高級中學名校試卷PAGE2025學年山東省青島市四區聯考高一（上）期末物理試卷一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.青島地鐵6號線是國內首條城市軌道交通智慧地鐵示范線。2024年4月26日1期工程正式運營，如圖是該線路的走向示意圖。已知該線路全長30.76km，列車最高時速可達100km/h，全天運營16h50min。下列說法正確的是（）A.“16h50min”指的是時刻 B.研究單程運行的時間，可以將地鐵看作質點C.“30.76km”指的是地鐵單程行駛的位移大小 D.“100km/h”指的是地鐵行駛的平均速度大小【答案】B【解析】A．時間間隔是指時間的長度，在時間軸上對應一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應的是一個點，所以“16h50min”指的是時間間隔，故A錯誤；B．一個物體能否看成質點，不是看物體的大小，而是看物體的大小和形狀在所研究的問題中能否忽略，在考察地鐵單程運行的時間，可以忽略列車的形狀，看成質點，故B正確；C．地鐵從起點到終點為路程，實際軌跡長度，所以37.6km為路程，故C錯誤；D．平均速度等于位移與時間的比值，最高時速可達100km/h，指的是瞬時速度，故D錯誤。故選B。2.電子不停車自動收費系統（ETC）適用于高速公路和繁忙的橋隧環境。如圖是汽車經過ETC通道時的v﹣t圖像。下列說法正確的是（）A.汽車的慣性先減小后增大B.汽車的加速度方向始終不變C.汽車在減速過程中加速度先減小后增大D.汽車在加速過程中加速度先增大后減小【答案】D【解析】A．慣性是物體的固有屬性，只與物體的質量有關，與物體的速度無關。因此，汽車的慣性在行駛過程中是不變的，A錯誤；B．從v?t圖像可以看出，汽車的速度先減小后增大，因此汽車的加速度方向先與速度方向相反（減速階段），后與速度方向相同（加速階段），所以汽車的加速度方向發生了改變，B錯誤；C．在減速過程中，v﹣t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在減速過程中加速度是先增大后減小的，C錯誤；D．在加速過程中，v?t圖像的斜率先增大后減小，因此，汽車在加速過程中加速度是先增大后減小的，D正確。故選D。3.2024年8月3日，中國選手鄭欽文在巴黎奧運會網球女子單打決賽中獲得冠軍，實現了中國網球歷史性的突破。球拍擊球時，下列說法正確的是（）A.網球受到彈力是因為球拍發生了彈性形變產生的B.網球給球拍的力和球拍給網球的力是一對平衡力C.網球給球拍的力小于球拍給網球的力D.網球所受彈力的方向一定與反彈后的運動方向相同【答案】A【解析】A．根據彈力的定義，彈力是發生彈性形變的物體由于要恢復原狀，對與它接觸的物體產生的力。因此，當球拍擊球時，球拍發生彈性形變，產生彈力作用在網球上，故A正確；B．網球給球拍的力和球拍給網球的力是一對相互作用力，它們作用在兩個不同的物體上（一個是網球，一個是球拍），因此不是平衡力，平衡力是作用在同一個物體上，使物體保持靜止或勻速直線運動狀態的力，故B錯誤；C．根據牛頓第三定律，相互作用力總是大小相等、方向相反、作用在同一條直線上。因此，網球給球拍的力與球拍給網球的力是一對相互作用力，它們的大小相等，故C錯誤；D．網球所受彈力的方向是與球拍形變恢復的方向相同，而不是與網球反彈后的運動方向一定相同，網球的反彈方向取決于彈力的方向、網球的初速度、重力以及空氣阻力等多個因素，故D錯誤。故選A4.如圖，貨車運載一批質量均為m的光滑油桶。油桶大小相同，緊密排列，和貨車一起向左做勻速直線運動，P、Q是其中的兩個油桶。已知重力加速度為g，則Q受到P的作用力為（）A. B. C. D.mg【答案】C【解析】根據對稱性可知，P和P左側的油桶對Q的支持力大小相等，設為F，如圖所示根據平衡條件得解得Q受到P作用力為故選C。