上海市金山區2018屆高三第二學期質量監控物理試卷(二模)一、選擇題1.能說明光的粒子性的實驗是（）A.干涉現象B.衍射現象C.光電效應D.色散現象【答案】C【解析】光的干涉、色散和衍射是波特有的現象，不能說明粒子性，故ABD錯誤；光電效應能說明光具有粒子性，故C正確。所以C正確，ABD錯誤。2.下列射線來自于原子核外的是（）A.α射線B.β射線C.γ射線D.陰極射線【答案】D【解析】α射線、β射線、γ射線都是在放射性物質衰變的過程中放射出的，來自于原子核的衰變，故ABC錯誤；陰極射線是陰極受熱后，原子的核外電子受激發而發射出的電子，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。3.在α粒子散射實驗中，使α粒子發生大角度偏轉的力是（）A.磁場力B.電場力C.萬有引力D.彈力【答案】B【解析】在α粒子散射實驗中，有些α粒子發生大角度偏轉是受到了原子核的作用力，即電場力，故B正確，ACD錯誤。4.一定質量的物體在做勻速圓周運動過程中，所受到的合外力（）A.大小為零B.保持恒定C.大小變化D.方向變化【答案】D【解析】一定質量的物體在做勻速圓周運動過程中，所受到的合外力大小不變，方向時刻指向圓心且不斷變化，故D正確，ABC錯誤。5.在白光照射下，能在豎直放置的肥皂膜上看到（）A.彩色的水平條紋B.彩色的豎直條紋C.黑白的水平條紋D.黑白的豎直條紋【答案】A【解析】薄膜干涉為前后兩個面反射回來的光發生干涉形成干涉條紋，所以從肥皂薄膜上可看到彩色的水平干涉條紋，故A正確，BCD錯誤。6.如圖，通有恒定電流的直導線右側有一矩形線圈abcd，導線與線圈共面。如果線圈運動時產生方向為abcda的感應電流，線圈可能的運動是（）A.向上平移B.向下平移C.向左平移D.向右平移【答案】C【解析】導線中電流強度不變時，產生的磁場不變，導線周圍的磁感應強度不變，則穿過線框的磁通量不變，即不會產生感應電流，故AB錯誤；線框向左運動時，線框中的磁感應強度增大，穿過線框的磁通量增大，可以產生感應電流，根據楞次定律可知電流方向為abcda，故C正確；線框向右運動時，線框中的磁感應強度減小，穿過線框的磁通量減小，可以產生感應電流，根據楞次定律可知電流方向為adcba，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。

7.在靜電場中，將一正電荷從a點移到b點，電場力做了負功，則（）A.b點的電場強度一定比a點大B.電場線方向一定從b指向aC.b點的電勢一定比a點高D.該電荷的電勢能一定減小【答案】C【解析】正電荷從a點移到b點，電場力做負功，無法判斷a、b兩點電場強度大小，若是勻強電場，a、b兩點電場強度可能相等，故A錯誤；通過電場力做功無法判斷電場線方向，電荷運動時可能與電場有一定夾角，沿電場或者逆著電場等，故B錯誤；移動正電荷從a點到b點，電場力做負功，說明Uab＜0，因此b點電勢比a點高，故C正確；電場力做了負功，電勢能增加，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。8.分子間同時存在引力和斥力，當分子間距增大時，分子間（）A.引力減小，斥力減小B.引力增加，斥力增加C.引力增加，斥力減小D.引力減小，斥力增加【答案】A【解析】分子間同時存在著引力和斥力，當分子間距增加時，分子間的作用力都減小，即引力和斥力都減小，但斥力變化的快，故A正確，BCD錯誤。9.設某高中學生在平直公路上迎風以一般的速度行走，所受阻力約為人所受重力的0.02倍，則克服阻力的功率最接近于（）A.101WB.10WC.102WD.103W【答案】B............10.一列簡諧波沿x軸正方向傳播，t＝0時的波形如圖所示，質點B恰好在波谷，且經過0.1s第一次回到平衡位置，質點A在B的左側。則（）A.質點A正在向下運動B.