…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版選擇性必修1物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、如圖甲所示，彈簧振子以O點為平衡位置，在A、B兩點之間做簡諧運動。取向右為正方向，振子的位移x隨時間t的變化圖像如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.時，振子的速度方向向右B.時，振子在O點右側6cm處C.到的時間內，振子的速度方向相同D.到的時間內，振子的速度先增大后減小2、如圖所示，一玻璃棱鏡的橫截面是等腰△abc，其中ac面是鍍銀的，現有一光線垂直于ab面入射，在棱鏡內經過兩次反射后垂直于bc面射出；則（）

A.∠a=30°，∠b=75°B.∠a=32°，∠b=74°C.∠a=34°，∠b=73°D.∠a=36°，∠b=72°3、質量相同的甲、乙兩小球（視為質點）以不同的初速度豎直上拋，某時刻兩球發生正碰。圖中實線和虛線分別表示甲、乙兩球位置隨時間變化的曲線，其中虛線關于左右對稱；實線兩個頂點的縱坐標相同，若小球運動中除碰撞外僅受重力，則（）

A.時刻，甲的速率大于乙的速率B.碰撞前后瞬間，乙的動量不變C.碰撞前后瞬間，甲的動能不變D.碰撞后甲的機械能大于乙的機械能4、啄木鳥覓食時，頭部擺動很快，啄木的速度可達每秒十五到十六次。研究發現，啄木鳥的頭部大腦和頭骨之間存在著小小的硬腦膜，內部骨質松而充滿氣體，似海綿狀。這種類似海綿狀組織。使啄木鳥不易發生腦震蕩原因，可用下面哪個物理規律解釋（）A.動能定理B.能量守恒定律C.動量定理D.動量守恒定律5、如圖所示，在光滑的水平面上并排放著一系列質量相等的滑塊，現給最左側滑塊一水平向右的速度（滑塊的初動能為），然后與其右側的滑塊依次發生碰撞，并且每次碰后滑塊均粘合在一塊，經過一系列的碰撞后，滑塊的總動能變為則碰撞的次數為（）

A.3B.5C.7D.96、一個士兵坐在皮劃艇上，他連同裝備和皮劃艇的總質量是M=120kg，這個士兵用自動步槍在t=2s內沿水平方向連續射出20發子彈，每發子彈的質量是m=10g，子彈離開槍口時相對步槍的速度是v0=800m/s，射擊前皮劃艇是靜止的，不考慮水的阻力。則以下說法正確的是（）A.每次射擊后皮劃艇的速度改變量都相同B.每次射擊后皮劃艇的速度改變量都不同，若射出第n發，則C.連續射擊20發后皮劃艇的速度是0.67m/sD.連續射擊時槍受到的平均反沖作用力是40N7、某實驗小組發射自制水火箭，火箭外殼重發射瞬間將殼內質量為的水相對地面以的速度瞬間噴出，已知重力加速度空氣阻力忽略不計，火箭能夠上升的最大高度為（）

A.B.C.D.8、下列說法中正確的是（）A.海市蜃樓產生的原因是由于海面上上層空氣的折射率比下層空氣折射率大B.胃鏡利用了光的全反射原理，電視機遙控器是利用發出紅外線脈沖信號來換頻道的C.全息照片主要是利用了激光的相干性，醫院里用γ射線給病人透視D.拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)9、圖甲為某一簡諧波在t=0時刻的波形圖，圖乙為圖甲中平衡位置位于x=2m處的質點B的振動圖象，質點C的平衡位置位于x=4m處。則下列說法正確的是_________。

A.該簡諧波沿x軸負方向傳播，其波速v=4m/sB.在0~3.5s時間內，質點B運動的路程為3.5mC.在t=2s時刻，質點C恰好經過平衡位置向y軸正方向運動E.若該波能與另一列波發生穩定的干涉，則另一列波的頻率為0.5HzE.若該波能與另一列波發生穩定的干涉，則另一列波的頻率為0.5Hz10、一列簡諧橫波某時刻波形如圖甲所示．由該時刻開始計時；質點L的振動情況如圖乙所示．下列說法正確的是（）

A.該橫波沿x軸正方向傳播B.質點N該時刻向y軸負方向運動C.質點L經半個周期將沿x軸正方向移動到N點D.該時刻質點K與M的速度、加速度都相同11、2020年6月2日茂名市區天空出現了壯觀的完整圓環形彩虹。如圖為太陽光入射球形雨滴經過折射和反射形成彩虹的示意圖；關于光線1和光線2，下列說法正確的是（）

