PAGE25-第3講選考試驗綜合網絡構建涉及電磁學類試驗【典例1】如圖1所示是三個勝利演示電磁感應的試驗，回答下列問題。圖1(1)圖c電路中儀器未連線，請依據試驗的要求連好試驗電路。(2)電流表指針偏轉角跟感應電流的大小成________關系。(3)第一個勝利試驗(如圖a)中，將條形磁鐵從同一高度插入到線圈中同一位置，快速插入和慢速插入有什么量是相同的？________________________________，什么量是不同的？___________________________________________________。(4)從三個勝利的演示試驗可歸納出的結論是________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析(1)試驗電路如圖。(2)由電流表的原理知電流表指針的偏角與感應電流的大小成正比。(3)將條形磁鐵從同一高度插入到線圈中同一位置，快速插入和慢速插入磁通量的變更量相同，所用的時間不同，則磁通量的變更率不同。(4)通過三個試驗可以得出：穿過閉合電路的磁通量發生變更，閉合電路就會產生感應電流；或閉合電路中感應電動勢的大小與穿過這一電路的磁通量的變更率成正比。答案(1)見解析圖(2)正比(3)磁通量的變更量磁通量的變更率(4)見解析【典例2】(1)為完成“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”的試驗，必須要選用的是______(多選)。A.有閉合鐵芯的原副線圈；B.無鐵芯的原副線圈；C.溝通電源；D.直流電源；E.多用電表(溝通電壓擋)；F.多用電表(溝通電流擋)。用匝數na＝60匝和nb＝120匝的變壓器，試驗測量數據如下表：Ua/V1.802.803.804.90Ub/V4.006.018.029.98依據測量數據可推斷連接電源的線圈是______(填na或nb)。(2)用如圖2所示的裝置做“探究感應電流方向的規律”試驗，磁體從靠近線圈的上方靜止下落。當磁體運動到如圖所示的位置時，流過線圈的感應電流方向從________(填“a到b”或“b到a”)。在磁體穿過整個線圈的過程中，傳感器顯示的電流i隨時間t的圖象應當是________。圖2解析(1)為了完成變壓器的探究，須要運用溝通電源變壓、多用電表(溝通電壓擋)。為了讓變壓效果明顯須要含有閉合鐵芯的原副線圈，因此選項A、C、E正確。由于有漏磁，所以副線圈測量電壓應當小于志向變壓值，即nb為輸入端，na為輸出端。(2)當磁體運動到如圖所示位置時，依據楞次定律，感應磁場方向向下，依據右手螺旋定則可知流過線圈的感應電流方向為“b到a”。依據楞次定律可知，進入電流方向與離開時電流方向相反，選項C錯誤；由于離開時速度比進入速度快，即切割磁感線的感應電流要大，選項A正確，B、D錯誤。答案(1)ACEnb(2)b到aA1.探究電磁感應的產生條件及感應電流方向的規律(1)若原線圈磁場較弱，為使現象明顯，把原線圈插入或拔出時，可采納較大速度。(2)起先試驗時滑動變阻器的滑片應置于連入電路的阻值最大的位置。(3)靈敏電流計滿偏電流為＋300μA，允許通過的電流很小，查明電流計指針的偏轉方向和電流方向的關系時，應運用一節干電池。(4)原、副線圈接入電路前應細致視察導線繞向并畫出草圖。2.探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系(1)先保持原線圈的匝數不變，變更副線圈的匝數，探討對副線圈電壓的影響。然后再保持副線圈的匝數不變，變更原線圈的匝數，探討對副線圈電壓的影響。(電路上要標出兩個線圈的匝數、原線圈欲加電壓的數值且要事先推想副線圈兩端電壓的可能數值)(2)連接電路后要同組的幾位同學各自獨立檢查后，方可接通電源。(3)為了人身平安，運用低壓溝通電源，所用電壓不要超過12V。(4)為了多用電表的平安，運用溝通電壓擋測電壓時，先用最大量程試測，大致確定被測電壓后再選用適當的量程進行測量。1.如圖3所示，是“探究電磁感應產生條件”的試驗裝置。圖3(1)將圖中所缺導線補充完整。(2)假如在閉合開關時發覺靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關后，將原線圈快速插入副線圈中，電流計指針將________。(3)原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器滑片快速向左移動時，電流計指針將________。