高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年1月浙江省普通高中學業水平考試物理考生注意：1.答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規定的位置上。2.答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應的位置上規范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應區域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4.可能用到的相關參數：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題（本題共18小題，每小題3分，共54分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列屬于國際單位制基本單位符號的是（）A.s B.N C.F D.T【答案】A【解析】國際單位制中的基本單位分別是：長度的單位是米，符號m；質量的單位是千克，符號kg；時間的單位是秒，符號s；電流的單位是安培，符號是A；熱力學溫度的單位是開爾文，符號K；物質的量單位是摩爾，符號mol；發光強度的單位是坎德拉，符號cd。2.杭州亞運會順利舉行，如圖所示為運動會中的四個比賽場景。在下列研究中可將運動員視為質點的是（）A.研究甲圖運動員的入水動作B.研究乙圖運動員的空中轉體姿態C.研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度D.研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作【答案】C【解析】A．研究甲圖運動員的入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯誤；B．研究乙圖運動員的空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故B錯誤；C．研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看為質點，故C正確；D．研究丁圖運動員通過某個攀巖支點動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤。故選C。3.一位極限跳傘愛好者在教練的帶領下從高處由靜止往下跳。在起跳后的短時間內，降落傘沒有打開。這段時間內他們的速度隨時間變化的圖像最接近于（）A. B.C. D.【答案】B【解析】在起跳后的短時間內，降落傘沒有打開，則空氣阻力可忽略，可視為自由落體運動，根據自由落體運動規律，速度為可知速度與時間成正比。故選B。4.2023年12月9日，“朱雀二號”運載火箭順利將“鴻鵠衛星”等三顆衛星送入預定軌道。已知“鴻鵠衛星”離地面高度為h，其質量為m，地球質量為m地，地球半徑為R，引力常量為G，則地球和“鴻鵠衛星”間的萬有引力大小為（）A. B.C. D.【答案】D【解析】結合題中數據，根據萬有引力表達式可得地球和“鴻鵠衛星”間的萬有引力大小為r為衛星到地心的距離，即故二者間萬有引力大小為故選D。5.如圖所示，人用力推沙發，但沙發紋絲不動。下列屬于一對作用力與反作用力的是（）A.人所受重力與人對地面的壓力B.人所受重力與地面對人的支持力C.人對沙發的力與沙發對人的力D.人對沙發的推力與地面對沙發的摩擦力【答案】C【解析】A．根據牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小等大、方向相反、作用在不同的物體上，而人所受重力與人對地面的壓力，方向相同，故二者不是一對作用力與反作用力，故A錯誤；B．人所受重力與地面對人的支持力是一對平衡力，故B錯誤；C．人對沙發的力與沙發對人的力是一對作用力與反作用力，故C正確；D．人對沙發的推力與地面對沙發的摩擦力是一對平衡力，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，籃球從運動員手中被投出后，沿著一條優美的曲線飛行。用箭頭標注籃球經過圖中a、b、c、d四點時的速度方向。速度方向標注正確的是（）A.a B.b C.c D.d【答案】C【解析】曲線運動某點的速度方向應為切向方向。故選C。7.如圖所示，小明同學練習街舞時在水平面上靜止倒立，則此時小明（）A.受重力、支持力和靜摩擦力作用B.所受支持力與重力大小相等C.所受靜摩擦力方向水平向左D.所受靜摩擦力方向水平向右【答案】B【解析】B．以小明為研究對象，根據豎直方向受力平衡可得其所受支持力與重力大小相等，故B正確；CD．小明在水平面上靜止，水平方向受力平衡，則所受靜摩擦力為零，故CD錯誤；A．綜上所述，小明受重力、支持力作用，故A錯誤。故選B。8.如圖所示，用同一根勻質細繩把一本厚重的書扎一圈，然后把細繩的上端懸掛起來，下端用手牽住。當迅速將細繩下端猛力往下一拉時，發現書上面繩子未斷而下面繩子斷了。這一現象的合理解釋是（）A.上面繩子更牢固B.書的質量大慣性也大C.上面繩子的彈力小于書重力D.下面繩子的彈力等于書重力和手拉力之和【答案】B【解析】由于書本質量較大，其慣性較大，運動狀態不易改變，則用手迅速向下拉繩的瞬間，當書本由于慣性未動時，上段繩所受的拉力未增大，而此時下段細繩承受的力將比上段細繩承受的力大，因此下段細繩將會先斷。故選B。9.