…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、矩形導線框固定在勻強磁場中；如圖所示，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向為垂直紙面向外，磁感應強度B隨時間t變化的規律如圖所示，則（）

A.0～t1時間內，導線框中電流的方向為abcdaB.0～t1時間內，導線框中電流越來越小C.0～t2時間內，導線框中電流的方向始終為adcbaD.0～t2時間內，導線框ab邊受到的安培力大小恒定不變2、如圖所示，圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產生的正弦交流電的圖像，當調整線圈轉速后，所產生的正弦交流電的圖像如圖b所示，以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是（）

A.線圈先后兩次轉動的角速度之比為2:3B.交流電a的電壓有效值為C.交流電b的電壓瞬時值為D.交流電a在圖中t=0.1s時刻穿過線圈的磁通量變化率為零3、如圖所示，電阻R、電容C和電感L并聯后，接入輸出電壓有效值恒定、頻率可調的交流電源．當電路中交流電的頻率為f時，通過R、C和L的電流有效值恰好相等．若將頻率降低為分別用I1、I2和I3表示此時通過R、C和L的電流有效值；則。

A.B.C.D.4、如圖質子（）、氘核（）和α粒子（）都沿平行板電容器兩板中線OO′方向垂直于電場線射入板間的勻強電場，射出后都打在同一個與OO′垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現亮點。則（）

A.若它們射入電場時的速度相等，在熒光屏上將出現3個亮點B.若它們射入電場時的動量相等，在熒光屏上將只出現2個亮點C.若它們射入電場時的動能相等，在熒光屏上將只出現1個亮點D.若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉電場的，在熒光屏上將只出現1個亮點5、如圖所示，正六邊形abcdef區域內有垂直于紙面的勻強磁場．一帶正電的粒子從f點沿fd方向射入磁場區域，當速度大小為vb時，從b點離開磁場，在磁場中運動的時間為tb，當速度大小為vc時，從c點離開磁場，在磁場中運動的時間為tc，不計粒子重力．則

A.vb:vc=1:2，tb:tc=2:1B.vb:vc=2:2，tb:tc=1:2C.vb:vc=2:1，tb:tc=2:1D.vb:vc=1:2，tb:tc=1:26、物理學是一門以實驗為基礎的科學，任何學說和理論的建立都離不開實驗，下面給出了幾個在物理學發展史上有重要地位的物理實驗，以及與之相關的物理學發展史的說法，其中錯誤的是（）A.粒子散射實驗是原子核式結構理論的實驗基礎B.光電效應實驗表明光具有粒子性C.電子的發現揭示了原子不是構成物質的最小微粒D.康普頓效應進一步證實了光的波動特性評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖是雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，S1、S2為雙縫，P為光屏．用綠光照射單縫S時，可在光屏P上觀察到干涉條紋．為使相鄰兩個亮條紋的中心間距增大；下列措施可行的是。

A.減小雙縫間的距離B.增大雙縫到屏的距離C.將綠光換為紅光D.將綠光換為紫光8、如圖所示，原來不帶電的半徑為r的空心金屬球放在絕緣支架上，右側放一個電荷量為＋Q的點電荷，點電荷到金屬球表面的最近距離為r，靜電力常量為k．達到靜電平衡后；下列說法中正確的是。

A.點電荷Q在金屬球內任意位置激發的電場的場強都為零B.感應電荷在金屬球球心處激發的電場場強方向向右C.金屬球最左側表面的電勢和最右側表面的電勢相同D.若用導線的兩端分別接觸金屬球的最左端和最右端，導線能將兩端的電荷中和9、如圖甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3為一滑動變阻器。當滑動變阻器的滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過電流的變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在滑動變阻器的兩個不同端點得到的；則下列說法正確的是（）

A.電源的電動勢20VB.電源的內阻10ΩC.定值電阻R2的阻值為4ΩD.滑動變阻器的最大阻值為300Ω10、下列說法正確的是（）A.溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大B.外界對物體做功，物體內能一定增加C.溫度越高，布朗運動越顯著E.當分子間作用力表現為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大E.當分子間作用力表現為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大11、下列四幅圖分別對應四種說法；其中正確的是（）