解析(1)探究電磁感應現象試驗電路分兩部分，要使原線圈產生磁場必需對其通電，故電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路，如圖所示。(2)在閉合開關時，穿過副線圈的磁通量增加，靈敏電流計的指針向右偏，那么合上開關后，將原線圈快速插入副線圈中，穿過副線圈的磁通量增加，電流計指針將向右偏轉。(3)原線圈插入副線圈后，將滑動變阻器滑片快速向左移動時，穿過副線圈的磁通量削減，電流計指針將向左偏轉。答案(1)見解析圖(2)向右偏(3)向左偏2.某學生選用匝數可調的可拆變壓器來“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”試驗時，原線圈接在學生電源上，用多用電表測量副線圈的電壓。(1)下列操作正確的是________。A.原線圈接直流電壓，電表用直流電壓擋B.原線圈接直流電壓，電表用溝通電壓擋C.原線圈接溝通電壓，電表用直流電壓擋D.原線圈接溝通電壓，電表用溝通電壓擋(2)該學生接著做試驗，在電源電壓不變的狀況下，先保持原線圈的匝數不變，增加副線圈的匝數，視察到副線圈兩端的電壓增大；然后再保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝數，視察到副線圈兩端的電壓________(選填“增大”“減小”或“不變”)。解析(1)變壓器的工作原理是互感現象，故原線圈接溝通電壓，輸出電壓也是溝通電壓，故電表用溝通電壓擋，選項A、B、C錯誤，D正確。(2)依據變壓比公式eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝數，視察到副線圈兩端的電壓減小。答案(1)D(2)減小3.(1)如圖4所示為探究“感應電流方向的規律”試驗裝置，下列電表中最適合該試驗的是________(填字母)。圖4(2)某同學用如圖5甲所示可拆變壓器，探究線圈兩端電壓與匝數的關系，輸入輸出如圖乙所示。將單刀雙擲開關打到1，增大副線圈匝數，小燈泡的亮度將________(填“變亮”“變暗”或“不變”)。該同學利用該裝置進一步探究電容器對交變電流的影響，他將開關打到2，小燈泡發光，現增大輸入端的溝通電源頻率，小燈泡的亮度將________(填“變亮”“變暗”或“不變”)。圖5解析(1)本試驗是探究“感應電流方向的規律”，結合感應電流產生的條件，當條形磁鐵的運動，會導致閉合線圈內的磁通量變更，從而產生較小的感應電流，因此須要靈敏的電流計，因電流有正反方向，所以應選擇B圖的電流表，選項A、C、D錯誤，B正確。(2)將單刀雙擲開關打到1，增大副線圈匝數，依據原副線圈電壓與其匝數成正比，當增大副線圈匝數，小燈泡的電壓增大，那么小燈泡的亮度將變亮，將開關打到2，小燈泡發光，現增大輸入端的溝通電源頻率，容抗變小，通過電容器的電流更大，燈泡會變亮。答案(1)B(2)變亮變亮單擺和碰撞類試驗【典例1】(2024·浙江寧波高三適應性考試)學習小組的同學在試驗室用如圖6所示的裝置探討單擺的運動。將單擺掛在力傳感器的下端，通過計算機來記錄力傳感器測定單擺搖擺過程中擺線受到拉力大小的變更狀況，以及單擺搖擺的時間。試驗過程中，保持單擺的最大擺角小于5°。圖6圖7(1)試驗時用20分度的游標卡尺測量擺球直徑，示數如圖7甲所示，該擺球的直徑d＝________mm。(2)試驗測得擺長為l，傳感器測得擺線的拉力F隨時間t變更的圖象如圖乙所示，則重力加速度的表達式為g＝________(用題目中物理量的字母表示)。解析(1)由題圖甲所示游標卡尺可知，小球直徑d＝1.4×10mm＋10×0.05mm＝14.50mm。(2)單擺每隔半個周期，拉力F會達到最大，則有eq\f(1,2)T＝2t0，解得T＝4t0，依據單擺周期公式得T＝2πeq\r(\f(l,g))，解得g＝eq\f(π2l,4teq\o\al(2,0))。答案(1)14.50(2)eq\f(π2l,4teq\o\al(2,0))【典例2】氣墊導軌是一種常用的試驗儀器。它是利用氣泵使帶孔的導軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊懸浮在導軌上，滑塊在導軌上的運動可視為沒有摩擦。可以用帶豎直擋板C和D的氣墊導軌以及滑塊A和B來驗證動量守恒定律，試驗裝置如圖8所示(彈簧的長度忽視不計)，試驗步驟如下：圖8a.