第七章動量守恒定律第1講動量動量定理Contents考點1動量、沖量及動量變化量的理解考點2動量定理的應用考點3介質流模型熱點幫關注熱點遷移應用練習幫練透好題精準分層01Loremipsumdolorsitamet,consecteturadipisicingelit.目錄

課標要求核心考點五年考情核心素養對接1.理解沖

量和動量.動量、沖

量及動量

變化量的

理解2023：新課標

T19、T20，天津

T5；2022：湖北T7，

湖南T7；2021：湖南T2，

北京T101.物理觀念：理解動量、沖量等基本概

念，掌握動量定理，深化運動與相互作

用觀念.2.科學思維：經歷科學論證過程，理解

動量定理的物理實質與牛頓第二定律的

一致性；領會求解變力的沖量時的極限

思想.課標要求核心考點五年考情核心素養對接2.通過理論推

導和實驗，理

解動量定理，

能用其解釋生

產生活中的有

關現象.動量定理

的應用2023：江蘇T15，廣東T10；2022：山東T2，湖南T14，全國乙

T20；2021：湖北T3，全國乙T19，重慶

T13，浙江1月T20，天津T7；2020：全國ⅠT14，海南T8；2019：全國ⅠT16，全國ⅡT253.科學探究：經歷

尋求碰撞中不變量

的過程，體會探究

過程中猜想、推理

和證據的重要性.課標要求核心考點五年考情核心素養對接2.通過理論推導和實

驗，理解動量定理，能

用其解釋生產生活中的

有關現象.介質流模型2021：福建T44.科學態度與責任：

通

過對動量、沖量的學

習，讓學生逐漸形成探

索自然的內在動力.命題分析預測動量和動量定理是本章的基礎，在高考中常以選擇題的

形式考查，主要考查應用動量定理解釋生活現象等，難

度不大.

考點1動量、沖量及動量變化量的理解

1.動量(1)定義：物體的[1]

與[2]

的乘積叫作物體的動量.(2)表達式：p＝[3]

，單位kg·m/s.(3)動量為矢量，方向與[4]

的方向相同.質量速度mv

速度2.動量的變化量(1)因為動量是矢量，動量的變化量Δp也是[5]

，其方向與速度的改變量Δv

的方向[6]

?.(2)動量的變化量Δp的大小，一般用末動量p'減去初動量p進行計算，也稱為動量的

增量，即Δp＝[7]

?.3.沖量(1)定義：[8]

與[9]

的乘積叫作力的沖量.(2)表達式：I＝FΔt，單位為N·s.(3)沖量為矢量，方向與[10]

相同.矢量相同p'-p

力力的作用時間力的方向

如圖，一個質量為0.1kg的物體在光滑水平面上以6m/s的速度向右運動，碰到堅硬

的墻壁后，沿著同一直線以6m/s的速度水平向左彈回，g取10m/s2.(1)以向右為正方向，則碰到墻壁之前物體的動量為

?，彈回后物體的動

量為

，碰撞過程中物體的動量變化量為

?.(2)如果水平面粗糙，物體與水平面間的動摩擦因數為0.1，物體向右運動3s內(未碰

墻壁)，重力的沖量大小為

，支持力的沖量大小為

?，摩擦力的沖

量大小為

?.0.6kg·m/s

-0.6kg·m/s

-1.2kg·m/s

3N·s

3N·s

0.3N·s

命題點1動量及其變化量的理解和計算1.[動量/多選]在光滑水平面上，原來靜止的物體在水平力F的作用下，經過時間t、

通過位移L后動量變為p、動能變為Ek.以下說法正確的是(

BD

)A.在F作用下，若這個物體經過位移2L，其動量等于2pB.在F作用下，若這個物體經過位移2L，其動能等于2EkC.在F作用下，若這個物體經過時間2t，其動能等于2EkD.在F作用下，若這個物體經過時間2t，其動量等于2pBD

方法點撥動量與動能的比較動量動能定義式p＝mv標矢性矢量標量變化因素合外力的沖量合外力所做的功大小關系聯系(1)都是相對量，與參考系的選取有關，通常選取地面為參考系；

(2)若物體的動能發生變化，則動量一定也發生變化；(3)動量發

生變化時動能不一定發生變化2.[動量變化量/2024山東新高考質量測評]質量為m的物體，動能大小為Ek，在變力

的作用下沿直線做加速運動，經過一段時間后動能大小變為2Ek，則這段時間內物體

動量變化量的大小為(

D

)

D命題點2沖量的理解和計算3.[沖量]如圖所示，車載玩具——彈簧人公仔固定在車的水平臺面上，公仔頭部的

質量為m，靜止在圖示位置.現用手豎直向下壓公仔的頭部，使之緩慢下降至某一位

置，之后迅速放手.公仔的頭部經過時間t，沿豎直方向上升到另一位置時速度為零.