質點B正在向上運動C.t＝0.5s時，質點A在向上運動D.t＝0.5s時，質點B在向下運動【答案】C【解析】簡諧波沿x軸正方向傳播，根據峰前質點上振，可知質點A正在向上運動，故A錯誤；質點B恰好在波谷，瞬時速度為零，故B錯誤；t=0時，質點B恰好在波谷，且經過0.1s第一次回到平衡位置，可知波的周期為T=0.4s，根據周期性可知時，質點A在向上運動，故C正確；根據周期性可知時，質點B剛好在平衡位置向上振動，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。11.如圖，物體隨氣球以大小為1m/s的速度從地面勻速上升。若5s末細繩斷裂，g取10m/s2，則物體能在空中繼續運動（）A.6.1sB.1.2sC.1.1sD.1.0s【答案】C【解析】物體掉下前上升的高度h1=v0t1=1×5m=5m；物體從氣球上脫落后繼續上升的高度為：，所以物體所能達到離地的最大高度為H=h1+h2=5.05m，物體從氣球上脫落后,繼續上升所用時間：，設從氣球脫離后下落到地面的時間為t2，則有：，代入數據解得：，所以物體能在空中繼續運動的時間為：，故C正確，ABD錯誤。12.受水平外力F作用的物體，在粗糙水平面上作直線運動，其v－t圖線如圖所示，則（）A.在0～t1秒內，外力F大小不斷增大B.在0～t1秒內，外力F大小不斷減少直至為零C.在t1～t2秒內，外力F大小可能不斷增大D.在t1～t2秒內，外力F大小可能先減小后增大【答案】D【解析】vt圖線的斜率表示加速度，所以在0～t1秒內，加速度為正并不斷減小，根據加速度，所以外力F大小不斷減小，F的最小值等于摩擦力，故AB錯誤；在t1～t2秒內，加速度為負并且不斷變大，根據加速度的大小，外力F大小可能不斷減小，故C錯誤；如果在F先減小一段時間后的某個時刻，F的方向突然反向，根據加速度的大小：，F后增大，因為vt圖線后一段的斜率比前一段大，所以外力F大小可能先減小后增大，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。二、實驗題13.在“研究共點力的合成”的實驗中，測力前，要先對彈簧測力計進行________。用一個測力計以及用兩個測力計拉橡皮筋時，需將橡皮筋的活動端拉到________（選填：“相同”或“不同”）位置。【答案】(1).調零；(2).相同；【解析】要先對彈簧測力計進行調零，為了達到同樣的效果，用一個測力計以及用兩個測力計拉橡皮筋時，需將橡皮筋的活動端拉到相同的位置。14.物體做機械振動的條件是始終受到方向指向____________的回復力，彈簧振子的回復力是由振子所受彈簧的彈力提供，則單擺的回復力是由擺球所受____________提供。【答案】(1).平衡位置；(2).重力沿圓弧切向的分力；【解析】物體做機械振動的條件是始終受到方向指向平衡位置，的回復力，彈簧振子的回復力是由振子所受彈簧的彈力提供，則單擺的回復力是由擺球所受重力沿圓弧切向的分力提供。15.如圖，在右端開口的U形玻璃管內，右管中6cm長的水銀柱封閉了一段長為10cm的空氣柱，左右兩管上方液面處于同一高度，大氣壓強為75cmHg，則左管內被封氣體的壓強為________cmHg；若在右管中再注入9cm水銀柱，則穩定后右管內的空氣柱長度將變為________cm。【答案】(1).65；(2).9；【解析】設玻璃管橫截面積為S，由題意可知，封閉氣體壓強：p=75+10cmHg=65cmHg；p′=p0+h′=75+（6+9）=90cmHg，由玻意耳定律得：pV=p′V′，即：81×10S=90×L′S，解得：L′=9cm。16.如圖，用兩絕緣細線吊著一根質量為m的銅棒，銅棒處在垂直紙面向內的勻強磁場中，棒中通入自左向右的電流，且棒始終保持靜止。每根細線上的拉力大小均為F，則棒受到的安培力大小為________。若不改變電流大小而將棒中電流反向，則每根細線上的拉力大小將變為________。【答案】(1).;(2).;【解析】銅棒的重力為mg，向上的安培力大小為F安，則由平衡條件得：2F+F安=mg，解得：F安=mg2F，不改變電流大小而將棒中電流反向，安培力向下，由平衡條件得：2F1=F安+mg，聯立解得：F1=mgF。17.如圖，電路中電源電動勢E＝3V，內阻r＝1Ω，電阻R1＝2Ω，滑動變阻器總電阻R＝16Ω。則在滑片P從a滑到b的過程中，電壓表示數的變化情況是________，滑動變阻器消耗的最大功率為_______W。