…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版必修3物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、已知電流強度為I的通電直導線在距離為r處產生的磁感應強度大小為為常數。三根長直導線垂直于紙面固定于半圓絕緣軌道上的a、b、c三點，c位于圓心O的正下方，通有大小相等的電流，方向如圖所示。若a處的導線在c處產生的磁感應強度大小為B，則圓心O處的磁感應強度大小為（）

A.B.C.D.2、水平面內有一等邊三角形ABC，O點為三角形的幾何中心，D點為O點正上方一點，O點到A、B、C、D四點的距離均為L．現將三個電荷量均為Q的正點電荷分別固定在A、B、C處，如圖所示,已知靜電力常量為k；則D點的場強大小為()

A.B.C.D.3、M、N、P是半圓上的三點，O點是圓心，MN為直徑，∠NOP=60°．在M、N點處各有一條垂直半圓面的長直導線，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖所示，這時O點的磁感應強度大小為B1．若將M點的長直導線移至P點，O點的磁感應強度大小變為B2；則。

A.B.C.D.4、四個相同的小量程電流表（表頭）分別改裝成兩個電流表和兩個電壓表。已知電流表A1的量程大于A2的量程，電壓表V1的量程大于V2的量程；改裝好后把它們按圖示接入電路則（）

A.電流表A1的讀數等于電流表A2的讀數B.電流表A1的偏轉角小于電流表A2的偏轉角C.電壓表V1的讀數小于電壓表V2的讀數D.電壓表V1的偏轉角等于電壓表V2的偏轉角5、關于電場力和電場強度，下列說法正確的是（）A.電場強度的方向總是跟電場力的方向一致B.正電荷受到的電場力的方向跟電場強度的方向一致C.電場強度的大小總是跟電場力的大小成正比D.移去檢驗電荷時，電場強度變為零6、如圖所示，在x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心、為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是（）

A.b、d兩點處的電勢相同B.四點中a點處的電勢最低C.b、d兩點處電場強度相同D.將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能增大7、電容式加速度傳感器在安全氣囊、手機移動設備等方面應用廣泛，其工作原理簡化為如圖2所示，M和N為電容器兩極板，充電后與電源斷開。M極板固定在手機上，N極板兩端與固定在手機上的兩輕彈簧連接，只能按圖中標識的“前后”方向運動，電壓傳感器與靜電計等效，可直接測量電容器的電壓。當手機由靜止突然向前加速時，下列說法正確的是（）

A.電容器的電容增大B.電壓傳感器的示數變大C.電容器兩極板間的電場強度減小D.隨著加速度變大，電壓傳感器示數的變化量與加速度的變化量之比變大8、在四只電阻，它們的關系如圖所示；則圖中電阻最小的是（）

A.B.C.D.9、用如圖所示的電路，測一節干電池的電動勢和內阻，根據測得的數據做出如圖所示的U-I圖像；下列說法正確的是（）

A.電池的內阻為2.9ΩB.電源的電動勢為1.50VC.外電路短路時的電流為0.50AD.當減小滑動變阻器阻值時，電源效率變小評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，A、B和C為等邊三角形ABC的頂點，A、B固定正點電荷+Q，C固定負點電荷-Q，D、E是A、B連線上的兩點，且AD=DE=EB。則（）

A.D點和E點的電場強度大小相等B.D點和E點的電場強度方向相同C.D點和E點的電勢相等D.將負電荷從D點移到E點，電勢能增加11、某帶電粒子僅在電場力作用下由A點運動到B點，粒子在A點的初速度及運動軌跡如圖所示；可以判定（）

A.從A點到B點，電勢一直降低B.粒子在A點的動能小于它在B點的動能C.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D.粒子在A點所受到的力大于它在B點受到的力12、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d，平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電荷量為q的油滴處于靜止狀態；以下說法正確的是（）