用天平分別測出滑塊A、B的質量mA、mBb.調整氣墊導軌，使導軌處于水平c.在A和B間放入一個被壓縮的輕彈簧，由電動卡鎖鎖定，靜止放置在氣墊導軌上d.用刻度尺測出A的左端至C板的距離L1e.按下電鈕放開卡鎖，同時使分別記錄滑塊A、B運動時間的計時器起先工作。當A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時停止計時，登記A、B分別到達C、D的運動時間t1和t2(1)試驗中還應測量的物理量是________________________________________。(2)利用上述測量的試驗數據，驗證動量守恒定律的表達式是__________________，上式中算得的A、B兩滑塊的動量大小并不完全相等，產生誤差的緣由是____________________________________________________________________________________________________________________________(寫出一條即可)。答案(1)B的右端至D板的距離L2(2)mAeq\f(L1,t1)－mBeq\f(L2,t2)＝0(或eq\f(mAL1,t1)＝eq\f(mBL2,t2))測量時間、距離等存在誤差(或氣墊導軌不水平，合理即正確)1.探究單擺周期與擺長的關系(1)構成單擺的條件：細線的質量要小、彈性要小，選用體積小、密度大的小球，擺角不超過5°。(2)要使擺球在同一豎直面內搖擺，不能形成圓錐擺，方法是將擺球拉到肯定位置后由靜止釋放。(3)測周期的方法：①要從擺球通過平衡位置時起先計時。因為此處速度大、計時誤差小，而最高點速度小、計時誤差大。②要測多次全振動的時間來計算周期。如在擺球通過平衡位置時起先計時，且在數“零”的同時按下秒表，以后每當擺球從同一方向通過平衡位置時計數1次。2.探究碰撞中的不變量(1)斜槽末端的切線必需水平。(2)入射小球每次都必需從斜槽同一高度由靜止釋放。(3)選質量較大的小球作為入射小球。(4)試驗過程中試驗桌、斜槽、記錄的白紙的位置要始終保持不變。1.(2024·浙江名校協作體模擬)(1)在“單擺測重力加速度”試驗中，測量周期時，秒表指針如圖9所示，讀數為________s。

圖9圖10(2)在“雙縫干涉測量光的波長”試驗中，某同學視察到如圖10所示的干涉條紋，于是他使分劃板中心刻線與亮條紋中心對齊，移動測量頭進行測量，在這種狀況下光的波長的測量值________。A.偏小B.偏大C.不變解析(1)分針超過半格，故讀為30s，秒針在18.4s位置，故總的讀數為30s＋18.4s＝48.4s。(2)假如測量頭中的分劃板中心刻度線與干涉條紋不在同一方向上，條紋間距測量值偏大，依據雙縫干涉條紋的間距公式Δx＝eq\f(L,d)λ，待測光的波長測量值也是偏大，故選B。答案(1)48.4(2)B2.(2024·浙江新高考選考適應性考試)某同學利用單擺測定當地的重力加速度，試驗裝置如圖11甲所示。圖11(1)在測量單擺的周期時，他用秒表登記了單擺做50次全振動的時間，如圖乙所示，秒表的讀數為________s。(2)該同學經測量得到5組擺長L和對應的周期T，畫出L－T2圖線，然后在圖線上選取A、B兩個點，坐標如圖丙所示。則當地重力加速度的表達式g＝________(用LA、LB、TA和TB表示)。(3)處理完數據后，該同學發覺在計算擺長時誤將擺球直徑當成半徑代入計算，即L＝l＋d，這樣________(選填“影響”或“不影響”)重力加速度的計算。(4)該同學做完試驗后，為使重力加速度的測量結果更加精確，他認為：A.在擺球運動的過程中，必需保證懸點固定B.擺線偏離平衡位置的角度不能太大C.用精度更高的游標卡尺測量擺球的直徑D.測量周期時應當從擺球運動到最高點時起先計時其中合理的有________。解析(1)秒表的小盤讀數為90s，大盤讀數為5.2s，則秒表的讀數為95.2s。(2)依據單擺周期公式T＝2πeq\r(\f(L,g))，解得L＝eq\f(gT2,4π2)，可知圖線的斜率k＝eq\f(g,4π2)＝eq\f(LB－LA,Teq\o\al(2,B)－Teq\o\al(2,A))，解得g＝4π2eq\f(LB－LA,Teq\o\al(2,B)－Teq\o\al(2,A))。(3)若計算擺長時誤將擺球直徑當成半徑代入計算，即L＝l＋d，而其它測量、計算均無誤，也不考慮試驗誤差，T2－L圖象的斜率不變，所測重力加速度g不變，即不影響重力加速度的計算。