…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版2024高二物理下冊月考試卷552考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、有一臺使用交流電的電冰箱上標(biāo)有額定電壓為“”的字樣，這“”是指A.交流電電壓的瞬時值B.交流電電壓的最大值C.交流電電壓的平均值D.交流電電壓的有效值2、我國南宋時的程大昌在其所著的隆露

演繁露隆路

中敘述道：“凡風(fēng)雨初霽(

霽j簍盧

雨后轉(zhuǎn)晴)

或露之未晞(

晞xi

干)

其余點綴于草木枝葉之末，日光入之，五色俱足，閃爍不定，是乃日之光品著色于水，而非雨露有所五色也.

”這段文字記敘的是光的何種現(xiàn)象？(

)

A.反射B.色散C.干涉D.衍射3、如圖所示是某振子簡諧運動的圖象；以下說法中正確的是（）

A.因為振動圖象可以由實驗直接得到，所以圖象就是振子實際運動的軌跡B.振動圖象所反映的是振子位移隨時間的變化規(guī)律，并不是振子運動的實際軌跡C.振子在B位置的位移就是曲線BC的長度D.振子運動到B點時的速度方向即為該點的切線方向4、對歐姆定律公式I=U/R的理解，下面哪一句話是錯誤的：()A.對某一段導(dǎo)體來說，導(dǎo)體中的電流跟它兩端的電壓成正比B.在相同電壓的條件下，不同導(dǎo)體中的電流跟電阻成反比C.導(dǎo)體中的電流既與導(dǎo)體兩端的電壓有關(guān)也與導(dǎo)體電阻有關(guān)D.因為電阻是導(dǎo)體本身的屬性，所以導(dǎo)體中的電流只與導(dǎo)體兩端電壓有關(guān)，與電阻無關(guān)5、圖中是一個平行板電容器，其電容為C

帶電量為Q

上極板帶正電.

現(xiàn)將一個試探電荷q

由兩極板間的A

點移動到B

點，如圖所示，A.B

兩點間的距離為s

連線AB

與極板間的夾角為30鈭?

則電場力對試探電荷q

所做的功等于()

A.B.C.D.評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)6、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時處于完全失重狀態(tài)，在這種環(huán)境中無法用天平稱量物體的質(zhì)量。于是某同學(xué)在這種環(huán)境設(shè)計了如圖所示的裝置（圖中O為光滑的小孔）來間接測量物體的質(zhì)量：給待測物體一個初速度，使它在桌面上做勻速圓周運動。設(shè)航天器中具有基本測量工具（彈簧秤、秒表、刻度尺）。（1）物體與桌面間沒有摩擦力，原因是____；（2）實驗時需要測量的物理量是____；（3）待測質(zhì)量的表達(dá)式為m=____。7、如圖5-3-12所示，運動員跳傘將經(jīng)歷加速下降和減速下降兩個過程，將人和傘看成一個系統(tǒng)，在這兩個過程中，阻力對系統(tǒng)始終做____功，任意相等的時間內(nèi)重力做的功____（填“相等”或“不相等”）

圖5-3-128、在勻強(qiáng)磁場里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T，現(xiàn)有一條長0.2m通電直導(dǎo)線，導(dǎo)線中的電流強(qiáng)度為5A，則這條導(dǎo)線在該磁場中所受的安培力的最大值為______N，最小值為______N．9、本題為選做題，考生只選擇一題作答．。隆陋A.(

本題供選修1隆陋1

的考生作答)

如圖所示，條形磁鐵A

沿豎直方向插入線圈B

的過程中，電流表G

的讀數(shù)________(

選填“為零”或“不為零”)

若條形磁鐵A

在線圈B

中保持不動，電流表G

的讀數(shù)________(

選填“為零”或“不為零”)

．24隆陋B.(

本題供選修3隆陋1

的考生作答)

如圖所示電路中，閉合開關(guān)S

后，增大滑動變阻器R

的阻值，則電流表A

的讀數(shù)將________(

選填“變大”或“變小”)

電阻R0

消耗的功率將________(

選填“變大”或“變小”)