A.微粒運動就是物質分子的無規則熱運動，即布朗運動B.當兩個相鄰的分子間距離為時，分子間作用力最小，分子勢能也最小C.食鹽晶體的物理性質沿各個方向都是一樣的D.小草上的露珠呈球形的主要原因是液體表面張力的作用12、以下說法正確的是（）A.一定質量的氣體，在吸收熱量的同時體積增大，內能有可能不變B.內能相等的兩個物體相互接觸，也可能發生熱傳遞C.僅知道阿伏伽德羅常數和氮氣的摩爾體積，能算出氮氣分子的體積D.當分子間的作用力表現為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大13、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態，其圖象如圖所示，下列判斷正確的是（）

A.過程bc中氣體既不吸熱也不放熱B.過程ab中氣體一定吸熱C.過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱E.b和c兩個狀態中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數不同E.b和c兩個狀態中，容器壁單位面積單位時間內受到氣體分子撞擊的次數不同14、如圖，一定質量理想氣體從狀態A依次經狀態B和C后再回到狀態A，對此氣體下列說法正確的是____

A.A-B過程中氣體對外界做功B.A-B過程中氣體放出的熱量等于外界對氣體做的功C.B-C過程中氣體分子對器壁單位面積碰撞的平均沖力減少E.B-C過程中氣體放出的熱量大于C-A過程中吸收的熱量E.B-C過程中氣體放出的熱量大于C-A過程中吸收的熱量15、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，阻值均大于r，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中。

A.電壓表示數變大B.電流表示數變小C.電容器C所帶電荷量增多D.電源的輸出功率變大評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)16、按照玻爾理論，一個氫原子核外的電子從半徑為ra的圓軌道自發地直接躍遷到半徑為rb的圓軌道上，在此過程中原子要___________（填“發射”或“吸收”）某一頻率的光子，電子的動能________（填“增大”、“減小”或“不變”），電子（系統）的電勢能________（填“增大”、“減小”或“不變”），原子的總能量（）。17、基本邏輯電路——門電路中所謂“門”，就是一種開關，在一定條件下它允許信號通過；如果條件不滿足，信號就被阻擋在“門”外。如圖所示的電路是用來說明“______”邏輯關系的電路。（選填“與”、“非’’或者“或”）18、已知熱力學溫標與攝氏溫標之間的關系為：T＝t＋273.15K。回答下列問題：

（1）冰的熔點為即為______K。

（2）如果物體的溫度升高那么，物體的溫度將升高______K。19、一定質量的理想氣體，從初始狀態A經狀態B、C、D再回到A，體積V與溫度T的關系如圖所示。圖中TA、VA和TD為已知量。

(1)從狀態A到B，氣體經歷的是______(選填“等溫”；“等容”，或“等壓”)過程；

(2)從B到C的過程中，氣體的內能______(選填“增大”“減小”或“不變”)。20、電動機的自動控制電路如圖所示，其中為熱敏電阻，為光敏電阻，當溫度升高時，的阻值遠小于當光照射時，其阻值遠小于為使電動機在溫度升高或受到光照時能自動啟動，電路中的虛線框內應選____門邏輯電路；若要提高光照時電動機啟動的靈敏度，可以___的阻值（填“增大”或“減小”）．

21、在示波管中，電子通過電子槍加速，進入偏轉電極，然后射到熒光屏上．如圖所示，設電子的質量為m(不考慮所受重力)，電量為e，從靜止開始，經過加速電場加速，加速電場電壓為U1，然后進入偏轉電場，偏轉電極中兩板之間的距離為d，板長為L，偏轉電壓為U2；求電子射到熒光屏上的動能為多大？

22、如圖所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直線與橫軸的交點坐標4.31，與縱軸交點坐標0.5）由圖可知，斜率表示_____________；該金屬的極限頻率為____________Hz，該金屬的逸出功為___________J，（結果保留三位有效數字）若用頻率為5.5×1014Hz的光照射該種金屬時，則對應的遏止電壓應為_____________V