(4)試驗時保證懸點固定，防止擺線松動帶來擺長的變更，選項A正確；擺線偏離平衡位置的角度不能太大，選項B正確；測量擺球的直徑不須要精度更高的游標卡尺，選項C錯誤；測量周期應從擺球經過平衡位置時起先計時，選項D錯誤。答案(1)95.2(2)eq\f(4π2（LB－LA）,Teq\o\al(2,B)－Teq\o\al(2,A))(3)不影響(4)AB3.在“驗證動量守恒定律”的試驗中，試驗裝置如圖12所示。槽口末端在水平地面上的豎直投影為O點，試驗中可供選擇的碰撞小球均為直徑相同的硬質小球，碰撞時都可認為是彈性碰撞。設入射小球的質量為m1，被碰小球的質量為m2。圖12(1)為了使入射小球在碰撞后不被反彈，則應使m1________m2。(填“>”“＝”或“<”)；(2)為了保證入射小球和被碰小球離開槽口后均做平拋運動，必需調整斜槽末端________；(3)在(1)(2)條件的前提下，讓入射小球從同一高度沿斜槽滑下，試驗中將被碰小球放入槽口末端前后的落點如圖中A、B、C所示，圖中OA＝x1，OB＝x2，OC＝x3，為驗證小球碰撞前后動量守恒，試驗中________(填“須要”或“不須要”)測量槽口末端到水平地面的高度h。若試驗中小球碰撞前后動量守恒，則應滿意的關系式為m1x2＝________。解析(1)為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求m1＞m2。(2)要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必需水平。(3)小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，所以不須要測量槽口末端到水平地面的高度h。要驗證動量守恒定律定律，即驗證m1v2＝m1v1＋m2v3，上式兩邊同時乘以t得m1v2t＝m1v1t＋m2v3t，得m1x2＝m1x1＋m2x3。解析(1)>(2)水平(3)不須要m1x1＋m2x3光學類試驗【典例1】(2024·浙江寧波高三適應性考試)某同學利用雙縫干涉試驗儀測量光的波長，按要求將儀器安裝在光具座上，如圖13所示，接通電源使光源正常工作。圖13(1)關于這個試驗下列幾種說法，你認為正確的是________。A.增加光源到單縫的距離，干涉條紋間距變大B.將濾光片由藍色換成紅色，干涉條紋間距變寬C.將單縫向雙縫移動一小段距離，干涉條紋間距變寬D.去掉濾光片，干涉現象消逝(2)若測量頭中的分劃板中心刻線與干涉條紋不在同一方向上，如圖14所示。通過裝置中的“撥桿”的撥動________(填“能”或“不能”)把干涉條紋調成與分劃板中心刻線同一方向上。圖14解析(1)依據Δx＝eq\f(L,d)λ可知，干涉條紋間距與光源到單縫的距離無關，也與單縫到雙縫的距離無關，因此條紋間距不變，選項A、C錯誤；將濾光片由藍色換成紅色，波長變大，則干涉條紋間距變寬，選項B正確；去掉濾光片，將出現彩色的干涉條紋，選項D錯誤。(2)首先要明確各器件的作用，撥動撥桿的作用是為了使單縫和雙縫平行，獲得清楚的干涉圖樣，圖中已有清楚的干涉圖樣，所以不用調整；圖中所示出現的問題是分刻板中心刻度線與干涉條紋不平行，應調整測量頭使干涉條紋調成與分劃板中心刻線同一方向上，故調整撥桿不能把干涉條紋調成與分劃板中心刻線同一方向上。答案(1)B(2)不能【典例2】如圖15甲所示，某同學在“測定玻璃的折射率”的試驗中，先將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，玻璃磚平放在白紙上，然后在白紙上確定玻璃磚的界面aa′和bb′。O為直線AO與aa′的交點。在直線OA上豎直地插上P1、P2兩枚大頭針。圖15(1)該同學接下來要完成的必要步驟有________。A.插上大頭針P3，使P3僅攔住P2的像B.插上大頭針P3，使P3攔住P1的像和P2的像C.插上大頭針P4，使P4僅攔住P3D.插上大頭針P4，使P4攔住P3和P1、P2的像(2)過P3、P4作直線交bb′于O′，過O′作垂直于bb′的直線NN′，連接OO′，測量圖甲中角α和β的大小。則玻璃磚的折射率n＝________。(3)如圖乙所示，該同學在試驗中將玻璃磚界面aa′和bb′的間距畫得過寬。若其他操作正確，則折射率的測量值________精確值(選填“大于”“小于”或“等于”)。