A.光線1的頻率更大B.光線1從玻璃進入空氣時更容易發生全反射C.用相同單縫做衍射實驗時，光線2的衍射條紋間距更大D.用相同雙縫做楊氏干涉實驗時，光線1的干涉條紋間距更大12、如圖所示，質量為的小球，固定在輕桿上，繞過點的轉軸在豎直面內沿順時針方向做勻速圓周運動，A、是圓周上與圓心等高的兩點。若小球運動的速度大小為軌道半徑為且（為重力加速度），則小球從A點運動到點過程中；下列說法中正確的是（）

A.小球所受重力的沖量為0B.小球所受向心力的沖量為C.小球所受合力的沖量大小為D.輕桿對小球作用力的沖量大小為13、如圖所示，質量均為m的A、B兩物體通過勁度系數為k的輕質彈簧拴接在一起，豎直放置在水平地面上，物體A處于靜止狀態，在A的正上方h高處有一質量也為m的小球C。現將小球C由靜止釋放，C與A發生碰撞后立刻粘在一起，彈簧始終在彈性限度內，忽略空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.C與A碰撞后瞬間A的速度大小為B.C與A碰撞時產生的內能為C.C與A碰撞后彈簧的最大彈性勢能為D.要使碰后物體B被拉離地面，h至少為14、如圖所示，質量均為M的鋁板A和鐵板B分別放在光滑水平地面上，質量為m（）的同一木塊C，先后以相同的初速度v0從左端滑上A和B；最終C相對于A和B都保持相對靜止，在這兩種情況下（）

A.C的最終速度相同B.C相對于A和B滑行的距離相同C.A和B相對地面滑動的距離相同D.兩種情況下產生的熱量相等15、關于多普勒效應，以下說法正確的有（）A.只有機械波才能產生多普勒效應B.機械波和電磁波均能產生多普勒效應C.產生多普勒效應的原因是波源的頻率發生了變化D.產生多普勒效應的原因是觀察者接收到的頻率發生了變化16、如圖所示，一束由兩種單色光混合的復色光沿方向射向一立方體玻璃磚的上表面；得到三束平行光線I；II、III，玻璃磚的下表面有反光膜，下列說法正確的是（）

A.光束I為復色光，光束II、III為單色光B.光束III的頻率大于光束II的頻率C.改變角，光線I、II、III無法保持平行D.在玻璃磚中，光束II的速度小于光束III的速度17、如圖所示的雙縫干涉實驗；用綠光照射單縫S時，在光屏P上觀察到干涉條紋．要得到相鄰條紋間距更大的干涉圖樣，可以()

A.減小S1與S2的間距B.減小雙縫屏到光屏的距離C.將綠光換為紅光D.將整個裝置放在水中評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)18、一列簡諧橫波在均勻介質中沿軸正向傳播，已知波速在和時刻，其波形圖分別如圖中的實線和虛線所示，是此波的傳播方向的一點，則質點的振動周期___________s；在時間內質點運動的路程是___________如果此波在傳播過程中遇到線度為2m的障礙物，___________（填“能”或“不能”）發生明顯的衍射現象。

19、波速。

（1）定義：機械波在______的傳播速度。

（2）決定因素：由______本身的性質決定，在不同的介質中，波速是______（選填“相同”或“不同”）的。

（3）波長、周期、頻率和波速的關系：＝_____。20、如圖所示，質量為M、半徑為R的光滑圓環靜止在光滑的水平面上，有一質量為m的小滑塊從與O等高處開始無初速下滑，當到達最低點時，圓環產生的位移大小為______．

21、如圖所示，小明同學和爸爸分別乘船A、B兩船在海邊游玩，A、B兩船相距27m，船可視為質點。若水波以的速率均勻地從A點向B點傳播，第1個波峰經過A點至第20個波峰經過A點用時57s，將水波為簡諧橫波，則波長為______m；小明同學處于波峰時，他爸爸處于______（選“波峰”或“波谷”或“平衡位置”）。

22、碰撞。

碰撞是指物體間的相互作用持續時間很短，而物體間相互作用力______的現象．23、簡諧運動的位移和時間的關系可以用正弦曲線或余弦曲線來表示，若以x代表質點對于平衡位置的位移，t代表時間，則x=Asin（ωt＋）

a：公式中的A代表___________。

b：ω叫做圓頻率，它與頻率f之間的關系為：___________。

c：公式中的ωt+表示___________。

d：t=0時的相位叫做___________，簡稱初相。24、一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時刻和時刻的波形分別如圖中實線和虛線所示。已知處的質點在內運動的路程為由上述條件可知，波沿x軸_________（填“正”或“負”）方向傳播，波源振動周期為_________s，波的傳播速度大小為_________