．10、把一線框從一勻強(qiáng)磁場中拉出，如圖所示．第一次拉出的速率是v，第二次拉出速率是2v，其它條件不變，則前后兩次拉力大小之比是______，拉力功率之比是______，線框產(chǎn)生的熱量之比是______，通過導(dǎo)線截面的電量之比是______．11、某實驗小組在進(jìn)行“用單擺測定重力加速度”的實驗中；已知單擺在擺動過程中的擺角小于5，在測量單擺的周期時，從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為0，到第n次經(jīng)過最低點所用的時間為t，在測量單擺的擺長時，先用毫米刻度尺測得擺球懸掛后的擺線長（從懸點到擺球的最上端）為L′，再用游標(biāo)卡尺測得擺球的直徑為d（讀數(shù)如圖）．

（1）為了減小實驗誤差：當(dāng)擺球的直徑約為2cm時，比較合適的擺長應(yīng)選______．

A.100cmB.30cmC.10cm

（2）從圖可知，擺球的直徑d=______mm；

（3）該單擺在擺動過程中的周期T的表達(dá)式為T=______；

（4）寫出用上述所測物理量求重力加速度的表達(dá)式g=______；

（5）實驗結(jié)束后，某同學(xué)發(fā)現(xiàn)他測得的重力加速度的值總是偏大，其原因可能是下述原因中的______．

A．單擺的懸點未固定緊；振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了。

B．把n次擺動的時間誤記為（n+1）次擺動的時間。

C．以擺線長做為擺長來計算。

D．以擺線長與擺球的直徑之和做為擺長來計算。

（6）為了提高實驗精度，在實驗中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出一組對應(yīng)的L與T的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標(biāo)、T2為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)連成直線，并求得該直線的斜率k，則重力加速度g=______．（用k表示）12、在“探究求合力的方法”實驗中，把橡皮筋一端固定于P

點，另一端(

自由端)

通過細(xì)繩套連接兩只彈簧測力計，并將該端拉至O

點，如圖甲所示，此時彈簧測力計a

的示數(shù)如圖乙所示．(1)

由圖乙可知，彈簧測力計a

的拉力F1

的大小為________N

．(2)

實驗記錄紙如圖丙所示，虛線為F1

的作用線，實線為彈簧測力計b

的拉力F2

的圖示.

根據(jù)圖中給出的標(biāo)度，作出F1

與F2

的合力F

求得F=

________N

．(3)

如果保持拉力F1

的方向不變，增大F2

與F1

間的夾角，使橡皮筋的自由端仍在O

點，則________．A.F1

和F2

均變大B.F1

和F2

均變小C.F1

變大，F(xiàn)2

變小D.F1

變小，F(xiàn)2

變大13、如圖所示，粗細(xì)均勻的電阻為r

的金屬圓環(huán)，放在圖示的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

圓環(huán)直徑為L

長為L

電阻也為r

的金屬棒ab

放在圓環(huán)上，以v

0

向左運動到圖示圓心位置時；金屬棒兩端的電勢差的絕對值為______，通過金屬棒的電流的方向是______.(

填”從上往下”或者”從下往上”)

14、某同學(xué)要測量一個由均勻新材料制成的圓柱體的電阻率婁脩

步驟如下：(1)

用游標(biāo)卡尺測量其長度。(2)

用螺旋測微器測量其直徑。(3)

選用多用電表的電阻“x1

”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖所示，則該電阻的阻值約為____婁賂

(4)

為更精確地測量其電阻，可供選擇的器材如下：電流表A1(

量程600mA

內(nèi)阻約為2婁賂)

電流表A2(

量程150mA

內(nèi)阻約為10婁賂)

電壓表V1(

量程1V

內(nèi)阻r=1000婁賂)

電壓表V2(

量程15V

內(nèi)阻約為3000婁賂)

滑動變阻器R1(

最大阻值為5婁賂)

滑動變阻器R2(

最大阻值為1000婁賂)

電源E(

電動勢約為3V

內(nèi)阻r

約為1婁賂)

定值電阻R0=1000婁賂

開關(guān)，導(dǎo)線若干。為了使測量盡量準(zhǔn)確，測量時電表讀數(shù)不得小于其量程的13

電壓表應(yīng)選____，電流表應(yīng)選____，滑動變阻器應(yīng)選____填器材代號)