(4)另一位同學精確的畫好玻璃磚界面aa′和bb′后，試驗過程中不慎將玻璃磚向下平移了一些。如圖丙所示，該試驗若其他操作均正確，則折射率的測量值________精確值(選填“大于”“小于”或“等于”)。解析(1)該同學接下來要完成的必要步驟有：確定P3大頭針的位置的方法是插上大頭針P3，使P3能攔住P1、P2的像。確定P4大頭針的位置的方法是大頭針P4能攔住P3和P1、P2的像，故該同學接下來要完成的必要步驟有B、D。(2)應依據折射定律得，玻璃磚的折射率為n＝eq\f(sinβ,sinα)。(3)將玻璃磚界面aa′和bb′的間距畫得過寬但仍平行，而其他操作正確，導致α角偏大，由于n＝eq\f(sinβ,sinα)，故折射率的測量值將偏小。(4)如圖所示，虛線表示將玻璃磚向下平移后實際的光路圖，而實線是作圖時所采納的光路圖，通過比較發覺，入射角和折射角沒有變更，則由折射定律得知，該同學測得的折射率將不變。答案(1)BD(2)eq\f(sinβ,sinα)(3)小于(4)等于1.測定玻璃的折射率(1)數據處理①計算法：用量角器測量入射角θ1和折射角θ2，并查出其正弦值sinθ1和sinθ2。算出不同入射角時的eq\f(sinθ1,sinθ2)，并取平均值。②作sinθ1－sinθ2圖象：變更不同的入射角θ1，測出不同的折射角θ2，作sinθ1－sinθ2圖象，由n＝eq\f(sinθ1,sinθ2)可知圖象應為直線，其斜率為折射率。(2)留意事項①試驗過程中，玻璃磚在紙上的位置不行移動。②大頭針應豎直地插在白紙上，且玻璃磚每側兩枚大頭針P1與P2間、P3與P4間的距離應大一點，以減小確定光路方向時造成的誤差。③試驗時入射角不宜過小，否則會使測量誤差過大，也不宜過大，否則在bb′一側將看不到P1、P2的像。2.用雙縫干涉測量光的波長(同時練習運用游標型測量頭)(1)調整雙縫干涉儀時，要留意調整光源的高度，使它發出的光束能夠沿著遮光筒的軸線把屏照亮。(2)放置單縫和雙縫時，縫要相互平行，中心大致位于遮光筒的軸線上。(3)調整測量頭時，應使分劃板中心刻線和條紋的中心對齊，記清此時手輪上的讀數，轉動手輪，使分劃板中心刻線和另一亮條紋的中心對齊，登記此時手輪上的讀數，兩次讀數之差就表示這兩條亮條紋間的距離。(4)不要干脆測Δx，要測多條亮條紋的間距再計算得到Δx，這樣可以減小誤差。1.(2024·海寧選考模擬)“測定玻璃的折射率”試驗中，在玻璃磚的一側豎直插兩個大頭針A、B，在另一側再豎直插兩個大頭針C、D。在插入第四個大頭針D時，應使它______________________。如圖16所示是在白紙上留下的試驗痕跡，其中直線a、a′是描在紙上的玻璃磚的兩個邊。依據該圖可算得玻璃的折射率n＝________。(計算結果保留2位有效數字)圖16解析確定出射光線時應使D攔住C和A、B的像，作圖如圖所示。以O為圓心，OO′為半徑作圓交AB于E點，過E作a的平行線交法線于F，依據n＝eq\f(sini,sinr)得n＝eq\f(EF,O′P)，測量EF和O′P長度得n＝1.8(1.6～1.9均正確，方法亦有多種)。答案攔住C及A、B的像1.8(1.6～1.9均可)2.(2024·浙江溫州高三適應性考試)在“測定玻璃的折射率”試驗中。圖17(1)某同學在畫玻璃磚邊界時操作如圖17甲所示，請指出其不當之處：____________________________(寫出一點即可)。(2)試驗中，已畫好玻璃磚邊界ab、cd后，不當心誤將玻璃磚向上稍平移了一點，如圖乙所示，其他操作正確，則測得玻璃的折射率將________(選填“變大”“不變”或“變小”)。解析(1)不能用手觸摸玻璃磚的表面，否則很簡單使得表面變臟；玻璃磚不能當做尺子運用，簡單損壞光學面。(2)如圖所示。實線表示將玻璃磚向上平移后實際的光路圖，而虛線是未將玻璃磚向上平移時作圖時所采納的光路圖，通過比較發覺，入射角和折射角沒有變更，則由折射定律n＝eq\f(sini,sinr)得知，測得的折射率將不變。答案(1)用手觸摸光學面，拿玻璃磚當尺子用(2)不變3.(2024·4月浙江選考)在“用雙縫干涉測量光的波長”試驗中，選用紅色濾光片和間距為0.20mm的雙縫，雙縫與屏的距離為600mm。某同學正確操作后，在目鏡中看到如圖18甲所示的干涉條紋。換成紫色濾光片正確操作后，使測量頭分劃板刻線與第k級暗條紋中心對齊，在目鏡中觀測到的是圖乙中的______(填字母)，此時測量頭的讀數為25.70mm。