此過程彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力及彈簧質量.在公仔頭部上升的過程

中(

C

)A.公仔頭部的機械能守恒B.公仔頭部的加速度先增大后減小C.彈簧彈力沖量的大小為mgtD.彈簧彈力對頭部所做的功為零C[解析]

彈簧彈力對公仔頭部做功，公仔頭部的機械能不守恒，故A錯誤；公仔頭部

上升過程中，彈簧彈力先減小后反向增大，加速度先減小后反向增大，故B錯誤；

公仔頭部上升過程中，取向上為正方向，根據動量定理有I彈-mgt＝0，則彈簧彈力沖

量的大小為I彈＝mgt，故C正確；公仔頭部上升過程中，根據動能定理有W彈-mgh＝

0，則彈簧彈力對頭部所做的功為W彈＝mgh≠0，故D錯誤.命題拓展命題條件不變

，一題多設問整個過程中合力對公仔頭部的沖量大小為

?，彈簧彈力對公仔底部的沖量大小

為

?.[解析]

公仔頭部的初速度為0，末速度也是0，動量變化量為0，則合力的沖量也是

0，公仔頭部整個過程中只受到彈簧彈力的沖量和重力的沖量，所以彈簧彈力對公

仔頭部的沖量大小為mgt，彈簧彈力對公仔底部的沖量大小也是mgt.0

mgt

方法點撥沖量與功的比較沖量功公式I＝Ft(F為恒力)W＝Flcosα(F為恒力)標矢性矢量標量意義表示力對時間的累積，是動

量變化的量度表示力對空間的累積，是能量變化的

量度聯系都是過程量，都與力的作用過程相互聯系命題點3

F-t圖像的應用4.[多選]如圖所示，物體從t＝0時刻開始由靜止做直線運動，0～4s內其合力隨時間

變化的關系圖線為某一正弦函數圖像.下列表述正確的是(

ABD

)A.0～2s內合力的沖量一直增大B.0～4s內合力的沖量為零C.2s末物體動量的方向發生變化D.0～4s內物體動量的方向一直不變ABD[解析]

根據F-t圖像中圖線所圍面積表示沖量可知，在0～2s內合力的沖量一

直增大，A正確；0～4s內合力的沖量為零，B正確；2s末力的方向發生變

化，物體的動量開始減小，但方向不發生變化，0～4s內物體動量的方向一直

不變，C錯誤，D正確.命題拓展命題條件不變，一題多設問[多選]下列說法正確的是(

CD

)A.第2s末，物體的動量為零B.第4s末，物體回到出發點C.在0～2s時間內，力F的瞬時功率先增大后減小D.在1～3s時間內，力F的沖量為零CD[解析]

在前2s內力與運動的方向相同，物體經歷了一個加速度逐漸增大的加速運

動和加速度逐漸減小的加速運動，所以第2s末，物體的速度最大，動量最大，故A

錯誤；該物體在2～4s內受到的力與0～2s內受到的力的方向相反，前半個周期內做

加速運動，后半個周期內做減速運動，所以物體在0～4s內的位移為正，即第4s

末，物體沒有回到出發點，故B錯誤；0～2s內，速度在增大，力F先增大后減小，

根據瞬時功率P＝Fv得力F瞬時功率開始時為0，2s末的瞬時功率為0，所以在0～2s

時間內，F的瞬時功率先增大后減小，故C正確；在F-t圖像中，圖線與坐標軸圍成

圖形的面積表示力F的沖量，由圖可知，1～2s的面積與2～3s的面積大小相等，一

正一負，所以和為0，則在1～3s時間內，F的沖量為0，故D正確.方法點撥沖量的四種計算方法公式法利用定義式I＝FΔt計算沖量，此方法僅適用于恒力的沖量，無需考慮

物體的運動狀態圖像法利用F-t圖像計算，F-t圖線與時間軸圍成的面積表示沖量，此法既可以

計算恒力的沖量，也可以計算變力的沖量動量定理法如果物體受到大小或方向變化的力的作用，則不能直接用I＝FΔt求變力的

沖量，可以求出該力作用下物體動量的變化量，由I＝Δp求變力的沖量平均力法考點2動量定理的應用

1.內容：物體在一個過程中所受的沖量等于它在這個過程始末的[11]

?