5.如圖，用手掌托著質量為1kg的書，由靜止向上運動了一段距離后停下。已知該過程中書的加速度大小始終為2m/s2，重力加速度g=10m/s2，下列說法正確的是（）A.書一直向上運動，故一直處于超重狀態B.前半段運動過程中，書受到的支持力為12NC.前半段運動過程中，書受到的重力變為12ND.后半段運動過程中，書受到的重力變小【答案】B【解析】A．書在向上運動的過程中，雖然速度方向向上，但由于加速度方向先向上后向下，所以書處于先超重后失重狀態，故A錯誤；B．對書進行受力分析，書受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力。根據題意可知，前半段運動過程中，書向上加速運動，根據牛頓第二定律可得解得書受到的支持力為故B正確；CD．書受到的重力是由地球對書的吸引產生的，與書的運動狀態無關，所以無論書如何運動，它受到的重力都保持不變，即書的重力一直為故CD錯誤。故選B。6.一輛汽車沿平直公路行駛，如圖為其位置隨時間的變化規律。下列說法正確的是（）A.0～t2時間內汽車運動方向不變 B.0～t2時間內汽車的位移為x1C.0～t1時間內汽車做減速運動 D.0～t1時間內汽車做加速度減小的加速運動【答案】C【解析】A．由圖可得0～t2時間內，汽車運動方向在t1時刻發生了改變，故A錯誤；B．由圖可得0～t2時間內汽車的位移為，故B錯誤；CD．位移－時間圖像的斜率等于物體運動的速度，可知0～t1時間內汽車做減速運動，故C正確，D錯誤；故選C。7.體育課上，小明同學將排球以5m/s的初速度豎直向上墊起，墊球點離地面高度為1.2m。忽略空氣阻力，已知重力加速度g=10m/s2，排球被墊出后0.8s時離地面的高度為（）A.0.8m B.2.9m C.1.7m D.2.0m【答案】D【解析】墊球后排球做豎直上拋運動，根據全程法位移—時間公式因為所以排球此時在拋出點上方，故排球被墊出后0.8s時離地面的高度為故選D。8.為了測量橡皮與白紙之間的動摩擦因數，某同學將一質量為20g的橡皮放置在水平桌面的白紙上。經0.1s將白紙快速抽出，抽出過程中，橡皮相對桌面運動了3cm。已知重力加速度g=10m/s2，下列說法正確的是（）A.橡皮與白紙之間的動摩擦因數為0.6B.在白紙剛剛抽出時，橡皮的速度為0.3m/sC.該橡皮質量越小，在桌面上滑動的距離越大D.白紙抽出的越快，橡皮在桌面上滑動的距離越大【答案】A【解析】A．橡皮做初速度為零的勻加速直線運動，位移代入數據解得a=6m/s2對橡皮，由牛頓第二定律得μmg=ma解得μ=0.6故A正確；B．在白紙剛抽出時，橡皮的速度v=at=6×0.1m/s=0.6m/s故B錯誤；CD．設橡皮與桌面間的動摩擦因數為μ′，橡皮在桌面上滑動時，由牛頓第二定律得μ′mg=ma′解得a′=μ′g橡皮在桌面上做勻減速直線運動，橡皮在桌面上滑動的距離可知橡皮在桌面上滑動的距離與橡皮質量無關，白紙抽出的越快，橡皮的加速時間越少，落到桌面上的速度越小，可知它在桌面上滑行的距離越小，故CD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.同學們在學習物理知識的同時也經歷了物理規律的發現過程，掌握了處理物理問題的方法，領悟了科學思想，下列說法正確的是（）A.重心概念的建立主要采用了理想模型法B.瞬時速度概念的建立蘊含了極限的思想C.用質點來替代實際物體主要采用了等效的方法D.伽利略研究自由落體運動規律時主要采用了推理與實驗相結合的方法【答案】BD【解析】A．重心就是從作用效果上相當于重力作用在那個點上，是利用了等效的思想，A錯誤；B．根據速度定義式，可知當非常小時，就可以用平均速度表示物體在某時刻的瞬時速度，該定義應用了極限思想的方法，B正確；C．把一個物體當作“質點”進行研究，質點是實際物體在一定條件下的科學抽象，使用了理想模型法，C錯誤；D．