A.若將S斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流B.若將A向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b→a的電流C.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有b→a的電流D.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有b→a的電流13、如圖所示，質量為m，電荷量為q（q>0）的光滑小球穿在傾角為的桿上，桿的頂端O點固定一個電荷量為Q的正電荷。小球從A點以速度v沿桿向上運動，到達離A點距離為L的B點速度剛好減為零，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.小球所受合力逐漸增大B.當小球運動到A、B的中點時，速度小于C.A到B過程中，小球所受桿的支持力大小恒定D.若規定A點電勢為零，則B點電勢為14、為了測量帶電量為的小球所激發的電場在A點的電場強度，在A點放入試探電荷測出的受力大小為下列說法正確的有（）A.試探電荷的尺寸必須充分小B.如果的電量較大，足以影響到的分布狀況，則不能作為試探電荷C.如果在A點換上試探電荷測得力大小為則D.將試探電荷移到離更遠的一點的結論成立評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、在如圖所示的電路中，已知電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值．閉合電鍵S，在滑動變阻器的滑片P由最左端向最右端滑動的過程中，電流表A2的示數_____________（填變化趨勢），電壓表V1的示數變化量ΔU1與電流表A2的示數變化量ΔI2比值_____________．

16、正四面體ABCD的棱長為a，A點固定點電荷+Q，B點固定點電荷－Q，靜電力常量為k，則D點的場強大小為______；若A點的電荷單獨在C點產生的電勢為則兩電荷在C點共同產生的電勢為______。

17、某地地磁場的磁感應強度的水平分量是3.0×l0-5T，豎直分量是4.0×10-5T，則地磁場磁感應強度的大小為_______T，在水平面上，面積為5m2的范圍內，地磁場的磁通量為_______Wb。18、如圖所示是一種指針式多用電表外形圖，表的上半部分為______，下半部分是______開關；開關周圍標有測量功能的區域及量程．

19、某實驗小組研究電容器的充電過程。將電容器與電動勢V的電源、阻值的定值電阻、內阻的電流傳感器連接成如圖甲所示電路。現閉合開關S為電容器充電，電流傳感器接計算機顯示出電流I隨時間t變化的圖像。

（1）由I-t圖像數據計算，閉合開關S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為____________V，充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸____________（選填“變大”或“變小”），電源的內阻為____________Ω；

（2）充電過程中，電容器的電容____________（選填“變大”“不變”或“變小”）。由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量____________（選填“大于”“等于”或“小于”）0.02C。評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)20、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

21、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)22、(1)某同學在測定一根粗細均勻的金屬絲電阻率的實驗中，利用螺旋測微器測定金屬絲直徑如圖1所示，金屬絲的直徑為_______

(2)圖2是測量此金屬絲阻值的電路圖，其中是單刀雙擲開關。根據圖2把圖3中的實物圖連線補充完整_______。

(3)閉合當處于位置時，電壓表和電流表的示數分別為當處于位置時，電壓表和電流表的示數分別為根據以上測量數據判斷，當處于位置_______（選填“”或“”）時，測量相對準確，測量值______（結果保留兩位有效數字）。23、用圖甲所示的電路；測定一節舊干電池的電動勢和內阻。除電池；開關和導線外，可供使用的實驗器材還有：

雙量程電流表：A（量程0~0.6A；0~3A）

雙量程電壓表：V（量程0~3V；0~15V）

滑動變阻器：R1（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A），R2（阻值范圍0~100Ω；額定電流1A）

(1)為了調節方便，測量精度更高，實驗中應選用電流表的量程為_______A，電壓表的量程為________V，應選用滑動變阻器________（填寫滑動變阻器符號）。

(2)根據圖甲將圖乙中的實物正確連接，注意閉合開關時滑動變阻器的滑片P應處于正確的位置并選擇正確的電表量程進行連線________。

(3)通過多次測量并記錄對應的電流表示數I和電壓表示數U，利用這些數據在圖丙中畫出了U－I圖線。由圖線可以得出此干電池的電動勢E=____V（保留3位有效數字），內電阻r=______Ω（保留2位有效數字）。