?.2.公式：[12]

或[13]

?.3.動量定理的理解動量變化

量I＝p'-p

F(t'-t)＝mv'-mv

(1)動量定理反映了合力的沖量與動量變化量之間的因果關系，即合力的沖量是原

因，物體的動量變化量是結果.(2)動量定理中的沖量是合力的沖量，而不是某一個力的沖量，它可以是合力的沖

量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和.(3)動量定理的表達式是矢量式，等號包含了大小相等、方向相同兩方面的含義.

圖甲為碼頭上河岸邊懸掛的舊輪胎，圖乙為轎車的安全氣囊在劇烈碰撞時自動彈

出的情境.判斷下列說法的正誤.(1)碼頭上河岸邊懸掛的舊輪胎減小了船靠岸時的沖量.

(?)(2)碼頭上河岸邊懸掛的舊輪胎減小了船靠岸時動量的變化量.

(?)??(4)舊輪胎和氣囊均起到延長作用時間、減小作用力的效果，即起到緩沖作用.

(

√

)√(3)轎車的安全氣囊在劇烈碰撞時自動彈出可以延長作用時間，減小司機或乘員受到

的作用力.

(

√

)√

命題點1動量定理的簡單計算5.[2024湖南常德模擬]城市進入高樓時代后，高空墜物已成為危害極大的社會安全

問題.如圖所示為一則安全警示廣告，非常形象地描述了高空墜物對人傷害的嚴重

性.某同學用下面的實例來檢驗廣告詞的科學性：設一個50g的雞蛋從16樓的窗戶自

由落下，與地面撞擊時間約為3ms，相鄰樓層的高度差為3m，不計空氣阻力，重力

加速度g取10m/s2，則從16樓下落的雞蛋對地面的平均沖擊力約為(

C

)從4樓拋下會讓人起腫包從8樓拋下可以砸破人的頭皮從18樓拋下可以砸裂行人頭骨從25樓拋下可能使人當場死亡A.5000NB.900NC.500ND.250N

[答案]

C一個雞蛋的威力命題點2動量定理的綜合應用

(1)求運動員從高臺邊緣跳出的水平速度v0大小；[答案]

4m/s

解得v0＝4m/s即運動員從高臺邊緣跳出的水平速度大小為4m/s.(2)求運動員落到斜面底端C時的速度；

(3)假設與斜面的作用時間為0.3s，求運動員與斜面作用過程中運動員對斜面

的作用力.

方法點撥1.用動量定理解題的思路2.動量定理的兩點說明(1)動量定理不僅適用于恒力，也適用于變力.對變力使用時，動量定理中的力F應理

解為變力在作用時間內的平均值.(2)動量定理的研究對象可以是單體，也可以是整體.其中“整體”含義：對象或過

程.動量定理的整體表達式：I＝Δp1＋Δp2＋

…＋Δpn(矢量和).考點3介質流模型

研究對象流體類：液體流、氣體流等，通常給出流體的密度ρ微粒類：電子流、光子流、塵埃等，通常給出單位體積內的粒子數n分析步驟①建構“柱狀”模型：沿流速v的方向選取一段小柱體，其橫截面積為S②微元研究小柱體的體積ΔV＝vSΔt小柱體質量m＝ρΔV＝ρvSΔt小柱體內粒子數N＝nvSΔt小柱體動量p＝mv＝ρv2SΔt③建立方程，應用動量定理FΔt＝Δp研究

命題點1流體類“柱狀”模型7.如圖所示為清洗汽車用的高壓水槍.設水槍噴出的水柱直徑為D，水流速度為v，水

柱垂直于汽車表面，水柱沖擊汽車后水的速度為零.手持高壓水槍操作，進入水槍的

水流速度可忽略不計，已知水的密度為ρ.下列說法正確的是(

D

)A.高壓水槍單位時間噴出的水的質量為ρπvD2D.當高壓水槍噴口的出水速度變為原來的2倍時，噴出的水對汽車的

壓強變為原來的4倍D

方法點撥命題點2微粒類“柱狀”模型8.正方體密閉容器中有大量運動粒子，每個粒子的質量均為m，單位體積內粒子數

量n為恒量.為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略，其速率均為v，且與器壁各

面碰撞的機會均等，與器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與器壁垂直，且速率不

變.利用所學力學知識，導出器壁單位面積所受粒子壓力f與m、n和v的關系.