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)26、在“測定金屬絲電阻率”的實驗中需要測出其長度L；直徑d和電阻R

（1）用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數如圖甲，則金屬絲的直徑為_____mm．

（2）若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結果將比真實值_____．（選填“偏大”或“偏小”）

（3）用電壓表和電流表測金屬絲的電壓和電流時讀數如圖丙、丁，則電壓表的讀數為_____V，電流表的讀數為_____A．27、用半徑相同的兩小球a、b的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置示意如圖，斜槽與水平槽圓滑連接．實驗時先不放b球，使a球從斜槽上某一固定點M由靜止滾下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡．再把b球靜置于水平槽前端邊緣處，讓a球仍從M處由靜止滾下，a球和b球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡,記錄紙上的O點是垂直所指的位置.

(1)本實驗必須測量的物理量有以下哪些_____________．

A．斜槽軌道末端到水平地面的高度H

B．小球a、b的質量ma、mb

C．小球a、b的半徑r

D．小球a、b離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時間t

E．記錄紙上O點到A、B、C各點的距離OA、OB、OC

F．a球的固定釋放點到斜槽軌道末端水平部分間的高度差h

(2)按照本實驗方法,驗證動量守恒的驗證式是______________

(3)若測得各落點痕跡到O點的距離：OA＝2.68cm，OB＝8.62cm，OC＝11.50cm，并知a、b兩球的質量比為2︰1，則未放b球時a球落地點是記錄紙上的_______點，系統碰撞前總動量P與碰撞后總動量的百分誤差＝________%（結果保留一位有效數字）．28、某同學家里有一卷鎳鉻合金絲(表面絕緣層很薄)如圖甲所示；他上網查出了其電阻率為ρ，拿到學校實驗室用學過的方法測總長度．他選用的器材有多用電表；電壓表、定值電阻、單刀雙擲開關、滑動變阻器、螺旋測微器、導線和學生電源等．

測量步驟如下。

(1)使用螺旋測微器測量合金絲伸出部分的鎳鉻合金絲的直徑，示數如圖乙所示，則鎳鉻合金絲的直徑D為___________mm．

(2)使用多用電表粗測其總電阻，選擇歐姆擋“×10”倍率進行測量，多用電表的示數如圖丙所示，則讀數為___________Ω(結果保留兩位有效數字)．

(3)該同學設計了如圖甲所示的電路求合金絲的電阻，其中Rx為待測合金絲，R0為定值電阻，S2為單刀雙擲開關，當S2打向1時電壓表讀出數值U1，打向2時電壓表讀出數值U2．請按他的實驗原理圖在圖乙中連接好未曾連接的導線________．

(4)根據實驗測得的鎳鉻合金絲的電阻值，可根據以上實驗數據估算這卷鎳鉻合金絲的長度表達式是L=___________(用U1、U2、D、R0、ρ來表示)29、在測量“水果電池”的電動勢和內電阻的實驗中；待測“水果電池”的電動勢約為1.5V，現有下列器材：

待測“水果電池”

電流表A：滿偏電流3mA；電阻不計。

電壓表V：量程0﹣1.5V；電阻約10KΩ

滑動變阻器R1：0﹣10Ω

滑動變阻器R2：0﹣20kΩ

開關；導線等。

（1）本實驗選用圖甲所示的實驗原理圖，應該選用的滑動變阻器是_____（選填“R1或“R2”）．

（2）根據電壓表的示數U與電流表的示數I，做出如圖乙所示的U﹣I圖象，根據圖象可知，待測電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】

由右圖可知B的變化；則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；由F=BIL可知安培力的變化情況．

【詳解】

由圖可知，0-t2內，線圈中磁通量的變化率相同，故0到t2時間內電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，即電流為adcba方向，故A正確，C錯誤；從0到t1時間內，線圈中磁通量的變化率相同，感應電動勢恒定不變，電路中電流大小時恒定不變；導線電流大小恒定，故B錯誤；從t1到t2時間內，磁場的變化率不變，則電路中電流大小時恒定不變，故由F=BIL可知，F與B成正比，即增大，則0～t2時間內，導線框ab邊受到的安培力大小不是恒定不變的；故D錯誤；故選A。