如圖所示，A、B、C分別是自行車的大齒輪、小齒輪和后輪邊緣上的點。當自行車停在路邊支起后輪，并用手搖動腳踏板帶動后輪轉動，A、B、C三點的線速度大小分別為vA、vB、vC，角速度大小分別為ωA、ωB、ωC，則（）A. B.C.ωA>ωB=ωC D.ωAωBωC【答案】A【解析】AB．圖像可知AB屬于鏈條傳動，故AB線速度大小相等，BC同軸轉動角速度相同，根據可知半徑越大，線速度越大，故C線速度大于B的線速度，綜合以上分析可得故A正確，B錯誤；CD．以上分析可知，AB線速度大小相等，根據可知半徑越小，角速度越大，故B的角速度大于A的角速度，又因為BC同軸轉動角速度相同，綜合以上分析可得故CD錯誤。故選A。10.如圖所示，質量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3，在空中達到最高點2的高度為h，則足球（）A.從1到2動能減少 B.從1到2重力勢能增加C.從2到3動能增加 D.從2到3機械能不變【答案】B【解析】AB．由足球的運動軌跡可知，足球在空中運動時一定受到空氣阻力作用，則從從1到2重力勢能增加，則1到2動能減少量大于，A錯誤，B正確；CD．從2到3由于空氣阻力作用，則機械能減小，重力勢能減小mgh，則動能增加小于，選項CD錯誤。故選B。11.下列圖中屬于兩個等量正點電荷周圍電場線分布情況的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】等量同種正點電荷是相互排斥的，它們產生的電場線對稱分布，且電場線都是從正電荷發出，到無限遠終止。故選D。12.投擲飛鏢是一種常見的娛樂活動。如圖所示，圓形靶盤豎直放置，其中心為O點。在P點正對靶盤將飛鏢以一定速度水平投出，經0.2s擊中O點正下方的A點。已知P、O兩點等高且相距2m，則（）A.飛鏢水平投出的速度為0.1m/sB.O點和A點間距為0.2mC.投出速度足夠大就可擊中O點D.投出速度越小則飛行時間越短【答案】B【解析】ABC．飛鏢做平拋運動，則有可解得不可能擊中O點，A錯誤，B正確，C錯誤；D．水平長度恒定，速度越小時間越長，D錯誤。故選B。13.如圖所示，線圈A通過滑動變阻器和開關連接到電源上，線圈B的兩端連接到電流表上，把線圈A裝在線圈B的里面。僅通過下列操作，線圈B中沒有電流產生的是（）A.開關閉合瞬間B.開關斷開瞬間C.開關閉合后變阻器滑片迅速移動D.開關閉合后變阻器滑片保持不動【答案】D【解析】A．開關閉合的瞬間，線圈A中電流從無到有，線圈B中磁通量增加，所以線圈B中會產生感應電流，故A正確，與題意不符；B．開關斷開瞬間，線圈A中電流從有到無，線圈B中磁通量減小，所以線圈B中會產生感應電流，故B正確，與題意不符；C．開關保持閉合，移動滑動變阻器的滑片，線圈A中的電流變化，則線圈A中磁場變化，線圈B中磁通量變化，所以線圈B中會產生感應電流，故C正確，與題意不符；D．開關保持閉合，滑動變阻器的滑片不動，線圈A中的電流不變，線圈B中磁通量不變，所以線圈B中不會產生感應電流，故D錯誤，與題意相符。本題選錯誤的，故選D。14.實驗小組利用銅片、鋅片和橙子制作了橙子電池。他們用如圖所示的電路測得橙子電池的電動勢為1.06V，內阻為1.2kΩ。實驗中若不及時斷開開關，會發現電流表示數明顯減小。已知電流表的內阻為100Ω，調節電阻箱的阻值為4kΩ時，電流表示數為I，則（）A.I=200μAB.I=259μAC.電流表示數明顯減小是因為電池內阻減小D.電流表示數明顯減小是因為電池電動勢減小【答案】A【解析】AB．題意知電池電動勢，內阻，電流表的內阻為，則根據閉合電路歐姆定律，當調節電阻箱的阻值為時，電流為代入數據解得μA故A正確，B錯誤；CD．電流表示數明顯減小是因為電池內阻增大的原因，故CD錯誤。故選A。15.下列常見磁場的磁感線分布圖，正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】A．磁感線在條形磁鐵的外部應從N到S，A錯誤；BD．拇指指向電流方向，四指的環繞方向為磁場方向，B錯誤，D正確；C．四指指向電流方向，拇指為磁場方向，C錯誤。故選D。16.一臺額定功率為55W的家用小型電動機，額定電壓是220V，線圈的內阻是2Ω。則這臺電動機正常工作時（）A.通過線圈的電流為110AB.線圈發熱的功率為0.125WC.對外做功的功率為55WD.10min內消耗電能為550J【答案】B【解析】A．題意知電動機額定功率為，額定電壓，線圈的內阻，正常工作時通過線圈的電流故A錯誤；B．線圈發熱的功率為聯立以上得故B正確；C．對外做功的功率為故C錯誤；D．在10min內消耗電能為故D錯誤。故選B。17.如圖所示，兩人去超市購物時共同提起購物籃并保持靜止狀態。兩人對購物籃的拉力F1和F2與豎直方向夾角分別為45°和30°，購物籃和籃內物品總重為G，則（）A.B.C.D.【答案】C【解析】由題意知，購物籃和籃內物品受拉力和和自身重力G而平衡，則豎直方向有水平方向有聯立解得18.如圖所示，金屬極板M受到紫外線照射會發射電子，射出的電子沿不同方向且速度大小在0~vm間變化。正對M放置金屬網N，并按圖示在M、N之間加恒定電壓U。已知M、N間距為d（遠小于板長），電子的質量為m，電荷量為e，則（）A.M、N間距增大時電子到達N的動能也增大B.電子從M到N過程中y方向位移大小最大為C.只有沿x方向發射的電子到達N時才可能有最大動能D.M、N間加反向電壓時電流表示數恰好零【答案】B【解析】A．設電子離開M板時動能為，到達N的動能為，由動能定理得整理得可知M、N間距增大時電子到達

