學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精學必求其心得，業必貴于專精河北辛集中學高二物理限時訓練9。4一．選擇題（共9小題）1．在燃氣灶上常安裝電子點火器，電子打火器的放電電極應該做成（）A．圓頭狀 B．針尖狀 C．方形 D．橢球形2．小強在加油站加油時，看到加油機上有如圖所示的圖標，關于圖標涉及的物理知識及其理解，下列說法正確的(）A．制作這些圖標的依據是靜電屏蔽原理B．工作人員工作時間須穿絕緣性能良好的化纖服裝C．化纖手套與接觸物容易摩擦起電存在安全隱患D．用絕緣的塑料梳子梳頭應該沒有關系3．如圖所示，A、B為兩個驗電器，在B上裝有一個幾乎封閉的空心金屬球C（僅在上端開有小孔）,最初B和C帶電,A不帶電．D是帶有絕緣柄的金屬小球．某同學利用這些器材完成了下面實驗：使不帶電的D先跟C的外部接觸，再讓D跟A的金屬球接觸，這樣操作若干次,發現A的箔片張開;而讓不帶電的D先跟C的內部接觸，再讓D跟A的金屬球接觸，這樣操作若干次，發現A的箔片始終不張開．通過以上實驗，能直接得到的結論是()A．電荷總量是守恒的 B．電荷在C的表面均勻分布C．帶電的C是一個等勢體 D．電荷分布在C的外表面4．如圖所示,一個不帶電的枕型導體AB，放在帶正電的導體C附近(它們均與地絕緣)達到靜電平衡后,下列說法正確的是(）A．A端帶正電 B．B端帶正電 C．電勢φA＞φB D．電勢φA＜φB5．如圖，平行板電容器的兩極板豎直放置并分別與電源的正負極相連，一帶電小球經絕緣輕繩懸掛于兩極板之間,處于靜止狀態．現保持右極板不動，將左極板向左緩慢移動．關于小球所受的電場力大小F和繩子的拉力大小T,下列判斷正確的是(）A．F逐漸減小，T逐漸減小 B．F逐漸增大，T逐漸減小C．F逐漸減小，T逐漸增大 D．F逐漸增大，T逐漸增大6．2015年4月16曰，中國南車設計制造的全球首創超級電容儲能式現代電車在寧波下線，不久將成為二三線城市的主要公交用車．這種超級電車的核心是我國自主研發、全球首創的“超級電容器”．如圖所示，這種電容器安全性高,可反復充放電100萬次以上，使用壽命長達十二年,且容量超大（達到9500F)，能夠在10s內完成充電．下列說法正確的是(）A．該“超級電容器”能儲存電荷B．該“超級電容器”的電容隨電壓的增大而增大C．該“超級電容器”放電過程中把化學能轉化為電能D．充電時電源的正極應接“超級電容器"的負極7．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地，靜電計所帶電量很少，可被忽略．一帶負電油滴被固定于電容器中的P點，現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則(）A．平行板電容器的電容值將變大B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴的電勢能將增大D．若先將上極板與電源正極的導線斷開再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變8．如圖所示的裝置可以通過靜電計指針偏轉角度的變化，檢測電容器電容的變化來檢測導電液體是增多還是減少的儀器原理圖．圖中芯柱、導電液體、絕緣管組成一個電容器，電源通過電極A、電極B給電容器充電,充電完畢移去電源，由此可以判斷（)A．靜電計指針偏角變小，說明電容器兩板間電壓增大B．靜電計指針偏角變小，說明導電液體增多C．靜電計指針偏角變大，說明電容器電容增大D．靜電計指針偏角變大，導電液體液面升高9．如圖所示的鍵盤為一電容式鍵盤，在我們打字的過程中，讓我們猜想一下我們是通過改變電容器的哪個因素來改變電容的（）A．兩板間的距離 B．兩板間的電壓C．兩板間的電介質 D．兩板間的正對面積二．多選題（共10小題）10．用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素，如圖所示．