伽利略探究物體下落規律的過程使用的科學方法是：問題→猜想→數學推理→實驗驗證→合理外推→得出結論，即采用了推理與實驗相結合的方法，D正確。故選BD。10.某小組測量一彈簧的勁度系數。第一次施加F1=10N的拉力，彈簧長L1=14cm；第二次施加F2=5N的拉力，彈簧長L2=12cm，實驗時彈簧均在彈性限度內。下列說法正確的是（）A.彈簧的勁度系數k=2.5N/m B.彈簧的勁度系數k=250N/mC.彈簧的原長L0=10cm D.彈簧的原長L0=8cm【答案】BC【解析】設彈簧的原長為L0，則有第一次拉伸時第二次拉伸時解這個方程組，我們可以得到彈簧的原長勁度系數故選BC。11.國內已經逐步嘗試通過無人機進行火災探測和應急救援物資輸送。某消防中隊接到群眾報警，趕至火災現場，迅速布置無人機消防作業。假設無人機由靜止豎直向上起飛，整個過程的v﹣t圖像如圖所示。已知無人機的質量為6kg，重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）A.無人機上升的最大高度為30mB.無人機在10～12s內處于懸停階段C.無人機在8～10s內加速度為﹣3m/s2D.無人機在12～16s內受到空氣的作用力大小為66N【答案】AC【解析】A．由圖示v﹣t圖像可知，無人機上升的最大高度故A正確；B．由圖示v﹣t圖像可知，在10～12s內，無人機的速度保持不變但不是零，無人機做勻速直線運動而沒有懸停，故B錯誤；C．由圖示v﹣t圖像可知，在8～10s內無人機的加速度故C正確；D．由圖示v﹣t圖像可知，在12～16s內，無人機的加速度對無人機，由牛頓第二定律得代入數據解得無人機在12～16s內受到空氣的作用力大小為故D錯誤。故選AC。12.如圖，木塊B放在水平地面上，固定在B上的豎直輕桿頂端用細繩連接小球A。當與水平方向成30°角的力F作用在小球A上時，A、B均靜止，且此時細繩與豎直方向的夾角為30°。已知木塊B的質量為2m，小球A的質量為m。下列說法正確的是（）A.細繩拉力大小為 B.力F的大小為C.地面對B的支持力大小為 D.地面對B的摩擦力大小為【答案】ABC【解析】AB．如圖，對小球受力分析：由平衡條件可得Tsin30°=Fcos30°Tcos30°+Fsin30°=mg聯立可得AB正確；CD．如圖，對木塊、細繩、小球的整體受力分析由平衡條件可得f=Fcos30°N+Fsin30°=（2m+m）g結合前面分析可知，聯立可得fmgNmgC正確，D錯誤。故選ABC。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.學校興趣小組用如圖所示的實驗裝置驗證力的平行四邊形定則，操作步驟如下：①在水平放置的薄木板上用圖釘固定一張白紙，將三個橡皮筋一端系在一起，另一端分別與三個彈簧測力計的掛鉤相連；②三位同學互成角度拉動三個彈簧測力計；③記錄F1、F2、F3的大小與方向；④重復以上步驟，記錄多組數據。（1）下列操作合理的是______；A.三個橡皮筋必須等長B.F2、F3的夾角越大越好C.再次實驗時需把結點拉到同一位置D.三個彈簧測力計在操作時一定要與木板平面保持平行（2）該彈簧測力計示數的單位為N，圖中F1的示數為________N；（3）該小組同學結合實驗中得到的數據，畫出力的圖示，以任意兩個力為鄰邊作平行四邊形，若________，則可證明平行四邊形定則成立?！敬鸢浮浚?）AD（2）3.40（3）這兩個力所夾的對角線表示的力，在誤差允許范圍內大小等于第三個力、且方向相反【解析】（1）A．三條橡皮筋規格相同，自然長度要相等，且勁度系數要相同，故A正確；B．F2、F3夾角要適當，不是越大越好，故B錯誤；C．根據實驗原理，同次實驗時需把結點拉到同一位置，以保證力的作用效果相同，再次實驗時不需把結點拉到同一位置，故C錯誤；D．為了保證合力與分力在同一平面內，三個彈簧測力計在操作時一定要與木板平面保持平行，故D正確。