【點睛】

本題要求學生能正確理解B-t圖的含義，才能準確的利用楞次定律、左手定律等進行判定；解題時要特別注意，兩個時段，雖然磁場的方向發生了變化，但因其變化為連續的，故產生的電流一定是相同的．2、C【分析】【詳解】

由圖可知，周期Ta=0.4s，Tb=0.6s，根據則線圈先后兩次角速度之比ωa：ωb=Tb：Ta=3：2．故A錯誤．由圖電壓最大值Um=10V，交流電a的電壓有效值故B錯誤；由電動勢的最大值Em=NBSω，則兩個電壓最大之值比Uma：Umb=ωa：ωb=3：2，則交流電b電壓的最大值為V；周期Tb=0.6s，交流電壓b的瞬時值表達式為故C正確；交流電a在圖中t=0.1s時刻感應電動勢最大，磁通量變化率最大，故D錯誤；故選C．3、C【分析】【詳解】

頻率降低，容抗增大，感抗減小．并聯電壓不變，所以流過電容的電流減小，流過電感的電流增大．故

故本題選C4、D【分析】【詳解】

A．根據類平拋運動規律則

化簡則

假如進入時速度相等，則偏轉距離y取決于荷質比；三種粒子荷質比分別是：1:1；1:2；1:2，因此應該有2個亮點，選項A錯誤；

B．同理若mv=p相等，則

則偏轉距離y取決于mq乘積，三種粒子mq乘積分別為：1；2、8；所以應該有三個亮點，選項B錯誤；

C．若射入時動能相等，即

偏轉距離y取決于q，而三種粒子的q分別為1；1、2；所以應有2個亮點，選項C錯誤；

D．若通過同一電場由靜止加速，則根據動能定理

代入即

說明只有1個亮點；選項D正確。

故選D。

【點睛】

此類題型考查了帶電粒子在電場中的偏轉，本題通過結合不同初始條件，求出偏轉距離與已知量之間的關系，從而判斷偏轉距離。5、A【分析】【詳解】

試題分析：設正六邊形邊長為L，若粒子從b點離開磁場，可知運動的半徑為R1=L，在磁場中轉過的角度為θ1=1200；若粒子從c點離開磁場，可知運動的半徑為R2=2L，在磁場中轉過的角度為θ2=600，根據可知vb:vc=R1：R2=1:2；根據可知，tb:tc=θ1：θ2=2:1；故選A．

考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動。

【名師點睛】此題考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動；做此類型的習題，關鍵是畫出幾何軌跡圖，找出半徑關系及偏轉的角度關系；注意粒子在同一磁場中運動的周期與速度是無關的；記住兩個常用的公式：和．6、D【分析】【詳解】

α粒子散射實驗是原子核式結構理論的實驗基礎，選項A正確；光電效應實驗表明光具有粒子性，選項B正確；電子的發現揭示了原子不是構成物質的最小微粒，選項C正確；康普頓效應進一步證實了光的粒子性，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選D.二、多選題(共9題，共18分)7、A:B:C【分析】【詳解】

A．根據雙縫干涉條紋的間距公式知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉條紋間距減大，故A正確．

B．根據雙縫干涉條紋的間距公式知，增大雙縫到屏的距離，即l增大，干涉條紋間距增大．故B正確．

C．根據雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紅光，波長變長，則干涉條紋間距變大．故C正確．

D．根據雙縫干涉條紋的間距公式知，將綠光換為紫光，波長變短，則干涉條紋間距減小．故D錯誤．8、B:C【分析】【詳解】

A、感應電荷在金屬球球心處產生的電場場強與+Q的點電荷在此處的電場場強大小相等，方向相反，合電場強度為零，因此感應電荷在金屬球球心處產生的電場場強不為零；故A錯誤．B、感應電荷在金屬球球心處激發的電場場強與點電荷在球心處產生的電場強度大小，方向相反，即為方向向右；故B正確；C；由于靜電感應，金屬球的右側帶負電，左側帶正電，但金屬球是等勢體；故C錯誤．D、靜電感應導致金屬球的電荷重新分布，總電量仍為零，因此左側的正電荷與右側負電荷電量相等，靜電感應現象仍然存在，不能將金屬球兩側的感應電荷中和；故D錯誤．故選BC．