設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中,極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是(）A．保持S不變，增大d,則θ變小 B．保持S不變，增大d，則θ變大C．保持d不變，減小S，則θ變大 D．保持d不變，減小S，則θ變小11．如圖所示,平行板電容器充電后形成一個勻強電場,大小保持不變．讓質子（H）流以不同初速度,先、后兩次垂直電場射入，分別沿a、b軌跡落到極板的中央和邊緣，則質子流沿b軌跡運動時(）A．加速度更大 B．初速度更小C．動能增量更大 D．兩次的電勢能增量相同12．如圖所示,電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始運動,然后射入電勢差為U2的兩塊平行極板間的電場中，射入方向跟極板平行,整個裝置處在真空中，重力可忽略，在滿足電子能射出平行板區的條件下，下述四種情況中,一定能使電子的偏轉角θ變大的是（）A．U1不變、U2變大 B．U1變小、U2不變C．U1不變、U2變小 D．U1變大、U2變小13．如圖所示，在通過等量異號點電荷的直線上有a、b兩點，二者位置關于負電荷對稱，兩電荷連線的中垂線上有c、d兩點．一帶電粒子(重力不計)以垂直連線的初速度自a點向上入射，初速度大小為v1時,沿軌跡1到達c點；初速度大小為v2時，沿軌跡2到達d點．下列說法正確的是（)A．四個點中a點電場強度最大B．四個點中d點的電勢最低C．粒子到達連線中垂線的速度大小vc＞vdD．粒子置于a點時的電勢能小于置于b點時的電勢能14．分別將帶等量正電的三個等質量小球,以不同的水平速度由P點射入水平放置的平行金屬板間，已知上板帶正電，下板接地．三小球分別落在圖中A、B、C三點，則（)A．三小球在電場的加速度大小相等B．三小球在電場中加速度大小關系是aA＜aB＜aCC．三小球在電場中運動時間tA=tB=tCD．三小球到達下板時的動能關系是EkC＞EkB＞EkA15．如圖所示，帶正電的粒子以一定的初速度v0沿兩板的中線進入水平放置的平行金屬板內，恰好沿下板的邊緣飛出，已知板長為L，板間的距離為d,板間電壓為U,帶電粒子的電荷量為q，粒子通過平行金屬板的時間為t，(不計粒子的重力），則（）A．在前時間內,電場力對粒子做的功為B．在后時間內,電場力對粒子做的功為C．在粒子下落前和后的過程中，電場力做功之比為1：2D．在粒子下落前和后的過程中,電場力做功之比為1：116．如圖所示，平行帶電金屬板M、N相距為d,M、N分別與電源的正負極相連，M板上距左端為d處有一個小孔A．當開關K閉合時，有甲、乙兩個相同的帶電粒子同時射入電場,甲從兩板正中間O點處以初速度v1平行于兩板射入，乙從A孔以初速度v2垂直于M板射入，二者在電場中的運動時間相同，并且都打到N板上的B點．不計帶電粒子的重力，下列說法正確的是（）A．甲、乙的初速度v1，與v2的關系為=2B．甲、乙的初速度v1，與v2的關系為=C．若將開關K斷開，并將N板向下平移一小段距離,甲、乙粒子仍以各自的初速度從原來的位置開始進入電場運動，一定會同時打到N板上的B點D．若將開關K斷開,并將N板向上平移一小段距離，甲、乙粒子仍以各自的初速度從原來的位置開始進入電場運動,甲一定打到N板上B點的左側17．一個質量為m、電荷量為+q的小球以初速度v0水平拋出,在小球經過的豎直平面內，存在著若干個如圖所示的無電場區和有理想上下邊界的勻強電場區，兩區域相互間隔、豎直高度相等,電場區水平方向無限長，已知每一電場區的場強大小相等、方向均豎直向上，不計空氣阻力，下列說法正確的是（)A．若場強大小等于，則小球經過每一電場區的時間均相同B．若場強大小等于，則小球經過每一電場區都做直線運動C．若場強大小等于，則小球經過每一無電場區的時間均相同D．無論場強大小如何,小球通過所有無電場區的時間均相同18．