(4)引起該實驗的系統誤差的主要原因是______。

A.由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比電源實際輸出的電流小。

B.由于電壓表的分流作用造成電流表讀數總是比電源實際輸出的電流大。

C.由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數總是比路端電壓小。

D.由于電流表的分壓作用造成電壓表讀數總是比路端電壓大。

(5)某同學利用如圖所示的電路測定干電池的電動勢和內電阻，經過正確的操作獲得了若干組實驗數據，據此描繪出的U-I圖像（其中U、I分別為電壓表和電流表的讀數）如下圖中的實線所示，虛線表示該電池兩端的電壓與流經電池電流的關系圖線，下列圖像合理的是_______。

(6)為了分析本實驗的誤差，某同學自學了等效電壓源定理：任何一個含有電源的二端網絡（即圖中的“有源網絡”）可以等效為一個電壓源，等效電壓源的電動勢等于該網絡的開路電壓，即a、b兩點開路時的路端電壓，等效電壓源的內阻等于從網絡兩端看有源網絡的總電阻，此時電源僅當作阻值為其自身內阻的一個定值電阻。請你用該方法分析本實驗電動勢、內阻的測量值E'、r'與真實值E、r的大小關系_______。

評卷人得分六、解答題(共3題，共9分)24、在靜電場中，把電荷量為q＝5×10－6C的點電荷從A點移動到B點，靜電力做功WAB＝2×10－4J，把這個電荷從A點移動到C點，靜電力做功WAC＝6×10－4J，若設電荷在B點時的電勢能等于零，試求該電荷在A點和C點的電勢能，以及A點和C點的電勢．25、規格為“220V；110W”的電風扇；線圈電阻為40Ω，求：

（1）接上220V的電壓后；排氣扇轉化為機械能的功率和發熱的功率；

（2）如果接上電源后，扇葉被卡住，不能轉動，求電動機消耗的功率和發熱的功率。26、如圖所示，某直線加速器由沿軸線分布的一系列金屬圓管（漂移管A、B、C、D、E）組成，相鄰漂移管分別接在高頻脈沖電源的兩極。質子從K點沿軸線進入加速器并依次向右穿過各漂移管，在漂移管內做勻速直線運動，在漂移管間被電場加速，加速電壓視為不變。設質子進入漂移管B時速度為8×106m/s，進入漂移管E時速度為1×107m/s，電源極性隨時間變化的周期為1×10－7s，漂移管間縫隙很小，質子在每個管內運動時間恰為電源極性變化周期的質子的電荷量與質量之比為1×108C/kg。求：

(1)漂移管B的長度LB；

(2)相鄰漂移管間的加速電壓U。

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

設圓的半徑為R，由題意可知

a處的導線在O處產生的磁感應強度大小為

由右手螺旋定則可知，方向豎直向下，同理可知，b處的導線在O處產生的磁感應強度大小為

由右手螺旋定則可知，方向豎直向下，b處的導線在O處產生的磁感應強度大小為

方向水平向右，與合成得

再與合成得

故選B。2、D【分析】【詳解】

根據幾何關系，CD=BD=AD=根據點電荷電場強度的公式，三個電荷量均為Q的正點電荷在D點的場強大小

D點的場強大小等于三個點電荷分別在D點產生場強的和場強

故ABC錯誤；D正確。

故選D。3、C【分析】【詳解】

依題意，每根導線在O點產生的磁感強度為B1/2，方向豎直向上，則當M移至P點時，O點合磁感強度大小為：B2=2××cos60°=則B2與B1之比為1：2．故選C.

點睛：磁感強度為矢量，在求合磁感強度時應先分別求得各導線O點的磁感強度再由矢量的合成方法-平行四邊形求得總的磁感強度．4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．電流表A1的量程大于電流表A2的量程，故電流表A1的電阻值小于電流表A2的電阻值，并聯電路中，電阻小的支路電流大，故電流表A1的讀數大于電流表A2的讀數；故A錯誤；

B．兩個電流表的表頭是并聯關系；電壓相同，通過表頭的電流相同，故指針偏轉角度相等，故B錯誤；

C．電壓表V1的量程大于V2的量程，根據電壓表改裝的壓力可知電壓表V1的電阻值大于電壓表V2的電阻值，串聯時電流相同，電壓表V1的讀數大于電壓表V2的讀數；故C錯誤；

