列中從編碼S氨基酸以后缺失了若干，使終止信號提前出現?！窘獯稹拷猓海?）在短日照條件下，突變體乙（aabb）雄性完全不育，不能作為父本提供花粉，所以純合野生型水稻與突變體乙雜交，母本應為突變體乙。純合野生型水稻基因型為AABB，突變體甲（aaBB）在長日照條件下雄性半不育（花粉只有50%可育），AABB與aaBB雜交，F1的基因型均為AaBB，F1隨機受粉，即使花粉只有50%可育，但產生的兩種雄配子比例依然是1：1，產生的兩種雌配子比例也是1：1，則后代基因型及比例為A_BB：aaBB＝3：1，F2的育性及比例為育性正常：雄性半不育＝3：1。（2）若兩對基因位于非同源染色體上，aaBB和AAbb雜交，F1基因型為AaBb。F1自交，F2的基因型及比例為A_B_：A_bb：aaB_：aabb＝9：3：3：1。在長日照條件下，A_B_表現為育性正常，A_bb和aaB_表現雄性半不育，aabb表現為雄性半不育，所以F2表型及比例為育性正常：雄性半不育＝9：7。若兩對基因位于同源染色體上，aaBB和AAbb雜交，F1基因型為AaBb，F1產生的配子及比例為aB：Ab＝1：1，F1自交，F2的基因型及比例為aaBB：AaBb：AAbb＝1：2：1，在長日照條件下，aaBB和AAbb表現為一種育性，AaBb表現為另一種育性，所以F2表型及比例為育性正常：雄性半不育＝1：1。（3）根據轉錄時堿基互補配對原則，按照圖中終止密碼子對應的基因序列，從圖中可知與氨基酸S對應的DNA模板鏈堿基序列為AGA，所以其密碼子是UCU。a基因缺失94個堿基，并使終止密碼子提前，正常至少是94+30個堿基，對應至少有41個氨基酸，而a基因從缺失開始后面只含有3個氨基酸，所以a基因編碼的多肽鏈比A基因編碼的多肽鏈至少少了41﹣3＝38個氨基酸。在長日照條件下突變體甲雄性半不育的原因是：基因a編碼區部分堿基缺失，翻譯提前終止，肽鏈變短導致功能異常。（4）生物性狀是基因和環境共同作用的結果，基因決定生物性狀的可能性，環境影響生物性狀的表現。水稻的雄性育性既受基因（如A、a、B、b等基因）的控制，又受光周期（長日照、短日照）環境條件的影響。故答案為：（1）突變體乙育性正常：雄性半不育＝3：1（2）育性正常：雄性半不育＝9：7育性正常：雄性半不育＝1：1（3）UCU38基因a編碼區部分堿基缺失，翻譯提前終止，肽鏈變短導致功能異常（4）基因決定性狀，環境影響性狀【點評】本題考查基因自由組合、遺傳信息的轉錄與翻譯的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。19．（2025?福州模擬）某植物可自花或異花傳粉，其花色（紅色、紫色和白色）由A/a基因控制，雄性育性由復等位基因M、m、Mf控制，其中m為可育基因，M為不育基因，Mf為可育恢復基因?，F進行如下實驗：紅花雄性不育植株甲和基因型為MfMf的白花植株乙雜交，F1全部表現為紫花雄性可育，F1自交后代中紅花：紫花：白花＝1：2：1，其中雄性不育植株占18（1）該植物自然雜交率很高，在沒有隔離種植的情況下，為確保自交結實率需進行人工傳粉干預，操作步驟是對未成熟的雌蕊套袋→（收集花粉）傳粉→套袋（用文字和“→”表示）。（2）A/a基因的遺傳遵循分離定律，控制該植物雄性可育與不育性狀的3個基因的顯隱性關系為Mf基因對M、m基因為顯性，M基因對m基因為顯性（或Mf＞M＞m），植株甲的基因型為AAMm或aaMm。（3）某實驗小組用一株雄性不育植株與一株雄性可育植株雜交，子代中雄性不育：雄性可育＝1：1，不考慮花色的情況下，親本基因型的組合類型有4種，其中親本雄性可育植株為純合子的基因型組合是Mm×mm。（4）現有基因型為AAMfMf、AAMM、AAmm、aamm的植株若干，欲判斷控制兩對基因的遺傳是否遵循自由組合定律，可選用的一組親本組合是AAMM和aamm，F1與基因型為aamm的植株雜交獲得F2，若F2的表型及比例為紫花雄性不育：紫花雄性可育：紅花（或白花）雄性不育：紅花（或白花）雄性可育＝1：1：1：1，則兩對基因的遺傳遵循自由組合定律。【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．【答案】（1）對未成熟的雌蕊套袋→（收集花粉）傳粉→套袋（2）分離定律；Mf基因對M、m基因為顯性，M基因對m基因為顯性（或Mf＞M＞m）；AAMm或aaMm（3）4；Mm×mm（4）AAMM和aamm；與基因型為aamm的植株雜交獲得F2；紫花雄性不育：紫花雄性可育：紅花（或白花）雄性不育：紅花（或白花）雄性可育＝1：1：1：1【分析】自由組合定律實質：（1）位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的。（2）在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合?！窘獯稹拷猓海?）該植物自然雜交率很高，在沒有隔離種植的情況下，為確保自交結實率需進行人工傳粉干預，操作步驟是對未成熟雌蕊套袋→（收集花粉）傳粉→套袋。（2）A/a基因的遺傳遵循分離定律，控制該植物雄性可育與不育性狀的3個基因的顯隱性關系為Mf基因對M、m基因為顯性，M基因對m基因為顯性，植株甲的基因型為AAMm或aaMm。（3）某實驗小組用一株雄性不育植株與一株雄性可育植株雜交，子代中雄性不育：雄性可育＝1：1，不考慮花色的情況下，親本基因型的組合類型有4種，即MfM×MM、MfM×Mm、Mfm×MM、Mm×mm，其中親本雄性可育植株為純合子的基因型組合是Mm×mm。（4）現有基因型為AAMfMf、AAMM、AAmm、aamm的植株若干，欲判斷兩對基因的遺傳是否遵循自由組合定律，可選用的一組親本組合是AAMM和aamm，F1與基因型為aamm的植株雜交獲得F2，若F2的表型及比例為紫花雄性不育：紫花雄性可育：紅花（或白花）雄性不育：紅花（或白花）雄性可育＝1：1：1：1，則兩對基因的遺傳遵循自由組合定律。故答案為：（1）對未成熟的雌蕊套袋→（收集花粉）傳粉→套袋（2）分離定律；Mf基因對M、m基因為顯性，M基因對m基因為顯性（或Mf＞M＞m）；AAMm或aaMm（3）4；Mm×