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第八章第2講知識(shí)鞏固練習(xí)1.電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能的能力,因此()A.電動(dòng)勢(shì)是一種非靜電力B.電動(dòng)勢(shì)越大,表明電源儲(chǔ)存的電能越多C.電動(dòng)勢(shì)的大小是非靜電力做功能力的反映D.電動(dòng)勢(shì)就是閉合電路中電源兩端的電壓【答案】C【解析】電動(dòng)勢(shì)是反映電源通過非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量.電動(dòng)勢(shì)越大說明這種轉(zhuǎn)化本領(lǐng)越強(qiáng),但不能說明儲(chǔ)存的電能越多.故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤,C正確.閉合電路中電源兩端電壓大小等于外電壓大小,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤.2.(2019年撫州名校月考)如圖所示電路中,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端向b端滑動(dòng)時(shí),以下判斷正確的是()A.電壓表讀數(shù)變大,通過燈L1的電流變大,燈L2變亮B.電壓表讀數(shù)變小,通過燈L1的電流變小,燈L2變暗C.電壓表讀數(shù)變大,通過燈L2的電流變小,燈L1變暗D.電壓表讀數(shù)變小,通過燈L2的電流變大,燈L1變暗【答案】D【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從a端向b端滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路的電阻減小,外電路總電阻減小.由閉合電路歐姆定律分析得知,干路電流增大,通過燈L2的電流變大,則燈L2變亮.電源的內(nèi)電壓和L2的電壓增大,路端電壓減小,則并聯(lián)部分電壓減小,電壓表讀數(shù)變小,通過燈L1的電流變小,燈L1變暗.故D正確,A、B、C錯(cuò)誤.3.(2019年大慶名校模擬)四個(gè)相同的小量程電流表分別改裝成兩個(gè)電流表和兩個(gè)電壓表.已知電流表A1的量程大于A2的量程,電壓表V1的量程大于V2的量程.改裝好后把它們按如圖所示接入電路,則()A.電流表A1的讀數(shù)等于電流表A2的讀數(shù)B.電流表A1的指針偏轉(zhuǎn)角小于電流表A2的指針偏轉(zhuǎn)角C.電壓表V1的讀數(shù)小于電壓表V2的讀數(shù)D.電壓表V1的指針偏轉(zhuǎn)角等于電壓表V2的指針偏轉(zhuǎn)角【答案】D4.(2018年自貢模擬)如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r.電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器,R0為定值電阻,R1為光敏電阻(其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小).當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí),電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).下列說法正確的是()A.只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度,電阻R0消耗的電功率變大,電阻R3中有向上的電流B.只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí),電源消耗的功率變大,電阻R3中有向上的電流C.只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí),電壓表示數(shù)變大,帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D.若斷開開關(guān)S,電容器所帶電荷量變大,帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度,R1的阻值減小,總電阻減小,總電流增大,電阻R0消耗的電功率變大,滑動(dòng)變阻器的電壓變大,電容器兩端的電壓增大,電容下極板帶的電荷量變大,所以電阻R3中有向上的電流,選項(xiàng)A正確.電路穩(wěn)定時(shí),電容相當(dāng)于開關(guān)斷開,只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)對(duì)電路沒有影響,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng),電容器并聯(lián)部分的電阻變大,所以電容器兩端的電壓變大.由E=eq\f(U,d)可知,電場(chǎng)力變大,帶電微粒向上運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)C錯(cuò)誤.若斷開開關(guān)S,電容器處于放電狀態(tài),電荷量變小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.5.一個(gè)微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的額定電壓為U,額定電流為I,線圈電阻為R.將它接在電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間,電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作.則()A.電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為I2R B.電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為eq\f(U2,R)C.電源的輸出功率為EI D.電源的效率為1-eq\f(Ir,E)【答案】D【解析】電動(dòng)機(jī)不是純電阻,電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為UI,選項(xiàng)A錯(cuò)誤.電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為I2R,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.