[解析]

一個粒子每與器壁碰撞一次對器壁的作用力的沖量ΔI＝2mv

Δt時間內粒子對器壁的作用力的沖量

方法點撥流體碰撞的兩類模型解法

熱點8

應用動量定理解決實際問題動量和沖量是力學中兩個重要的物理概念，動量定理揭示了沖量和動量變化量之間

的關系，成為近年高考命題的熱點內容.試題緊密聯系生產生活實際，內容豐富，考

查角度靈活，對學生的綜合應用能力及物理建模能力要求較高.題型既有選擇題，又

有計算題.

1.[2023天津]質量為m的列車以速度v勻速行駛，突然以大小為F的力制動剎車直到列

車停止，整個過程中列車還受到大小恒為f的阻力，下列說法正確的是(

C

)B.力F的沖量大小為mvD.勻速行駛時功率為(f＋F)vC1234[解析]

12342.[2022山東]我國多次成功使用“冷發射”技術發射長征十一號系列運載火箭.如圖

所示，發射倉內的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時再點火飛向

太空.從火箭開始運動到點火的過程中(

A

)A.火箭的加速度為零時，動能最大B.高壓氣體釋放的能量全部轉化為火箭的動能C.高壓氣體對火箭推力的沖量等于火箭動量的增加量D.高壓氣體的推力和空氣阻力對火箭做功之和等于火箭動能的增加量A1234[解析]

從火箭開始運動到點火的過程中，火箭先加速運動后減速運動，當加速度

為零時，動能最大，A正確；高壓氣體釋放的能量轉化為火箭的動能和重力勢能及

火箭與空氣間因摩擦產生的熱量，B錯誤；根據動量定理可得高壓氣體對火箭的推

力F、火箭自身的重力mg和空氣阻力f的沖量矢量和等于火箭動量的變化量，C錯

誤；根據動能定理可得高壓氣體對火箭的推力F、火箭自身的重力mg和空氣阻力f對

火箭做的功之和等于火箭動能的變化量，D錯誤.12343.[2022重慶]在測試汽車的安全氣囊對駕乘人員頭部防護作用的實驗中，某小組得

到了假人頭部所受安全氣囊的作用力隨時間變化的曲線(如圖).從碰撞開始到碰撞結

束過程中，若假人頭部只受到安全氣囊的作用，則由曲線可知，假人頭部(

D

)A.速度變化量的大小等于曲線與橫軸圍成的面積B.動量大小先增大后減小C.動能變化量的大小正比于曲線與橫軸圍成的面積D.加速度大小先增大后減小D1234[解析]

12344.[2023廣東/多選]某同學受電動窗簾的啟發，設計了如圖所示的簡化模型.多個質量

均為1kg的滑塊可在水平滑軌上滑動，忽略阻力，開窗簾的過程中，電機對滑塊1施

加一個水平向右的恒力F，推動滑塊1以0.40m/s的速度與靜止的滑塊2碰撞，碰撞時

間為0.04s，碰撞結束后瞬間兩滑塊的共同速度為0.22m/s.關于兩滑塊的碰撞過程，

下列說法正確的有(

BD

)A.該過程動量守恒B.滑塊1受到合力的沖量大小為0.18N·sC.滑塊2受到合力的沖量大小為0.40N·sD.滑塊2受到滑塊1的平均作用力大小為5.5NBD1234[解析]

規定水平向右為正方向

1234

1.[W-t圖像＋動量/2022重慶/多選]一物塊在傾角為45°的固定斜面上受到方向與斜面

平行、大小與摩擦力相等的拉力作用，由靜止開始沿斜面向下做勻變速直線運動，

物塊與斜面間的動摩擦因數處處相同.若拉力沿斜面向下時，物塊滑到底端的過程中

重力和摩擦力對物塊做的功隨時間的變化分別如圖中曲線①、②所示，則(

BC

)B.當拉力沿斜面向上，重力做的功為9J時，物塊動能為3JC.當拉力分別沿斜面向上和向下時，物塊的加速度大小之比為1∶3BC123[解析]