如圖所示,相互正交的勻強電場方向豎直向下，勻強磁場垂直紙面向里，帶有等量同種電荷的三個液滴在此空間中，a液滴靜止不動，b液滴沿水平線向右做直線運動，c液滴沿水平線向左做直線運動，則下列說法中正確的是（）A．三個液滴都帶負電B．液滴b的速率一定大于液滴c的速率C．三個液滴中液滴c質量最大D．液滴b和液滴c一定做的是勻速直線運動19．如圖1,示波器是可以在熒光屏上顯示待測電壓隨時間變化情況的一種儀器．電子經電壓u1加速后進入偏轉電場．豎直偏轉電壓為u2，以A板帶正電為正．水平偏轉電壓為u3，以C板帶正電為正．以下關于所加電壓與熒光屏上所得圖形的說法中正確的是(）A．如果只在u2上加上甲圖所示的電壓，則在熒光屏上看到的圖形如圖a所示B．如果只在u3上加上乙圖所示的電壓，則在熒光屏上看到的圖形如圖b所示C．如果同時在u2和u3上加上甲、乙所示的電壓，則在熒光屏上看到的圖形如圖c所示D．如果同時在u2和u3上加上甲、乙所示的電壓，則在熒光屏上看到的圖形如圖d所示三．計算題（共2小題)20．如圖所示,兩帶電平行板A、B間的電場為勻強電場，場強E=4.0×103V/m，兩板相距d=10cm,板長L=40cm．一帶電量q=1.0×10﹣16C、質量m=1.0×10﹣22㎏的粒子沿平行于板方向從兩板的正中間射入電場后向著B板偏轉,不計帶電粒子所受重力，求：（1）粒子帶何種電荷？(2）要使粒子能飛出電場，粒子飛入電場時的速度v0至少為多大？（3）粒子飛出電場時最大偏角的正切值為多大?21．（2017?新課標Ⅱ）如圖,兩水平面（虛線）之間的距離為H,其間的區域存在方向水平向右的勻強電場．自該區域上方的A點將質量為m、電荷量分別為q和﹣q(q＞0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出．小球在重力作用下進入電場區域，并從該區域的下邊界離開．已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍．不計空氣阻力,重力加速度大小為g．求（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；(2)A點距電場上邊界的高度；（3）該電場的電場強度大小．

河北辛集中學高二物理限時訓練答案9。41．B2．C．3．D．4．B．5．A．6．A．7．D．8．B．9．A．10．BC．11．CD12．AB．13．AD14．ACD．15．AD16．AD【分析】甲做類平拋運動，乙做勻加速直線運動，根據類平拋的知識和勻變速直線運動的公式即可求出v1，與v2的關系；K斷開后，由勻強電場的場強公式和電容的決定式可知道電場強度與板間距無關，再對甲由類平拋知識分析水平位移得出在B點的左側還是右側；【解答】解：AB、甲做類平拋運動，打在下極板的B點，知甲帶正電，由于甲乙是相同的帶電粒子,可知乙也帶正電，乙在電場中做勻加速直線運動對甲：水平方向：…①豎直方向:…②對乙:…③聯立①②③得：，故A正確，B錯誤;C、開關K斷開，電容器的帶電量不變，N板向下平移,距離增大，，兩板間的電場強度不隨極板間距變化,場強不變，加速度不變，甲粒子的豎直位移變大,運動時間變大，水平位移變大，甲打在B點的右側,乙還打在B點,故C錯誤;D、開關斷開,電場強度不變，粒子加速度不變，N板向上平移一小段距離，豎直位移減小,運動時間變小，水平位移變小,所以甲一定打在N板上B點的左側，故D正確；【點評】本題考查帶電粒子在電場中的運動，應用處理類平拋運動的方法處理粒子運動,注意當電容器電荷量不變時，只改變兩板間的距離，則E不變．17．BC．【分析】將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解，其水平方向不受外力，做勻速直線運動，豎直方向在無電場區做勻加速運動,有電場區也做勻變速運動，但加速度不同，運用速度時間關系公式分析，可以得到小球在豎直方向的運動規律．