25、藝術體操運動員站在場地中以一定頻率上下抖動長綢帶的一端，綢帶自左向右呈現波浪狀起伏。某時刻綢帶形狀如圖所示（符合正弦函數特征），此時綢帶上P點運動方向____________（填“向上”“向下”“向左”或“向右”）。保持抖動幅度不變，如果要在該綢帶上產生更加密集的波浪狀起伏效果，運動員上下抖動的頻率應____________（填“增大”“減小”或“保持不變”）。

26、兩列簡諧波沿x軸相向而行，波速均為兩波源分別位于A、B處，時的波形如圖所示．當時，M點的位移為______cm，N點的位移為______cm．

評卷人得分四、作圖題(共2題，共20分)27、某同學利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，四枚大頭針的位置如圖所示，入射光線已畫出，補全光路圖及標出入射角i和折射角r。

28、某同學做“測玻璃磚的折射率”的實驗時；繪制的光路圖如圖所示，請通過尺規作圖；刻度尺測量，求出該玻璃磚的折射率。（結果保留兩位有效數字。）

評卷人得分五、解答題(共3題，共27分)29、一個折射率為的梯形玻璃磚，已知AD邊長為4cm，CD邊長為6cm，兩底角分別為30°、60°，如圖所示．一束單色光（紙面內）從AD邊中點E入射，入射角為45°時．已知光速為．

①求該單色光從玻璃磚射出時光線與法線的夾角；

②求單色光在玻璃磚內傳播時間．30、一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時間t的變化情況如圖2所示，物體相應的速度v隨時間t的變化關系如圖3所示。求：

(1)0~8s時間內拉力的沖量；

(2)0~6s時間內物體的位移；

(3)0~10s時間內；物體克服摩擦力所做的功。

31、某同學在玩彈力球時做了這樣一個實驗；如圖所示，一大一小A、B兩個彈力球可視為質點，A球質量為B球質量為A距離地面的高度將兩小球同時無初速度地釋放，釋放時兩球球心在同一豎直線上，兩球間有微小間隔。A球落地先與水平地面碰撞，再與B球碰撞，所有碰撞的作用時間極短，且A球與地面碰撞沒有動能損失，碰撞前后小球都在豎直方向上運動，A、B兩球碰撞結束后B球上升的最大高度為重力加速度不考慮空氣阻力，求：

（1）A球對地面的沖量大小；

（2）A球上升的最大高度。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

A．從t＝0.8s時起，再過一段微小時間，振子的位移為負值，因為取向右為正方向，故t＝0.8s時；速度方向向左，A錯誤；

B．由題圖乙得振子的位移。

x＝12sintcm故t＝0.2s時。

x＝6cmB錯誤；

C．由圖像的斜率等于速度可知，t＝0.4s和t＝1.2s時；振子的速度方向相同，C正確；

D．t＝0.4s到t＝0.8s的時間內；振子的位移逐漸變小，故振子逐漸靠近平衡位置，其速度逐漸增大，D錯誤。

故選C。2、D【分析】【分析】

【詳解】

作ac．ab面的法線，根據光的反射定律和幾何關系可知∠a=∠1=∠2∠3=∠4=∠b

所以2∠a=∠b

而∠a+2∠b=180°

可得∠a=36°∠b=72°

故選D。

3、C【分析】【詳解】

A．根據位移圖像斜率表示速度可知，時刻；甲的速率小于乙的速率，故A錯誤；

BC．根據甲乙兩球位移圖像可知，碰撞前后瞬間，兩球交換速度，方向反向。根據題述，虛線（乙的位移圖像）關于左右對稱；所以碰撞前后瞬間，乙的動量大小不變，方向變化，甲的動能不變，故B錯誤C正確；

D．根據題述；實線兩個頂點的縱坐標相同，可知碰撞后甲的機械能與乙的機械能相等，故D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

啄木鳥的頭部大腦和頭骨之間存在著小小的硬腦膜，頭顱堅硬，骨質松而充滿氣體，似海綿狀，根據動量定理可知可知；啄木鳥在覓食時可以增加作用力的時間，從而減少作用力。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