【點睛】解決本題的關鍵要理解并掌握導體處于靜電感應現象的特點：內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且導體是等勢體.9、A:D【分析】【詳解】

A．圖乙中AB延長線交U軸于20V處，此為斷路電壓，所以電源的電動勢為E=20V；故A項正確；

B．圖乙中AB延長線交I軸于1.0A處，此為短路電流，根據閉合電路歐姆定律公式得

故B項錯誤；

C．經分析，當滑片P滑到R3的右端時，電路參數對應圖乙中的B點，R1被短路，外電路總電阻為R2，即由部分電路歐姆定律得

故C項錯誤；

D．當滑片P滑到R3的左端時，外電路阻值最大，對應圖乙中的A點，此時根據部分電路歐姆定律得

又因為

代數得滑動變阻器的最大阻值為300Ω；D項正確。

故選AD。10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度是分子平均動能的標志；溫度高的物體分子平均動能一定大，但是內能還與物質的多少；體積、狀態等有關，故內能不一定大，故A正確；

B．外界對物體做功；若散熱，物體內能不一定增加，故B錯誤；

C．溫度越高；分子運動越劇烈，小顆粒受到分子撞擊越劇烈，布朗運動越顯著，故C正確；

D．當分子間的距離增大時；引力和斥力均減小，故D錯誤；

E．當分子間作用力表現為斥力時；分子間作用力隨分子間距離的減小而增大，所以分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。11、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．分子的無規則的運動叫熱運動；布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規則運動，不是熱運動，故A錯誤；

B．當分子間距離從r0逐漸增大時，分子間的引力先增大后減小，分子相互遠離時分子力做負功，分子勢能增大；當分子之間距離小于r0時，分子力為斥力，再相互靠近分子力做負功，分子勢能增大，所以當r=r0時；分子間作用力最小，勢能也最小，故B正確；

C．食鹽晶體是單晶體；其物理性質沿各個方向是不一樣的，故C錯誤；

D．由于表面張力的作用；液體要收縮至表面積最小，所以小草上的露珠呈球形，故D正確。

故選BD。12、A:B:D【分析】【詳解】

A．一定質量的氣體；在吸收熱量的同時有可能體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知內能有可能不變，故A正確；

B．內能相等的兩個物體；溫度不一定相同，溫度不同相互接觸就會發生熱傳遞，因此可能發生熱傳遞，故B正確；

C．僅知道阿伏伽德羅常數和氮氣的摩爾體積；則可以算出氮氣分子平均所占空間體積的大小，但氣體分子之間的距離遠大于其本身直徑，所以氮氣分子所占空間體積的大小遠大于氮氣分子體積的大小，不能算出氮氣分子的體積，故C錯誤；

D．當分子間的作用力表現為斥力時；減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增大；所以當分子間的作用力表現為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大，故D正確；

故選ABD。13、B:D:E【分析】【詳解】

試題分析：從a到b的過程，根據圖線過原點可得所以為等容變化過程，氣體沒有對外做功，外界也沒有對氣體做功，所以溫度升高只能是吸熱的結果，選項A對．從b到c的過程溫度不變，可是壓強變小，說明體積膨脹，對外做功，理應內能減少溫度降低，而溫度不變說明從外界吸熱，選項B錯．從c到a的過程，壓強不變，根據溫度降低說明內能減少，根據改變內能的兩種方式及做功和熱傳遞的結果是內能減少，所以外界對氣體做的功小于氣體放出的熱量，選項C錯．分子的平均動能與溫度有關，狀態a的溫度最低，所以分子平均動能最小，選項D對．b和c兩個狀態，溫度相同，即分子運動的平均速率相等，單個分子對容器壁的平均撞擊力相等，根據b壓強大，可判斷狀態b單位時間內容器壁受到分子撞擊的次數多；選項E對．