沿同一方向接著移動測量頭使分劃板刻線與第k＋5級暗條紋中心對齊，此時測量頭標尺如圖丙所示，其讀數是________mm，紫光的波長等于________nm。圖18答案D19.404204.(2024·11月浙江選考)在“測定玻璃的折射率”試驗時，(1)下列做法正確的是________。A.入射角越大，誤差越小B.在白紙上放好玻璃磚后，用鉛筆貼著光學面畫出界面C.試驗時既可用量角器，也可用圓規和直尺等工具進行測量D.推斷像與針是否在同始終線時，應當視察大頭針的頭部圖19(2)小明同學在插針時玻璃磚的位置如圖19所示，依據插針與紙上已畫的界面確定入射點與出射點，依據上述操作所測得的折射率________(填“偏大”“偏小”或“不變”)。(3)小明同學經正確操作后，在紙上留下四枚大頭針的位置P1、P2、P3和P4，AB和CD是描出的玻璃磚的兩個邊，如圖20所示，請畫出光路圖。圖20解析(1)本試驗在應用插針法時，角度不宜過大，否則很難確定折射角，選項A錯誤；在試驗前，用鉛筆貼著光學面畫出玻璃磚的上、下表面，可能會損壞光學面，選項B錯誤；本試驗通過n＝eq\f(sini,sinr)，也可以通過畫圓，通過sinθ1＝eq\f(x1,r)，sinθ2＝eq\f(x2,r)，故n＝eq\f(sinθ1,sinθ2)＝eq\f(x1,x2)，將角度的正弦之比轉化為對邊之比，所以選項C正確，在視察是否在一條直線時，應當視察大頭針底部，所以D錯誤。(2)如右圖，虛線部分為插針時玻璃磚所在位置，即真實狀況，設此時入射角和折射角分別為θ1、θ2，折射率真實值為n，則n＝eq\f(sinθ1,sinθ2)；實線部分為處理數據時玻璃磚所在位置，設玻璃磚轉過角度為α，折射率測量值為n′，n′＝eq\f(sin（θ1＋α）,sin（θ2＋α）)，θ1>θ2，故n′<n，折射率偏小。(3)光路圖如圖所示。答案(1)C(2)偏小(3)見解析圖5.(2024·4月浙江選考)(1)細絲和單縫有相像的衍射圖樣。在相同條件下，小明用激光束分別垂直照耀兩種不同直徑的細絲Ⅰ和細絲Ⅱ，在光屏上形成的衍射圖樣如圖21中a和b所示。已知細絲Ⅰ的直徑為0.605mm，現用螺旋測微器測量細絲Ⅱ的直徑，如圖22所示，細絲Ⅱ的直徑為________mm。圖中的________(填“a”或“b”)是細絲Ⅱ的衍射圖樣。圖21圖22(2)小明在做“用雙縫干涉測量光的波長”試驗時，嘗試用單縫和平面鏡做類似試驗。單縫和平面鏡的放置如圖23所示，白熾燈發出的光經濾光片成為波長為λ的單色光照耀單縫，能在光屏上視察到明暗相間的干涉條紋。小明測得單縫與鏡面延長線的距離為h、與光屏的距離為D，則條紋間距Δx＝________。隨后小明撤去平面鏡，在單縫下方A處放置同樣的另一單縫，形成雙縫結構，則在光屏上________(填“能”或“不能”)視察到干涉條紋。圖23解析(1)因為螺旋測微器主尺的半格為0.5mm，完整一格為1mm，螺旋轉輪上面一格0.01mm，再估讀一位，由題圖可知，直徑為0.999mm；衍射單縫越小，衍射越明顯，條紋間距越大；衍射單縫越大，衍射越不明顯，條紋間距越小，題圖a的條紋間距小，對應的細線比較粗，題圖b的條紋間距大，對應的細線比較細，因為0.999>0.605，所以選a。(2)本題中，單縫在平面鏡中的鏡像，與原來的單縫共同構成一組雙縫(如圖)，所以雙縫間距為d＝2h，故Δx＝eq\f(Dλ,2h)。不能，因為不符合發生干涉的條件。答案(1)0.999(0.996～1.000)a(2)eq\f(Dλ,2h)不能1.(2024·浙江蕭山模擬)在用插針法測定某特種玻璃的折射率的試驗中。(1)指出以下兩圖中的不當之處：甲__________________________________________________________________；乙__________________________________________________________________。圖1(2)在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”試驗中。原線圈和副線圈中接入的________。A.原線圈中接入220V溝通電B.原線圈中接入學生電源12V以下直流輸出C.副線圈接直流電流表D.副線圈接溝通電壓表解析(1)兩圖中的不當之處是：甲，入射角太小；乙，不能用手觸摸玻璃光學面，不能拿玻璃當尺子。