假設每塊滑塊的質量為m，最左側滑塊的初速度為碰撞次數為時滑塊的總動能變為整個過程由動量守恒定律可得

則碰撞次后的整體速度為

對應的總動能為

由題可知

解得

故選C。6、B【分析】【詳解】

C．射出第1發子彈的過程中，根據動量守恒定律得

解得

射出第2發子彈的過程中，根據動量守恒定律得

解得

同理

連續射擊20發后皮劃艇的速度是

C錯誤；

AB．射出第n發，皮劃艇速度的改變量為

解得

A錯誤；B正確；

D．根據動量定理得

解得

D錯誤。

故選B。7、C【分析】【分析】

【詳解】

由動量守恒。

解得。

由。

解得。

故選C。8、B【分析】【分析】

【詳解】

A．海市蜃樓產生的原因是由于海面上上層空氣的折射率比下層空氣折射率小；導致光線發生全反射所致，故A錯誤；

B．胃鏡利用了光的全反射原理；電視機遙控器是利用發出紅外線脈沖信號來換頻道，故B正確；

C．全息照片是采用了激光的相干性；而醫院里用X光用病人透視；故C錯誤；

D．加入偏振片是為了阻止櫥窗玻璃反射光進入；不能增加透射光的強度；故D錯誤。

故選B。二、多選題(共9題，共18分)9、B:C:E【分析】【詳解】

在t=0時刻，由乙圖可知質點B沿y軸負方向運動，分析甲圖可知左側的點在B的下方，說明波源在左側，該簡諧波沿x軸正方向傳播，其波速

故A錯誤；

B．在0~3.5s時間內，質點B運動的路程為7個振幅的距離

故B正確；

C．BC平衡位置相差半個波長，兩質點振動方向相反，在t=2s時刻，分析乙圖可知B恰好經過平衡位置向y軸負方向運動，則質點C恰好經過平衡位置向y軸正方向運動；故C正確；

D．發生明顯衍射的條件：小孔或障礙物的尺寸比光波的波長小,或者跟波長差不多；因該波波長為4m，欲發生明顯的衍射，則障礙物的尺寸應小于4m，故D錯誤；

E．發生干涉時要求兩列波頻率必須相同，該波頻率為

說明該波能與另一列波發生穩定干涉時另一列波的頻率為0.5Hz。

故E正確。

故選BCE。10、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．由題圖乙可知，質點L在該時刻向y軸正方向運動，依據微平移法，可知該橫波沿x軸正方向傳播；故A正確；

B．該橫波沿x軸正方向傳播,結合微平移法，可知質點N該時刻向y軸負方向運動；故B正確；

C．質點在平衡位置上下振動；不隨波移動，故C錯誤；

D．該時刻質點K與M的加速度大小相等；方向相反，故D錯誤。

故選AB。11、A:B:C【分析】【詳解】

A．光線1的偏折更明顯；折射率更大，所以頻率更大，A正確；

B．根據公式

可得折射率大的臨界角小；更容易發生全發射，所以光線1從玻璃進入空氣時更容易發生全反射，B正確；

C．根據公式為光速

因為光線1的頻率大；所以光線1的波長小，光線2的波長大，所以光線2的衍射條紋間距更大，C正確；

D．根據公式

可知波長越小；干涉條紋間距越小，D錯誤。

故選ABC。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據沖量公式得，重力的沖量為

又

從A到路程為則

則

A錯誤；

BC．由題可知，以速度向上為負小球所受合力等于小球所需向心力，又根據

得

即小球所受合力的沖量等于所需向心力的沖量，均為2mv；B錯誤，C正確；

D．由A可知，重力的沖量為向下，合力的沖量為向下，因此則輕桿對小球作用力的沖量大小為

方向向下；D正確。

故選CD。13、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．對C自由下落過程，由機械能守恒得

解得

對C與A組成的系統，取向下為正方向，由動量守恒定律得

解得

故A錯誤；

B．C與A碰撞時產生的內能為

故B正確；

C．當AC速度為零時，彈簧的彈性勢能有最大值

故C錯誤；

D．開始時彈簧的壓縮量為

碰后物體B剛被拉離地面時彈簧伸長量為

則AC將上升2H，彈簧彈性勢能不變，由系統的機械能守恒得

解得

故D正確。

故選BD。14、A:D【分析】【詳解】

A．將物塊和板看做一個系統，系統無外力做功，動量守恒，則有

解得

最終C相對于A和B都保持相對靜止；所以A；C的最終速度相同，A正確；

B．設物塊與板的相對位移為相對滑動的過程產生的熱量等于系統損失的機械能，則有

由于A、B板材質不同，所以μ不同，則C相對于A和B滑行的距離不相同；B錯誤；

C．設A、B相對地面滑動的距離為s，摩擦力做功使M獲得動能，由動能定理得

由于μ不同；所以A和B相對地面滑動的距離也不相同，C錯誤；

D．該過程產生的熱量等于系統損失的機械能，則有

所以兩種情況下產生的熱量相等；D正確。

故選AD。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．多普勒效應是波動過程共有的特征；無論是機械波還是電磁波，都會產生多普勒效應，故A錯誤，B正確；