1232.[v-t圖像＋動量/2022湖南/多選]神舟十三號返回艙進入大氣層一段時間后，逐一打

開引導傘、減速傘、主傘，最后啟動反沖裝置，實現軟著陸.某興趣小組研究了減速

傘打開后返回艙的運動情況，將其運動簡化為豎直方向的直線運動，其v-t圖像如圖

所示.設該過程中，重力加速度不變，返回艙質量不變，下列說法正確的是(

AC

)A.在0～t1時間內，返回艙重力的功率隨時間減小B.在0～t1時間內，返回艙的加速度不變C.在t1～t2時間內，返回艙的動量隨時間減小D.在t2～t3時間內，返回艙的機械能不變AC123[解析]

由題知，返回艙的運動可簡化為豎直方向的直線運動，所以重力的功率P＝

mgv，因此在0～t1時間內，結合v-t圖像可知返回艙重力的功率隨時間減小，A項正

確；v-t圖像的斜率表示返回艙的加速度，故0～t1時間內，返回艙的加速度不斷減

小，B項錯誤；返回艙的動量大小與其速度大小成正比，所以t1～t2時間內，返回艙

的動量隨時間減小，C項正確；在t2～t3時間內，返回艙勻速下降，機械能不守恒，

D項錯誤.1233.[動量定理的應用/2022北京]“雪如意”是我國首座國際標準跳臺滑雪場地，如圖

所示.跳臺滑雪運動中，裁判員主要根據運動員在空中的飛行距離和動作姿態評分.

運動員在進行跳臺滑雪時大致經過四個階段：①助滑階段，運動員兩腿盡量深蹲，

順著助滑道的傾斜面下滑；②起跳階段，當進入起跳區時，運動員兩腿猛蹬滑道快

速伸直，同時上體向前伸展；③飛行階段，在空中運動員保持身體與雪板基本平

行、兩臂伸直貼放于身體兩側的姿態；④著陸階段，運動員落地時兩腿屈膝，兩臂

左右平伸.下列說法正確的是(

B

)123A.助滑階段，運動員深蹲是為了減小與滑道之間的摩擦力B.起跳階段，運動員猛蹬滑道主要是為了增加向上的速度C.飛行階段，運動員所采取的姿態是為了增加水平方向速度D.著陸階段，運動員兩腿屈膝是為了減少與地面的作用時間[解析]

不同階段

[答案]

B123

1.[2024山東煙臺統考/多選]下列說法正確的是(

BC

)A.當力與物體的位移垂直時，

該力的沖量為零B.如果物體(質量不變)的速度發生變化，則其所受合外力的沖量不為零C.物體所受合外力的沖量越大，它的動量變化量也越大D.做豎直上拋運動的物體，在一定時間內所受重力的沖量可能為零BC1234567891011[解析]

因力的沖量為I＝Ft，可知當力與物體的位移垂直時，

該力的沖量不為零，

故A錯誤；如果物體(質量不變)的速度發生變化，則物體的動量發生變化，根據動量

定理可知，物體所受合外力的沖量不為零，故B正確；物體所受合外力的沖量越

大，根據動量定理可知，物體的動量變化量一定越大，故C正確；做豎直上拋運動

的物體，在Δt時間內所受重力的沖量IG＝GΔt＝mgΔt，可知做豎直上拋運動的物

體，在Δt時間內所受重力的沖量不可能為零，故D錯誤.12345678910112.[情境創新/2023新課標/多選]使甲、乙兩條形磁鐵隔開一段距離，靜止于水平桌面

上，甲的N極正對著乙的S極，甲的質量大于乙的質量，兩者與桌面之間的動摩擦因

數相等.現同時釋放甲和乙，在它們相互接近過程中的任一時刻(

BD

)A.甲的速度大小比乙的大B.甲的動量大小比乙的小C.甲的動量大小與乙的相等D.甲和乙的動量之和不為零

BD12345678910113.[2024浙江寧波余姚中學校考]一位質量為m的運動員從下蹲狀態向上起跳，經Δt時

間，身體伸直并剛好離開地面，速度為v.對此過程的描述，錯誤的是(

A

)B.運動員所受合力的沖量大小為mvC.地面對運動員彈力的沖量大小為mv＋mgΔtD.重力的沖量大小為mgΔtA1234567891011[解析]