(2)在“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”試驗中，為平安起見，原線圈中應接入電壓低于36V的溝通電壓；副線圈接溝通電壓表，故選D。答案(1)入射角太小不能用手觸摸玻璃光學面，不能拿玻璃當尺子(2)D2.(2024·浙江教化綠色評價聯盟適應性考試)(1)一同學在做“探究感應電流方向”的試驗時，用電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、檢測電流計及開關組成圖2所示電路。在開關閉合、線圈A放在線圈B中的狀況下，該同學發覺：將滑線變阻器的滑動端P向右加速滑動時，電流計指針向右偏轉，電流計指針發生偏轉的主要緣由是____________________；當將線圈A向上移出B線圈的過程中，電流計指針________(選“向左”或“向右”)偏轉。圖2(2)做“探究單擺的周期與擺長關系”試驗中，某一次試驗中，小慧同學先測得擺線的長為l＝89.11cm，用游標卡尺測小球直徑的結果如圖3所示，則當次試驗的擺長為________cm。圖3接著小慧同學利用秒表測單擺的周期，當小球第1次經過最低點時計數1，以后小球每經過一次最低點計數一次，當第50次經過最低點時停止計時，秒表讀數為46.8s，則此單擺的周期為________s。解析(1)電流隨著滑動端P向右運動使線圈A中的電流變大，因而線圈A磁通量變大，則線圈B的磁通量發生變更，故線圈B要產生阻礙線圈A中磁通量變大的感應電流。若將線圈A向上移出B線圈，線圈A在線圈B中的磁通量減小，線圈B中產生阻礙磁通量減小的感應電流，依據楞次定律可知，此時的電流的方向與滑動端P向右運動所產生線圈B中的感應電流方向相反，即電流計指針向左偏轉。(2)擺球的直徑為d＝1.6×10mm＋0.1×0mm＝16.0mm＝1.6cm，故擺長L＝l＋eq\f(d,2)＝89.91cm；秒表的讀數為t＝46.8s，單擺的周期為T＝eq\f(t,\f(50－1,2))＝eq\f(46.8×2,49)s＝1.91s。答案(1)線圈B中的磁通量發生變更向左(2)89.911.913.(2024·舟山選考模擬)可以通過試驗探究電磁感應現象中感應電流方向的確定因素和遵循的物理規律。以下是試驗探究過程的一部分。(1)如圖4甲所示，當磁鐵的N極向下運動時，發覺電流表指針偏轉，若要探究線圈中產生感應電流的方向，必需知道__________________________________。圖4(2)如圖乙所示，試驗中發覺閉合開關時，電流表指針向右偏，電路穩定后，若向左移動滑動觸頭，此過程中電流表指針向________偏轉；若將線圈A抽出，此過程中電流表指針向________偏轉(均選填“左”或“右”)。解析(1)當磁鐵的N極向下運動時，發覺電流表指針偏轉，若要探究線圈中產生感應電流的方向，必需知道電流表指針偏轉方向與電流方向間的關系及線圈的繞向。(2)閉合開關時，穿過線圈B的磁通量增加，電流表指針向右偏；電路穩定后，若向左移動滑動觸頭，通過線圈A的電流增大，磁感應強度增大，穿過線圈B的磁通量增大，電流表指針向右偏轉；若將線圈A抽出，穿過線圈B的磁通量削減，電流表指針向左偏轉。答案(1)電流表指針偏轉方向與電流方向間的關系及線圈的繞向(2)右左4.(2024·浙江省金華十校高三期末考試)(1)在做“探究單擺周期與擺長的關系”試驗中，懸掛單擺時，細線上端的懸掛方式應選哪種？________(從圖5甲、乙中選，選填“甲”或“乙”)；圖5(2)用圖6所示的試驗裝置，做“雙縫干涉測光的波長”試驗：圖6①某同學通過測量頭的目鏡視察單色光的干涉圖樣時，發覺里面的兩條紋與分劃板中心刻線未對齊，如圖7甲所示，若要使兩者對齊，該同學應如何調整________。A.僅左右轉動透鏡 B.僅旋轉單縫C.僅旋轉雙縫 D.僅旋轉測量頭②在試驗中，雙縫間距d＝0.5mm，雙縫與光屏間距離L＝0.5m，用某種單色光照耀雙縫得到干涉圖樣如圖乙，分劃板在圖中A、B位置時游標卡尺讀數如圖丙，則圖丙中A位置的游標卡尺讀數為________mm，單色光的波長為________m(結果保留2位有效數字)。圖7解析(1)依據試驗的基本要求，擺球在搖擺的過程中，懸線的長度不能變更，甲圖擺長變更，乙圖擺長不變更，則選乙。(2)①發覺里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，若要使兩者對齊，該同學應調整測量頭，故A、B、C錯誤，D正確。