電源的輸出功率為UI,選項(xiàng)C錯(cuò)誤.電源的效率為eq\f(U,E)=eq\f(E-Ir,E),選項(xiàng)D正確.6.(多選)如圖所示,直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線,曲線Ⅲ是一個(gè)小燈泡的伏安特性曲線,曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P(5.2,3.5)、Q(6,5).如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接,則下列說法正確的是()A.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3∶2B.電源1與電源2的電動(dòng)勢(shì)之比是1∶1C.在這兩種連接狀態(tài)下,小燈泡的電阻之比是1∶2D.在這兩種連接狀態(tài)下,小燈泡消耗的功率之比是7∶10【答案】AB【解析】根據(jù)圖像可知,E1=E2=10V,r1=eq\f(5,4)Ω,r2=eq\f(5,6)Ω,所以r1∶r2=3∶2,E1∶E2=1∶1,選項(xiàng)A、B正確;曲線Ⅲ與其他兩條直線的交點(diǎn)坐標(biāo)表示該小燈泡在這兩種連接狀態(tài)下的工作電壓和工作電流,根據(jù)坐標(biāo)值可求出此時(shí)小燈泡消耗的功率分別為P1=18.2W和P2=30W,小燈泡的電阻分別為R1=eq\f(35,52)Ω,R2=eq\f(5,6)Ω,所以選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤.7.(多選)(2019年河南模擬)如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r.閉合開關(guān)S,在滑動(dòng)變阻器R的滑片緩慢地從最左端向右移動(dòng)一段距離的過程中,電壓表示數(shù)的變化量為ΔU,電流表示數(shù)的變化量為ΔI.電流表的示數(shù)為I時(shí),電容器的帶電量為Q.則在這個(gè)過程中,下列圖像正確的是()ABCD【答案】BD【解析】電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器的電壓,電流表測(cè)量干路電流,根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-I(R1+r)得ΔU=ΔI(R1+r),解得eq\f(ΔU,ΔI)=R1+r不變,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確.在滑動(dòng)變阻器R的滑片緩慢地從最左端向右移動(dòng)一段距離的過程中,變阻器接入電路的電阻減小,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中總電流I增大,電阻R1兩端電壓增大.根據(jù)Q=UC=CR1I可知,Q-I圖像是過原點(diǎn)的傾斜直線.故選項(xiàng)C錯(cuò)誤,D正確.綜合提升練習(xí)8.(多選)如圖所示電路中,電源內(nèi)阻忽略不計(jì).閉合開關(guān)S,電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為I.在滑動(dòng)變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中()A.U先變大后變小 B.I先變小后變大C.U與I比值先變大后變小 D.U變化量與I變化量比值等于R3【答案】BC【解析】據(jù)題意,由于電源內(nèi)阻不計(jì),電壓表的示數(shù)總是不變,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤.滑片滑動(dòng)過程中,電阻R1的阻值先增大后減小,電壓不變,所以電流表示數(shù)先減小后增加,故選項(xiàng)B、C正確.由于電壓表示數(shù)沒有變化,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤.9.(多選)如圖所示的電路中,電源電動(dòng)勢(shì)為12V,內(nèi)阻為2Ω,四個(gè)電阻的阻值已在圖中標(biāo)出.閉合開關(guān)S,下列說法正確的有()A.路端電壓為10VB.電源的總功率為10WC.a(chǎn)、b間電壓的大小為5VD.a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后,電路的總電流為1A【答案】AC【解析】由題圖知,外電路的總電阻為10Ω,回路的總電阻為12Ω.由全電路歐姆定律可知I=eq\f(E,R)=1A,所以路端電壓UR=IR=10V,選項(xiàng)A正確.電源的總功率P=IE=12W,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.由串、并聯(lián)電路特點(diǎn)得a、b的電流均為0.5A,所以Uab=0.5×(15-5)V=5V,選項(xiàng)C正確.a(chǎn)、b間用導(dǎo)線連接后,根據(jù)電路的連接可求得外電路的電阻為7.5Ω,回路的總電阻為9.5Ω,所以D錯(cuò)誤.10.四川省“十二五”水利發(fā)展規(guī)劃指出,若按現(xiàn)有供水能力測(cè)算,全省供水缺口極大.蓄引提水是目前解決供水問題的重要手段之一.某地要把河水抽高20m使之進(jìn)入蓄水池.用一臺(tái)電動(dòng)機(jī)通過傳動(dòng)效率為80%的皮帶,帶動(dòng)效率為60%的離心水泵工作.工作電壓為380V,此時(shí)輸入電動(dòng)機(jī)的電功率為19kW,電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.4Ω.已知水的密度為1×103kg/m3,重力加速度g取10m/s2.求:(1)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻消耗的熱功率;(2)將蓄水池蓄入864m3的水需要的時(shí)間(不計(jì)進(jìn)、出水口的水流速度).【答案】(1)1×103W(2)2×104s【解析】(1)設(shè)電動(dòng)機(jī)的電功率為P,則P=UI.設(shè)電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r上消耗的

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