故選AD。（2）彈簧測力計的分度值為0.1N，讀數為3.40N；（3）根據實驗原理，以任意兩個力為鄰邊作平行四邊形，若這兩個力所夾的對角線表示的力，在誤差允許范圍內大小等于第三個力、且方向相反，則可證明平行四邊形定則成立。14.某同學利用如圖甲所示的裝置測量木塊的加速度。將木板抬起一定的角度，打點計時器固定在木板下端，紙帶一端與木塊相連，另一端穿過打點計時器。接通電源，給木塊沿木板向上的初速度，打出的紙帶如圖乙，測得相鄰兩計數點之間的距離為x1=11.09cm，x2=9.13cm，x3=7.10cm，x4=5.12cm。已知相鄰兩個計數點間還有四個點未畫出，打點計時器使用交流電的頻率f=50Hz，當地重力加速度為g。（1）圖乙中紙帶的________端與木塊相連（選填“左”或“右”）；（2）根據題干中的數據可求出打下B點時木塊的速度vB=________m/s，木塊的加速度大小a=________m/s2；（結果均保留3位有效數字）（3）該同學用此裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數，則還需測量下列哪些物理量（）。A.木塊的質量mB.木板的長度LC.木板頂端離水平面的高度h【答案】（1）左（2）1.012.00（3）BC【解析】（1）木塊沿斜面向上做減速直線運動，故圖乙中紙帶的左端與木塊相連；（2）相連兩計數點間的時間間隔為根據紙帶瞬時速度和平均速度關系有代入數據得根據逐差法求解加速度公式代入數據得大小為2.00m/s2。（3）設斜面的傾斜角為θ，根據牛頓第二定律有表達式中m可以約掉，可以通過測量木板的長度L和木板頂端到水平面的高度h求解sinθ和cosθ，從而測量木塊與木板間的動摩擦因數。故選BC。15.如圖甲為中國完全自主設計建造的首艘電磁彈射型航空母艦“福建艦”，采用平直飛行甲板，搭載彈射型艦載機“殲﹣15T”，配置飛機電磁彈射和阻攔裝置；如圖乙為“福建艦”的水平跑道電磁彈射區和起飛區示意圖。某次起飛訓練中，航空母艦始終處于靜止狀態，艦載機啟動后先經電磁彈射區獲得速度v0=10m/s，離開電磁彈射區后在起飛區繼續勻加速前進，運動了x=96m后達到起飛速度離艦升空。已知艦載機的質量m=1.8×104kg，啟動后發動機可為其提供恒定向前的推力F=4.68×105N，艦載機在航母上受到的阻力恒為艦載機重力的0.1倍，重力加速度g=10m/s2。求：（1）艦載機的起飛速度大小；（2）艦載機在起飛區的運動時間?！敬鸢浮浚?）70m/s（2）2.4s【解析】（1）對艦載機，由牛頓第二定律得代入數據解得由勻變速直線運動有代入數據解得，起飛速度大?。?）起飛速度代入數據解得16.直升飛機懸停在某一高度處，跳傘運動員離開飛機后進行超低空跳傘表演。運動員先做自由落體運動，5s后打開降落傘，隨即勻減速下降，加速度大小為15m/s2。為了安全起見，要求運動員落地速度最大不得超過5m/s，重力加速度g=10m/s2。求：（1）運動員打開降落傘時的速度大??；（2）直升飛機懸停的最小高度?！敬鸢浮浚?）50m/s（2）207.5m【解析】【小問1解析】運動員打開降落傘時，已經自由落體運動了5s，根據自由落體運動規律可得【小問2解析】運動員自由落體運動的位移為運動員打開降落傘后做勻減速直線運動，勻減速運動的最小位移故直升飛機懸停的最小高度為17.如圖，一裝卸工人利用斜面卸貨，開始時貨物靜止在斜面上。工人對貨物施加一沿斜面向下的恒定推力F1貨物恰好勻速向下運動。已知貨物的質量m=100kg，斜面的長度L=3m，斜面的傾角θ=37°，貨物與斜面間的動摩擦因數μ=0.8，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求貨物靜止時受到的摩擦力大小；（2）求F1的大?。唬?）若對貨物施加的推力大小變為F2貨物從斜面頂端由靜止開始運動，運動了x1=1m