【解答】解：A、將小球的運動沿著水平方向和豎直方向正交分解，水平方向不受外力,以v0做勻速直線運動;豎直方向上，在無電場區只受重力，加速度為g，豎直向下，有電場區除重力外，還受到向上的恒定的電場力作用，加速度的大小和方向取決于合力的大小和方向．當場強大小等于時,電場力等于mg，故在電場區小球所受的合力為零,在無電場區小球勻加速運動，故經過每個電場區，小球的速度均不等，因而小球經過每一無電場區的時間均不相等，故A錯誤；B、當場強大小等于時，電場力等于mg，方向相反,則小球的合力為零,所以小球經過每一電場區都做勻速直線運動，故B正確．C、若場強大小等于時，電場力等于2mg，故在電場區小球所受的合力大小等于mg，方向豎直向上，加速度大小等于g，方向豎直向上，根據運動學公式，有經過第一個無電場區y=gt12，v1=gt1經過第一個電場區y=v1t﹣gt22v2=v1﹣gt2聯立解得t1=t2，v2=0，接下來小球的運動重復前面的過程，即每次通過無電場區都是自由落體運動，每次通過電場區都是末速度為零勻減速直線運動，可知，小球經過每一無電場區的時間均相同．故C正確；D、通過前面的分析可知，物體通過每個無電場區的初速度不一定相同,所以，通過電場的時間不同；故D錯誤；故選：BC．【點評】本題是帶電粒子在電場中運動的問題,將小球的運動沿水平方向和豎直方向正交分解后，對于豎直方向的運動，關鍵是找出小球的運動的一般規律，然后分析計算．18．ACD．【分析】三個帶電油滴都受力平衡，根據共點力平衡條件列式求解確定電性與質量大小，再依據洛倫茲力、電場力與重力關系，來判定速率的大小,最后根據洛倫茲力受到速率的影響，從而確定運動性質．【解答】解：AC、a球受力平衡，有:Ga=qE…①重力和電場力等值、反向、共線，故電場力向上，由于電場強度向下，故球帶負電，b球受力平衡，有:Gb+qvB=qE…②c球受力平衡，有：Gc=qvB+qE…③解得:Gc＞Ga＞Gb，故AC正確；B、由上分析可知，無法確定b與c洛倫茲力大小,因此無法確定液滴速率大小，故B錯誤；D、根據f=qvB，可知,液滴的洛倫茲力受到速率的約束，若不是做勻速直線運動時，則洛倫茲力變化,導致受力不平衡，那么就不可能做直線運動，故D正確,【點評】本題的關鍵在于分別對a、b、c三個球進行受力分析，然后得到小球的電性，電場力和洛侖茲力的方向,最后根據共點力平衡條件得到各個球的重力的大小．19．ABD．【分析】據電子的偏向和偏轉距離與所加電壓的方向與大小關系，可分析所給各情況的熒光屏顯示圖形，如:水平向所加圖示U3電壓可在電子在水平向全掃描,則熒光屏上顯示的波形與豎直向的電壓波形相同．【點評】本題考查示波器的顯示特點,明確兩個方向上電子的偏向和偏轉距離與所加電壓的方向與大小關系．20．【分析】（1）平行金屬板B板帶負電,粒子向B板偏轉,則粒子帶正電．（2）當粒子恰好從B板右側邊緣飛出電場時,此時粒子的速度為粒子飛出電場時最小速度．此時粒子水平位移為L，豎直位移為，根據牛頓第二定律求出加速度，由運動學公式求出初速度．（3)分解速度，求出偏轉角的正切，再求粒子飛出電場時的最大偏角．【解答】解：（1）由于B板帶負電，粒子向B板偏轉，說明粒子帶正電；(2)在粒子偏轉到B板之前飛出電場做類似平拋運動．豎直方向：=at2=??t2得:t=水平方向：v0==L=0。4×=8×104m/s所以要使粒子能飛出電場，粒子飛入電場時的速度v0至少為8×104m/s；（3）設粒子飛出電場的最大偏角為θ,則有：tanθ====0。25答：（1）粒子帶正電;（2）要使粒子能飛出電場,粒子飛入電場時的速度v0至少為8×104m/s．（3)粒子飛出電場時的最大偏角正切值0.25．【點評】本題是帶電粒子在電場中做類平拋運動的問題，關鍵根據分運動的位移公式和速度公式列式求解．21．【考點】AK：帶電粒子在勻強電場中的運動．【專題】11：計算題;32：定量思想；43:推理法；531：帶電粒子在電場中的運動專題．【分析】（1）抓住兩球在電場中，水平方向上的加速度大小相等,一個做勻加速直線運動，一個做勻減速直線運動,在豎直方