CD．產生多普勒效應的原因是觀察者接收到的頻率發生了變化；而波源的頻率不變，故D正確，C錯誤。

故選BD。16、A:D【分析】【詳解】

A．兩種色光都在玻璃磚的上表面發生了反射；入射角相同，由反射定律知，它們的反射角相同，可知光束I是復色光；而光束II；III由于折射率的不同導致偏折分離，所以光束II、III為單色光，故A正確；

B．光路如圖所示：

由圖可知光束II的偏折程度大于光束III的偏折程度；根據折射定律可知玻璃對光束II的折射率大于對光束III的折射率，則光束II的頻率大于光束III的頻率，故B錯誤；

C．一束由兩種單色光混合的復色光沿PO方向射入，經過折射、反射、再折射后，光線仍平行，這是因為光反射時入射角與反射角相等，改變角；光線I；II、III仍保持平行，故C錯誤；

D．由圖可知，玻璃磚對光束II折射率更大，根據可知；在玻璃磚中，光束II的速度小于光束III的速度，故D錯誤。

故選AD。17、A:C【分析】【詳解】

A.根據雙縫干涉條紋的間距公式知，減小雙縫間的距離，即d變小，則干涉條紋間距減大，故A正確；

B.根據雙縫干涉條紋的間距公式知，減小雙縫到屏的距離，即l減小，干涉條紋間距減小．故B錯誤；

C.根據雙縫干涉條紋的間距公式知；將綠光換為紅光，波長變長，則干涉條紋間距變大．故C正確；

D.因為所以

則光進入水中的波長。

光進入水中波長變短，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，波長變短，則干涉條紋間距變小．故D錯誤．三、填空題(共9題，共18分)18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]由波形圖可知

根據

代入數據得

因為

在一個周期內質點的運動路程為

所以在時間內質點運動的路程是即

[3]因障礙物比波長小，能產生明顯的衍射現象。【解析】①.0.2②.0.34③.能19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】介質中介質不同20、略

【分析】【詳解】

試題分析：設滑塊滑到最低點所用的時間為t，滑塊發生的水平位移大小為R-x，則圓環的位移大小為x，取水平向左方向為正方向．則根據水平方向平均動量守恒得：即：解得：負號表示方向向右．

考點：動量守恒定律的應用。

【名師點睛】此題是動量守恒定律的應用；小滑塊無初速下滑到達最低點時，滑塊與圓環組成的系統水平方向動量守恒，用位移表示平均速度，根據水平方向平均動量守恒定律求出滑塊發生的水平位移，再由幾何知識求出滑塊的位移．【解析】?R；21、略

【分析】【詳解】

[1]由題可知，波的周期

由波長公式可知

[2]由于AB的距離為波長的4.5倍，所以小明同學處于波峰時，他爸爸處于波谷。【解析】6波谷22、略

【分析】【分析】

【詳解】

碰撞是指物體間的相互作用持續時間很短，而物體間相互作用力很大的現象【解析】很大23、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]公式中的A代表振動的振幅。

[2]ω叫做圓頻率，它與頻率f之間的關系為ω=2πf

[3]公式中的ωt+表示簡諧運動的相位。

[4]t=0時的相位叫做初相位，簡稱初相。【解析】①.振動的振幅②.ω=2πf③.簡諧運動的相位④.初相位24、略

【分析】【詳解】

[1]知處的質點在內的運動路程為

所以處質點在時刻是向上振動的，該波向x軸負方向傳播。

[2][3]1s時波源的位移為-0.5m，可知

得

波速為【解析】負1125、略

【分析】【詳解】

[1]從圖中可知綢帶上形成的波是自左向右傳播的，根據波形平移法，可判斷綢帶上P點運動方向向上；

[2]綢帶上產生更加密集的波浪狀起伏效果，說明波長變小，而同種介質中同類型波的傳播波速是不變的，根據

可知運動員上下抖動的周期變短、頻率增大。【解析】向上增大26、略

【分析】【詳解】

2.5s內，兩列波傳播的距離當A波向右傳播1m時；

A波如圖中的虛線所示；Ｂ波如圖中的實線所示，所以，Ｍ點位移為2cm,Ｎ點位移為零；

【解析】2，0四、作圖題(共2題，共20分)27、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據實驗原理，則大頭針P4