D．兩個電壓表的表頭是串聯關系；電流相等，故指針偏轉角度相等，故D正確。

故選D。5、B【分析】【分析】

【詳解】

AB．電場強度的方向跟正電荷所受電場力的方向一致；與負電荷所受電場力方向相反，故A錯誤，B正確；

CD．電場強度反映電場本身的性質；與檢驗電荷所受的電場力和電荷量無關，不能說電場強度的大小總是跟電場力的大小成正比；當移去檢驗電荷時，電場強度保持不變，不會變為零，故CD錯誤。

故選B。6、A【分析】【分析】

【詳解】

該電場為等量異種點電荷的電場；將等量異種點電荷的電場線與等勢面的圖畫出如圖所示。

A．該電場中的電勢關于x軸對稱，所以b、d兩點的電勢相等；故A正確；

B．c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等。而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即c點的電勢在四個點中是最低的；故B錯誤；

C．該電場中的電場強度大小關于x軸對稱，所以b、d兩點場強大小相等；方向是不相同的，故C錯誤；

D、c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q的電勢能減小；故D錯誤。

故選A。7、B【分析】【詳解】

A．由靜止突然向前加速時，N極板向后運動，電容器兩極板間的距離變大，由

可知電容器的電容變小；故A錯誤；

B．電壓傳感器相當于靜電計，故電容器的電荷量Q不變，由

可知，在Q不變的情況下，C減小則U增大；故B正確；

C．由公式

可知，在Q不變d變大的情況下，E不變；故C錯誤；

D．電壓傳感器示數與極板間距之間的關系為

可得

設彈簧勁度系數為對N極板由牛頓第二定律可得加速度與彈簧形變量的關系為

可得

電壓傳感器示數的變化量與加速度的變化量之比為

其為定值；故D錯誤。

故選B。8、A【分析】【詳解】

電阻可知電阻R等于I-U圖線的斜率倒數。圖線a的斜率的最大；電阻最小。

故選A。9、D【分析】【詳解】

AB．由閉合電路歐姆定律知

整理得

所以U-I圖像的斜率為

縱軸的截距為

由圖像得即

故AB錯誤；

C．短路電流為

故C錯誤；

D．當減小滑動變阻器阻值時，路端電壓減小，由知電源效率變小；故D正確。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．D、E兩點電場，是A、B兩正點電荷的電場與C點的負點電荷的電場的疊加。A、B兩正點電荷在D點和E點的合場強大小相等，方向相反，C點的負點電荷在D點和E點的場強大小相等，方向不同，所以，D點和E點的合場強大小相等；方向不同，A正確；B錯誤；

C．根據電勢的疊加原理有φ=k

由題得AD=EB，AE=BD，CD=CE

則D點和E點的電勢相等；C正確；

D．根據電勢能的計算公式

可知負電荷在D點和E點的電勢能相同；D錯誤。

故選AC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A．沿電場線方向電勢逐漸降低，從A點到B點；電勢一直降低，故A正確；

BC．粒子受到的電場力指向曲線彎曲的內側；所以受到的電場力的方向是沿電場線向上的，則由粒子的運動軌跡和電場線的方向可以判斷，粒子從A到B的過程中，電場力做正功，電荷的電勢能減小，動能增加，所以粒子在A點的動能小于它在B點的動能，粒子在A點的電勢能大于它在B點的電勢能，故B正確C錯誤；

D．由電場線可知；B點的電場線密，所以B點的電場強度大，粒子受的電場力大，故D錯誤；

故選AB。12、B:C【分析】【詳解】

A．將S斷開；電容器電量不變，板間場強不變，故油滴仍處于靜止狀態，A錯誤；

B．若S閉合，將A板左移，由

可知，E不變，油滴仍靜止，根據

可知，電容C變小，電容器極板電量Q＝CU

變小，電容器放電，則有由b→a的電流；故B正確；

C．將A板上移，則

可知，E變小，油滴應向下加速運動，根據

可知，電容C變小，電容器要放電，則有由b→a的電流流過G；故C正確；

D．當A板下移時，板間電場強度增大，油滴受的電場力增加，油滴向上加速運動，根據

可知，C增大，電容器要充電，則有由a→b的電流流過G；故D錯誤。

故選BC。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．小球沿桿向上運動過程中；庫侖力增大，所以合外力增大，A正確；