N的動能不變，故A錯誤；B．粒子初速度豎直向下時，電子從

M

到

N

過程中

y

方向位移大小最大，設最大值為，分析可知電場中粒子做類平拋運動，設粒子在板間運動時間為t，則有聯立解得故B正確；C．以進入電場，到達N時動能最大，設為，由動能定理解得可知最大動能與進入發射電子方向無關，故C錯誤；D．設M、N間加反向電壓后，電子以沿x方向進入電場時，電子恰好不能運動到N板，此時電流表示數恰好為零，由動能定理解得故D錯誤。故選B。非選擇題部分二、非選擇題（本題共5小題，共46分）19.如圖1所示是“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置。（1）該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是A.放大法 B.控制變量法 C.補償法（2）該實驗過程中操作正確的是A.先接通打點計時器電源，后釋放小車B.補償阻力時未連接紙帶C.調節滑輪高度使細繩與水平桌面平行（3）在小車質量__________（選填“遠大于”或“遠小于”）槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力。上述處理引起的誤差為_________（選填“偶然誤差”或“系統誤差”）。（4）經正確操作后獲得一條紙帶，截取其中一段如圖2所示。計數點5的讀數為______cm。已知打點計時器所用交流電源的頻率為50Hz，則打計數點4時小車的速度大小為_____________m/s（計算結果保留兩位有效數字）。【答案】（1）B（2）A（3）遠大于系統誤差（4）16.450.42【解析】（1）本實驗變量太多，故采用的研究方法為控制變量法。故選B。（2）A．實驗過程中，紙帶有限，為了節約紙帶，應先接通打點計時器電源，后釋放小車，故A正確；B．補償阻力時小車需要連接紙帶，一方面是需要連同紙帶所受的阻力一并平衡，另外一方面是通過紙帶上的點間距判斷小車是否在長木板上做勻速直線運動，故B錯誤；C．為使小車所受合力為繩子拉力，應調節滑輪高度使細繩與長木板平行，故C錯誤。故選A。（3）[1][2]小車質量為M，槽碼質量為m。設繩子拉力為F，對小車和槽碼，根據牛頓第二定律分別有聯立解得可知在小車質量遠大于槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽碼的重力，上述做法引起的誤差是由于實驗原理不完善造成的，屬于系統誤差。（3）[1]刻度尺最小分度值為0.1cm，故讀數估讀到0.01cm，所以計數點5