【答案】(1).先增大后減小；(2).0.75；18.“用DIS描繪電場的等勢線”實驗裝置如圖a所示。（1）本實驗使用的是__________傳感器；木板上有白紙、導電紙和復寫紙，最上面的應該是__________紙。（2）電源通過正負電極A、B在導電物質上產生的穩定電流分布模擬了由兩個__________產生的靜電場。實驗時，確定兩點電勢相等的依據是__________。（3）如圖b所示，電源正極與電極A連接，若將傳感器的探針a固定在AB連線的中點O處，探針b在AB連線上移動，以O為坐標原點，OB方向為x軸正方向建立坐標。則以x為橫坐標、傳感器讀數y為縱坐標所作的圖像可能是（________）A.B.C.D.【答案】(1).電壓；(2).導電；(3).等量異種點電荷；(4).傳感器示數為零；(5).B;【解析】（1）方法是將其中一個探針與導電紙上某一基準點接觸，然后在導電紙上移動另一個探針，尋找若干個與此基準點的電勢差為零的點，即為等勢點，所以本實驗使用的是電壓傳感器；木板上有白紙、導電紙和復寫紙，最上面的應該是導電紙。（2）電源通過正負電極A、B在導電物質上產生的穩定電流分布模擬了由兩個等量異種電荷產生的靜電場，實驗時，確定兩點電勢相等的依據是傳感器示數為零。（3）根據等量異種電荷場強分布特點可知B圖正確。三、計算題19.在豎直平面內，將光滑金屬桿OP彎成如圖所示形狀，PQ為一根與水平方向夾角為37°的粗糙直桿，兩根桿平滑連接。小環套在金屬桿上，并從x＝0處以v0＝5m/s的初速度沿桿運動。已知直桿足夠長且小環與直桿間的動摩擦因數為μ＝0.5。g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。求：（1）小環運動到P點時的速度大小v；（2）小環在直桿上運動時的加速度大小a；（3）以y＝0處為零勢能面，求小環在直桿上運動時，動能和重力勢能相等的位置（只需求出y軸坐標）。【答案】（1）（2）（3）【解析】試題分析：小環在OP桿上運動時，受重力和彈力作用，且只有重力做功，根據小環機械能守恒即可求出速度；對小環在直桿上的受力分析結合牛頓第二定律即可求出加速度；應用運動學公式和動能定理即可求出動能和重力勢能相等的位置。（1）小環在OP桿上運動時，受重力和彈力作用，且只有重力做功。小環機械能守恒，設y＝0處為零勢能面，則代入數據，得v＝m/s（2）小環在直桿上的受力如圖所示：由牛頓定律：mgsin37°－f＝maN＝mgcos37°且f＝μN代入數據可得：a＝2m/s2（3）設小環在y′處，Ek＝Ep，即由勻加速運動公式，v′2－v2＝2aS其中代入數據，可得點睛：本題主要考查了動能定理的應用，分清受力特點在結合運動學公式即可解題。20.如圖，兩相距L＝0.5m的平行金屬導軌固定于水平面上，導軌左端與阻值R＝2Ω的電阻連接，虛線內存在垂直導軌平面且磁感應強度為B＝0.4T的勻強磁場。質量m＝0.2kg、阻值為r＝1Ω的金屬桿垂直置于導軌上，與導軌接觸良好，金屬桿與導軌間的動摩擦因數為μ＝0.1，導軌的電阻可忽略。桿在水平向右的恒定拉力F＝0.24N作用下由靜止開始運動，并始終與導軌垂直，進入磁場時恰好開始做勻速直線運動。求：（1）桿進入磁場時的速度大小v；（2）桿在磁場中運動0.6m位移的過程中，電阻R上產生的熱量Q；（3）若在桿恰好進入磁場時撤去拉力F，分析說明桿在撤去F后加速度、速度的變化情況。【答案】（1）（2）（3）見解析【解析】試題分析：桿切割磁感線產生的感應電動勢和電流，根據平衡條件求出速度；根據Q＝I2Rt即可求出熱量；撤去F后，所受FA和f與運動方向相反，桿一直做減速運動。若桿始終在磁場內運動：速度始終減小，FA減小，合力減小，加速度減小。桿做加速度減小的減速運動，直至速度為零。若桿能離開磁場繼續運動：在磁場內速度減小，加速度減小；離開磁場后只受f作用，合力不變，加速度不變。因此，桿先做加速度減小的減速運動，后做勻減速運動，直至速度為零。（1）桿切割磁感線產生的感應電動勢E＝BLv回路中的感應電流：桿所受安培力桿在磁場中勻速運動時，水平方向的受力如圖所示：則其中f＝μmg代入數據可得：v＝3m/s（2）