在跳起過程中，運動員在支持力方向上沒有位移，地面對運動員的支持力

不做功，故A錯誤；重力的沖量大小IG＝mgΔt，故D正確；根據動量定理可得運動員

所受合力的沖量大小IF＝mv，故B正確；以運動員為研究對象，受到地面的支持力

和自身的重力，規定向上為正方向，根據動量定理可知(N-mg)Δt＝mv，所以地面對

運動員彈力的沖量為NΔt＝mgΔt＋mv，故C正確.12345678910114.一個質量為50kg的蹦床運動員，從離水平網面1.8m高處自由下落，著網后沿豎

直方向蹦回離水平網面2.45m高處.已知運動員和網接觸的時間為1s，g取10m/s2.網

對運動員的平均作用力大小為(

D

)A.150NB.550NC.650ND.1150N

D12345678910115.[聯系生活實際/2024貴州階段聯考]新能源汽車工業的快速發展，使人們的出行更

方便環保，電動汽車逐漸成為家庭的重要交通工具.暑假結束了，某同學乘坐自家的

電動汽車返回學校，電動汽車在行駛過程中，以恒定速率通過一段水平圓弧彎道，

對于電動汽車的這一運動過程，下列說法正確的是(

C

)A.電動汽車的動量不變B.在任意相等時間內，電動汽車所受合力的沖量相同C.電動汽車的動能不變D.路面對電動汽車作用力的沖量豎直向上C1234567891011[解析]

電動汽車在行駛過程中，以恒定速率通過一段水平彎道，速度大小不變，

方向發生變化，所以小球的動量改變，動能不變，故A錯誤，C正確；電動汽車做勻

速圓周運動，受到的合力的大小不變，方向不斷改變，所以在任意相等時間內，電

動汽車所受合力的沖量大小相等，方向不相同，故B錯誤；路面給電動汽車豎直向

上的支持力和水平方向指向圓心的摩擦力，所以路面對電動汽車作用力的沖量與水

平面有一定夾角，而不是豎直向上，故D錯誤.12345678910116.[2024遼寧沈陽名校聯考]海洋館中一潛水員把一小球以初速度v0從手中豎直向上拋

出.從拋出開始計時，4t0時刻小球返回手中.小球始終在水中且在水中所受阻力大小

不變，拋出后小球的速度隨時間變化的圖像如圖所示.下列說法正確的是(

C

)A.上升過程與下降過程中阻力的沖量大小之比為1：4C1234567891011

12345678910117.2023年10月26日11時14分，搭載神舟十七號載人飛船的長征二號F遙十七運載火

箭在酒泉衛星發射中心點火發射，約10分鐘后，飛船與火箭成功分離，進入預定軌

道，發射取得圓滿成功.假如有一宇宙飛船，它的正面面積為S＝1m2，以v＝7×103

m/s的速度進入宇宙微粒塵區，塵區每1m3空間有一微粒，每一微粒平均質量為m＝

2×10-5g，飛船經過區域的微粒都附著在飛船上，若要使飛船速度保持不變，飛船

的推力應增加(

B

)A.0.49NB.0.98NC.490ND.980NB1234567891011

12345678910118.福建屬于臺風頻發地區，各類戶外設施建設都要考慮臺風影響.已知10級臺風的風

速范圍為24.5～28.4m/s，16級臺風的風速范圍為51.0～56.0m/s.若臺風迎面垂直吹

向一固定的交通標志牌，則16級臺風對該交通標志牌的作用力大小約為10級臺風的

(

B

)A.2倍B.4倍C.8倍D.16倍B1234567891011

1234567891011

9.[2024江蘇泰州中學校考]質量為1kg的物塊在水平力F的作用下由靜止開始在水平

地面上做直線運動，F與時間t的關系如圖所示.已知物塊與地面間的動摩擦因數為

0.2，取g＝10m/s2.則(

D

)A.6s時物塊的速度為零B.6s時物塊回到初始位置C.3s時物塊的動量為12kg·m/sD.0～6s時間內F對物塊所做的功為40JD1234567891011

123456789101110.[2024天津統考]我國規定摩托車、電動車騎乘人員必須依法佩戴具有防護作用的

安全頭盔.小明在某輕質頭盔的安全性測試中進行了模擬檢測，某次他在頭盔中裝入

質量為5.0kg的物體，物體與頭盔緊密接觸，使其從1.80m的高處自由落下，并與水

平面發生碰撞，頭盔被擠壓了0.03m時，物體的速度減為0.如圖所示，擠壓過程中

物體的運動可視為勻減