的讀數為16.45cm；[2]紙帶可知計數點間時間為，故打計數點

4

時小車的速度大小為20.實驗桌上備有下列器材：一節干電池、阻值未知的定值電阻R、電流表（量程0~300μA）、電壓表、多用電表、電容器C（2200μF）、單刀雙擲開關和導線若干。（1）用多用電表測量定值電阻R的阻值。將選擇開關置于“×10”擋，測量時發現指針靠近表盤左端，則應將選擇開關置于_________（選填“×1”或“×100”）擋。換擋后兩表筆短接，調節___________（選填“歐姆調零旋鈕”或“指針定位螺絲”），經正確操作后表盤指針位置如圖1所示，則待測電阻阻值為__________Ω。（2）用上述器材做“觀察電容器的充、放電現象”實驗。①按圖2所示電路，先把開關S接1，一段時間后再接2，此時可以觀察到電流表指針迅速偏轉到最大后，再_______________返回到零（選填“先快后慢”、“先慢后快”或“快慢均勻”）。②把電壓表并聯在圖2電路的電容器兩端。開關S接1，電流表示數減小到170μA后保持不變，此時電壓表指針穩定在圖3所示位置，則電壓表示數為_____V。電壓表可以看作一個電壓可讀的“大電阻”，則此“大電阻”的阻值為____kΩ（計算結果保留兩位有效數字）。【答案】（1）×100歐姆調零旋鈕3000（2）先快后慢0.533.1【解析】（1）[1]將選擇開關置于“×10”擋，測量時發現指針靠近表盤左端，說明待測電阻較大，應采用大倍率“×100”擋測量；[2]換擋后兩表筆短接，需要重新歐姆調零旋鈕，故調節歐姆調零旋鈕；[3]歐姆擋測電阻時，電阻為倍率乘以刻度數，結合圖1可知電阻阻值為（2）[1]把開關S接1，電容器充電，電流從左向右流過微安表，微安表指針迅速向左偏轉后示數逐漸減小到0，把開關S接2，電容器放電，電流從右向左流過微安表，微安表指針迅速向右偏轉后示數逐漸減小，故先把開關S接1，一段時間后再接2，此時可以觀察到電流表指針迅速偏轉到最大后，再先快后慢返回到零；[2]圖1可知電壓表最小分度值為0.1V，故讀數估讀到0.01V，故讀數為0.53V；[3]當微安表示數穩定時，電容器中不再有電流通過，此時構成回路，根據歐姆定律，電壓表內阻為21.如圖所示，真空中電荷量分別為+Q和-Q的兩個點電荷相距為2r，B、C為它們連線上兩點（其中B為中點），AB為它們連線的中垂線。已知靜電力常量為k，則（1）將試探電荷+q置于B點時，+Q對試探電荷的庫侖力大小為__________________，+Q在B點產生的電場強度大小為_____________。（2）將試探電荷+q沿著直線從B移動到C，其所受靜電力_________；將試探電荷+q沿著曲線從B移動到C，其所受靜電力__________。（上述兩空選填“做正功”、“做負功”或“不做功”）（3）將試探電荷+q沿著直線從A移動到B，其所受靜電力_________，它的電勢能_____________。（上述兩空選填“增大”、“減小”或“不變”）【答案】（1）（2）做負功做負功（3）增大不變【解析】（1）[1]根據庫侖力公式可知，+Q對試探電荷+q的庫侖力大小為[2]根據點電荷產生的電場強度公式可知，+Q在

B

點產生的電場強度大小為（2）[1]等量異種電荷電場線方向從+Q指向-Q，故試探電荷+q在BC連線上電場力指向B，所以沿著直線從B

移動到

C，其所受靜電力對試探電荷+q做負功；[2]電場力做功與路徑無關，只與電荷始末位置有關，故將試探電荷+q沿著曲線從

B

移動到C，其所受靜電力對試探電荷+q做負功；（3）[1][2]等量異種電荷中垂線為等勢線，且距離B點越近，電場強度越大，故試探電荷+q沿著直線從A移動到B，所受靜電力增大，但它的電勢能不變。22.我國自主設計制造的“山東號”航母，其艦載機依靠自身發動機動力加速至滑躍起飛。如圖所示是供訓練使用的跑道，若飛機從靜止起飛時需通過長度為x1的水平跑道和長度為的傾斜跑道。兩跑道平滑連接，傾斜跑道末端離水平跑道高為h=6.4m。質量的飛機起飛過程中發動機推力大小恒為，方向與速度方向相同。若跑道固定于地面，飛機起飛過程中受到的阻力大小恒為其重力的0.1倍，方向與速度方向相反。飛機視為質點且質量不變，求飛機（1）在水平跑道運動的時間t1；（2）在傾斜跑道的加速度大小a2；（3）飛離傾斜跑道的速度大小v2。【答案】（1）6s（2）7m/s2（3）58m/s【解析】（1）在水平跑道，設飛機加速度大小為，由牛頓第二定律代入題中數據，解得根據公式代入題中數