考點：分子熱運動理想氣體狀態方程氣體壓強的微觀解釋14、A:D:E【分析】【詳解】

A項：過程中為等溫變化，壓強減小，由公式可知；體積增大，氣體對外做功，故A正確；

B項：由熱力學第一定律得：可知；氣體要吸收熱量且等于氣體對外做的功，故B錯誤；

C項：過程為等壓變化，由可知氣體分子對器壁單位面積碰撞的平均沖力不變；故C錯誤；

D項：為等容變化；溫度升高，內能增大，由熱力學第一定律可知，體從外界吸收的熱量等于氣體內能的增加量，故D正確；

E項：過程為等壓變化，由熱力學第一定律可知，所以其均為負值，為等容變化，熱力學第一定律可知，所以由于兩過程溫度變化相同，所以氣體內能變化相同，所以過程中氣體放出的熱量大于過程中吸收的熱量，故E正確．15、A:D【分析】【分析】

在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據Q=CU可知所帶電荷量的變化；根據干路電流與通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化．a點的電勢等于R2兩端的電壓．根據外電路電阻與內阻的關系；判斷電源的輸出功率的變化。

【詳解】

A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大；則電壓表示數變大，故A正確；

B.根據閉合電路歐姆定律，內電壓增大，R1兩端電壓增大，可知并聯部分電壓減小，流過R2的電流減小。由于干路電流I增大，所以流過R3的電流增大；電流表示數增大，故B錯誤；

C.電容器與電阻R2并聯；電壓相等，根據Q=CU，電容器C所帶電荷量減小，故C錯誤；

D.當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，外電路電阻越接近內阻，電源的輸出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r；外電路電阻大于內阻，現外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大，故D正確。

故選：AD。三、填空題(共7題，共14分)16、略

【分析】【詳解】

[1]因為一個氫原子核外的電子從半徑為的圓軌道能夠自發地直接躍遷到半徑為的圓軌道上，則有

即氫原子的能量減小；會向外發射光子，因為能級差一定，只能發出特定頻率的光子；

[2][3]氫原子在發出特定頻率的光子之后，氫原子的總能量減小，根據可知軌道半徑減小，電子的動能增大，則原子的電勢能減小。【解析】發射，增大，減小，減小17、略

【分析】【分析】

【詳解】

圖中兩個開關串聯，只有都閉合時，燈L才能亮，所以該邏輯關系為“與”邏輯關系。【解析】與18、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）根據。

冰的熔點為即為273.15K

（2）根據。

所以當t由增加到時，T就由。

增加到。

顯然物體的溫度升高了溫度升高了1K【解析】273.15119、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由圖知從狀態A到B；對應的體積不變，故氣體經歷的是等容變化；

(2)[2]理想氣體的內能置于溫度有關，從B到C的過程中溫度不變，則氣體的內能不變；【解析】等容不變20、略

【分析】【詳解】

為使電動機在溫度升高或受到光照時能自動啟動，即熱敏電阻或光敏電阻的電阻值小時，輸入為“1”，輸出為“1”，所以虛線框內應選“或”門．若要提高光照時電動機啟動的靈敏度，需要在光照較弱即光敏電阻阻值較大時輸入為“1”，輸出為“1”，所以要增大R2的阻值．【解析】或，增大21、略

【分析】【詳解】

直線加速過程，有：①

類似平拋運動過程，有：L=v1t②③

對運動的全程；根據動能定理。

聯立①②③解得【解析】22、略

【分析】【詳解】

[1][2][3]根據愛因斯坦光電效應方程

圖象的斜率表示普朗克常量h，橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.31×1014Hz；金屬的逸出功為

[4]根據光電效應方程得

當入射光的頻率為時，代入數據解得最大初動能為

依據

解得

【點睛】

解決本題的關鍵掌握光電效應方程，知道最大初動能與入射光頻率的關系，并掌握光電效應方程，以及知道逸出功與極限頻率的關系，結合數學知識即可進行求解，同時注意遏止電壓與最大初動能的關系，及保留3位有效數字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．四、作圖題(共3題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】25、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)26、