第八章第2講知識(shí)鞏固練習(xí)1．電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力，因此()A．電動(dòng)勢(shì)是一種非靜電力B．電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源儲(chǔ)存的電能越多C．電動(dòng)勢(shì)的大小是非靜電力做功能力的反映D．電動(dòng)勢(shì)就是閉合電路中電源兩端的電壓【答案】C【解析】電動(dòng)勢(shì)是反映電源通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量．電動(dòng)勢(shì)越大說明這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)越強(qiáng)，但不能說明儲(chǔ)存的電能越多．故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C正確．閉合電路中電源兩端電壓大小等于外電壓大小，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．2．(2019年撫州名校月考)如圖所示電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端向b端滑動(dòng)時(shí)，以下判斷正確的是()A．電壓表讀數(shù)變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B．電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變暗C．電壓表讀數(shù)變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D．電壓表讀數(shù)變小，通過燈L2的電流變大，燈L1變暗【答案】D【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端向b端滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小．由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈L2的電流變大，則燈L2變亮．電源的內(nèi)電壓和L2的電壓增大，路端電壓減小，則并聯(lián)部分電壓減小，電壓表讀數(shù)變小，通過燈L1的電流變小，燈L1變暗．故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．3．(2019年大慶名校模擬)四個(gè)相同的小量程電流表分別改裝成兩個(gè)電流表和兩個(gè)電壓表．已知電流表A1的量程大于A2的量程，電壓表V1的量程大于V2的量程．改裝好后把它們按如圖所示接入電路，則()A．電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)B．電流表A1的指針偏轉(zhuǎn)角小于電流表A2的指針偏轉(zhuǎn)角C．電壓表V1的讀數(shù)小于電壓表V2的讀數(shù)D．電壓表V1的指針偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的指針偏轉(zhuǎn)角【答案】D4．(2018年自貢模擬)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻(其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小)．當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法正確的是()A．只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D．若斷開開關(guān)S，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動(dòng)變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流，選項(xiàng)A正確．電路穩(wěn)定時(shí)，電容相當(dāng)于開關(guān)斷開，只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)對(duì)電路沒有影響，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大．由E＝eq\f(U,d)可知，電場(chǎng)力變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．若斷開開關(guān)S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．5．一個(gè)微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R.將它接在電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作．則()A．電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為I2R B．電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為eq\f(U2,R)C．電源的輸出功率為EI D．電源的效率為1－eq\f(Ir,E)【答案】D【解析】電動(dòng)機(jī)不是純電阻，電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為UI，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為I2R，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．電源的輸出功率為UI，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．電源的效率為eq\f(U,E)＝eq\f(E－Ir,E)，選項(xiàng)D正確．6．(多選)如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P(5.2,3.5)、Q(6,5)．如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是()A．電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3∶2B．電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶2D．在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7∶10【答案】AB【解析】根據(jù)圖像可知，E1＝E2＝10V，r1＝eq\f(5,4)Ω，r2＝eq\f(5,6)Ω，所以r1∶r2＝3∶2，E1∶E2＝1∶1，選項(xiàng)A、B正確；曲線Ⅲ與其他兩條直線的交點(diǎn)坐標(biāo)表示該小燈泡在這兩種連接狀態(tài)下的工作電壓和工作電流，根據(jù)坐標(biāo)值可求出此時(shí)小燈泡消耗的功率分別為P1＝18.2W和P2＝30W，小燈泡的電阻分別為R1＝eq\f(35,52)Ω，R2＝eq\f(5,6)Ω，所以選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．7．(多選)(2019年河南模擬)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.閉合開關(guān)S，在滑動(dòng)變阻器R的滑片緩慢地從最左端向右移動(dòng)一段距離的過程中，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI.電流表的示數(shù)為I時(shí)，電容器的帶電量為Q.則在這個(gè)過程中，下列圖像正確的是()ABCD【答案】BD【解析】電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器的電壓，電流表測(cè)量干路電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律U＝E－I(R1＋r)得ΔU＝ΔI(R1＋r)，解得eq\f(ΔU,ΔI)＝R1＋r不變，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確．在滑動(dòng)變阻器R的滑片緩慢地從最左端向右移動(dòng)一段距離的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中總電流I增大，電阻R1兩端電壓增大．根據(jù)Q＝UC＝CR1I可知，Q－I圖像是過原點(diǎn)的傾斜直線．故選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確．綜合提升練習(xí)8．(多選)如圖所示電路中，電源內(nèi)阻忽略不計(jì)．閉合開關(guān)S，電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I.在滑動(dòng)變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中()A．U先變大后變小 B．I先變小后變大C．U與I比值先變大后變小 D．U變化量與I變化量比值等于R3【答案】BC【解析】據(jù)題意，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，電壓表的示數(shù)總是不變，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤．滑片滑動(dòng)過程中，電阻R1的阻值先增大后減小，電壓不變，所以電流表示數(shù)先減小后增加，故選項(xiàng)B、C正確．由于電壓表示數(shù)沒有變化，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．9．(多選)如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻為2Ω，四個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出．閉合開關(guān)S，下列說法正確的有()A．路端電壓為10VB．電源的總功率為10WC．a(chǎn)、b間電壓的大小為5VD．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，電路的總電流為1A【答案】AC【解析】由題圖知，外電路的總電阻為10Ω，回路的總電阻為12Ω.由全電路歐姆定律可知I＝eq\f(E,R)＝1A，所以路端電壓UR＝IR＝10V，選項(xiàng)A正確．電源的總功率P＝IE＝12W，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．由串、并聯(lián)電路特點(diǎn)得a、b的電流均為0.5A，所以Uab＝0.5×(15－5)V＝5V，選項(xiàng)C正確．a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后，根據(jù)電路的連接可求得外電路的電阻為7.5Ω，回路的總電阻為9.5Ω，所以D錯(cuò)誤．10．四川省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃指出，若按現(xiàn)有供水能力測(cè)算，全省供水缺口極大．蓄引提水是目前解決供水問題的重要手段之一．某地要把河水抽高20m使之進(jìn)入蓄水池．用一臺(tái)電動(dòng)機(jī)通過傳動(dòng)效率為80%的皮帶，帶動(dòng)效率為60%的離心水泵工作．工作電壓為380V，此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為19kW，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.4Ω.已知水的密度為1×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2.求：(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864m3的水需要的時(shí)間(不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度)．【答案】(1)1×103W(2)2×104s【解析】(1)設(shè)電動(dòng)機(jī)的電功率為P，則P＝UI.設(shè)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r上消耗的