②A位置游標卡尺的主尺讀數為11mm，游標讀數為0.1×1mm＝0.1mm，所以最終讀數為11.1mm。B位置游標卡尺的主尺讀數為15mm，游標讀數為0.1×5mm＝0.5mm，所以最終讀數為15.5mm。相鄰兩亮條紋的間距Δx＝eq\f(xB－xA,7)＝eq\f(15.5－11.1,7)mm＝0.63mm。依據雙縫干涉條紋的間距公式Δx＝eq\f(L,d)λ，得λ＝eq\f(d,L)Δx。代入數據得λ＝eq\f(0.5×10－3×0.63×10－3,0.5)m＝6.3×10－7m。答案(1)乙(2)①D②11.16.3×10－75.(2024·義烏選考模擬)在探討電磁感應現象的試驗中：(1)為了能明顯地視察到試驗現象，請在如圖8所示的試驗器材中，選擇必要的器材，并在圖中用實線連接實物電路圖。圖8(2)關于原、副線圈，以下說法正確的是________。A.原線圈用的線較粗，匝數較少B.原線圈用的線較細，匝數較少C.副線圈用的線較細，匝數較多D.副線圈用的線較粗，匝數較多解析(1)留意該試驗中有兩個回路，一是電源、開關、變阻器(上、下各連一個接線柱)、小螺線管串聯成的回路，二是電流計與大螺線管串聯成的回路，電路圖如圖所示。(2)探究電磁感應現象試驗中，在肯定時間內，磁通量變更越大現象越明顯，為了使穿過線圈的磁通量變更大，原線圈電流的變更應大，原線圈導線應粗一些、短一些，線圈匝數少一些，這樣原線圈電阻小，在電源電動勢肯定的狀況下，閉合或斷開開關、或移動滑動變阻器滑片時，電流變更大，故A正確，B錯誤；靈敏電流計量程較小，為愛護靈敏電流計，副線圈電流不能太大，副線圈電阻應大些，副線圈應運用較細的導線，且導線要長一些，即線圈匝數多些，故C正確，D錯誤。答案(1)實物電路圖見解析(2)AC6.(2024·浙江省名校協作體高三聯考)某同學在做“用雙縫干涉測量光的波長”的試驗中，試驗裝置如圖9所示。圖9(1)某同學經過粗略的調試后，出現了干涉圖樣，但不夠清楚，以下調整做法正確的是________。A.旋轉測量頭 B.上下撥動金屬撥桿C.左右撥動金屬撥桿 D.前后撥動金屬撥桿(2)該同學通過測量頭的目鏡視察單色光的干涉圖樣時，發覺里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，如圖10所示，若要使兩者對齊，該同學應如何調整________。圖10A.僅左右轉動透鏡 B.僅旋轉單縫C.僅旋轉雙縫 D.僅旋轉測量頭(3)如圖所示中條紋間距表示正確的是________。解析(1)使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清楚光明，則要增大條紋的寬度，依據公式Δx＝eq\f(L,d)λ可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，所以須要左右移動撥桿，故C正確，A、B、D錯誤。(2)發覺里面的亮條紋與分劃板豎線未對齊，若要使兩者對齊，該同學應調整測量頭，故A、B、C錯誤，D正確。(3)干涉條紋的寬度是指一個明條紋與一個暗條紋的寬度的和，為兩個相鄰的明條紋或暗條紋的中心之間的距離，故圖C、E是正確的。答案(1)C(2)D(3)CE7.(2024·浙江嘉興市高三選考模擬考試)(1)某同學在做“探究變壓器線圈兩端電壓與匝數的關系”試驗時，用學生電源供應應左圖所示變壓器原線圈的電壓為5V，用演示電表溝通50V擋測量副線圈電壓時示數如圖11所示，則變壓器的原、副線圈匝數之比可能是()圖11A.5∶8 B.5∶4C.1∶8 D.1∶14(2)①“用雙縫干涉測量光的波長”試驗中，在甲、乙、丙三處所放置的器材依次是________。圖12A.單縫、雙縫、濾光片B.濾光片、雙縫、單縫C.濾光片、單縫、雙縫②假如去掉濾光片，在目鏡位置________(“能”或“不能”)視察到干涉條紋。解析(1)依據電壓表讀數的方法可知，該變壓器的輸出電壓約為40V，假如是志向變壓器，則變壓器的原、副線圈匝數之比eq\f(n1,n2)＝eq\f(U1,U2)＝eq\f(5,40)＝eq\f(1,8)。因題中所給的裝置中上面的軟鐵芯沒有閉合，故穿過次級的磁通量小于原線圈的磁通量，即次級匝數比志向狀況偏多，則變壓器的原、副線圈匝數之比可能為1∶14，故D正確，A、B、C錯誤。(2)①“用雙縫干涉測量光的波長”試驗中，在甲、乙、丙三處所放置的器材依次是：濾光片、單縫、雙縫，故選C。②去掉濾光片后，透過縫的將是多種顏色的光，波長不同，干涉后