B．通過v—t圖像可知。

當小球運動到A、B的中點時，速度大于B錯誤；

C．小球所受支持力大小為mgcosθ；大小恒定，C正確；

D．由動能定理

解得

又因為A點電勢為零，則B點電勢為

D正確。

故選ACD。14、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．因為是研究空間某一點的場強，所以試探電荷的尺寸必須充分小；則A正確；

B．如果的電量較大，足以影響到的分布狀況，空間A點的場強也會發生變化，此時+Q不能看成元電荷，庫侖定律不再適用，所以不能作為試探電荷；則B正確；

C．根據場強的定義公式。

可知，空間某點的場強與試探電荷所帶的電量多少，及所受的電場力的大小無關，與場源電荷及在場源電荷周圍的位置決定，所以在A點換上試探電荷測得力大小為則則C正確；

D．不同點的場強不同，所以將試探電荷移到離更遠的一點的結論不成立；則D錯誤；

故選ABC。三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

[1]．滑片P由滑動變阻器的左端向右端滑動的過程中，電阻R0的左半部分與R1串聯然后與R0的右半部分并聯，根據并聯電路的電阻的特點，以及電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值可知，并聯電阻先變大后變小，所以電路總電阻R先變大后變小，電源電動勢不變，電路電流（的示數）先變小后變大；

[2]．電壓表的示數變化量與電流表A2的示數變化量ΔI2比值表示電源內阻，故保持不變.【解析】先變小后變大保持不變（r電源內阻）16、略

【分析】【詳解】

[1]兩個電荷在D點產生的場強大小：

方向的夾角為則D點的合場強

[2]由于A點的電荷單獨在C點產生的電勢為因A帶正電，而B帶負電，那么B點的電荷單獨在C點產生的電勢為則兩電荷在C點共同產生的電勢為0；【解析】017、略

【分析】【詳解】

[1]根據題意，依據平行四邊形法則，有：

[2]當線框平面與磁感線平行時；沒有磁感線穿過線框，穿過線框的磁通量為0；

在水平面上，地磁場的豎直分量穿過線框，則磁通量為：【解析】5.0×10-5T2.0×10-418、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.表盤②.選擇19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由I-t圖像數據計算，閉合開關S瞬間，定值電阻R兩端的電壓為UR=I0R=0.05×1996V=99.8V

[2][3]充電過程中，定值電阻兩端的電壓逐漸變小，電源的內阻為

（2）[4]充電過程中；電容器的電容不變。

[5]根據q=It可知，電容器帶電量等于I-t圖像的面積，則由圖像可知，充電完畢后，電容器所帶電量小于【解析】99.8變小2.8不變小于四、作圖題(共2題，共14分)20、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為11V，連接BE，則BE為等勢線；電場線與等勢線垂直，由高電勢指向低電勢，如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

根據電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共20分)22、略

【分析】【詳解】

(1)[1]由圖示可知，其讀數為

(2)[2]根據圖2所示電路圖連接；如圖所示。

(3)[3]由實驗數據可知

由此可知

電流表分壓較大，為了減小實驗誤差，電流表應采用外接法，即S2處于位置a；

[4]根據歐姆定律，則有【解析】0.655a23、略

【分析】【詳解】

(1)[1][2]由于電源是一節干電池（1.5V）；所選量程為0~3V的電壓表；

估算電流時，考慮到干電池的內阻一般幾左右；加_上保護電阻，最大電流在0.5A左右，所以選量程為0~0.6A的電流表；

[3]由于電池內阻很小，所以保護電阻不宜太大，否則會使得電流表、電壓表取值范圍小，造成的誤差大；滑動變阻器選擇阻值范圍0~10Ω的

(2)[4]根據給出的原理圖可得出對應的實物圖；如圖所示。

(3)[5]根據閉合