(5)

根據(jù)你選擇的器材，請在線框內(nèi)畫出實驗電路圖。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)15、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

19、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、實驗題(共2題，共10分)22、（14分）為了研究某導(dǎo)線的特性，某同學(xué)所做部分實驗如下：（1）用螺旋測微器測出待測導(dǎo)線的直徑，如圖甲所示，則螺旋測微器的讀數(shù)為mm；（2）用多用電表直接測量一段導(dǎo)線的阻值，選用“×10”倍率的電阻檔測量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，因此需選擇倍率的電阻檔(選填“×1”或“×100”)，歐姆調(diào)零后再進(jìn)行測量，示數(shù)如圖乙所示，則測量值為Ω；（3）另取一段同樣材料的導(dǎo)線，進(jìn)一步研究該材料的特性，得到電阻R隨電壓U變化圖像如圖丙所示，則由圖像可知，該材料在常溫時的電阻為Ω；當(dāng)所加電壓為3.00V時，材料實際消耗的電功率為W．(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)23、⑴如圖為多用電表的示意圖，其中S、K、Ｔ為三個可調(diào)節(jié)的部件，現(xiàn)用此電表測量一阻值約為20～30Ω的定值電阻，測量的某些操作步驟如下：①調(diào)節(jié)可調(diào)節(jié)部件S，使電表指針停在____位置；（選填“電流0刻度”、“歐姆0刻度”）②調(diào)節(jié)可調(diào)節(jié)部件K，使它在尖端指向歐姆檔_______位置；（選填“×1K”、“×100”、“×10”、“×1”）③將紅、黑表筆分別插入“＋”、“－”插孔，筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)可調(diào)節(jié)部件_______，使電表指針指向________位置。（選填“電流0刻度”、“歐姆0刻度”）(2)歐姆表調(diào)零后，用“×10”檔測量另一個阻值未知的電阻阻值，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度很小，則下列說法和做法中正確的是：（）A.這個電阻的阻值很小B.這個電阻的阻值很大C．為測得更準(zhǔn)確些，應(yīng)當(dāng)換用“×1”檔，并且重新調(diào)零后進(jìn)行測量D．為測得更準(zhǔn)確些，應(yīng)當(dāng)換用“×100”檔，并且重新調(diào)零后進(jìn)行測量評卷人得分五、綜合題(共1題，共6分)24、電磁波在日常生活中和生產(chǎn)中得到了廣泛的應(yīng)用。對照電磁波的形成過程示意圖可知：

(1)

電磁波的本質(zhì)是不斷交替變化著的____和____由近及遠(yuǎn)在空間的傳播。(2)

在下列各電器中，屬于利用電磁波傳遞信號的是：()

A.打印機(jī)B.

有線電話C.

手機(jī)D.

電飯煲參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】家用電器上所標(biāo)的值均是有效值；而不是最大值；交流電表所測的也是有效值．

用交流電的電冰箱上標(biāo)有額定電壓為“220V”是指的有效值．由于是交流電；所以電壓的瞬時值是不斷在發(fā)生變化．故選：D

【點評】家用交流電是正弦式變化規(guī)律，所以有效值等于最大值除以根號2．2、B【分析】解：雨過天晴時；太陽光照在枝葉上的雨珠上，白光經(jīng)水珠折射以后，分成各種彩色光，這種現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象.

所以選項ACD的說法都是不正確的，只有選項B正確．

故選：B

．

雨后當(dāng)太陽光射入空氣中的小水滴時；太陽光經(jīng)過折射發(fā)生色散，從而感覺雨露呈現(xiàn)彩色．

本題主要考查色散的原理，類似與雨后彩虹的形成，基礎(chǔ)題．【解析】B

3、B【分析】解：A；B、振動圖象縱坐標(biāo)表示位移；橫坐標(biāo)表示時間，所以振動圖象反映的是振子位移隨時間的變化規(guī)律，并不是振子運動的實際軌跡，故A錯誤，B正確。

C；振子在B位置的位移等于B點處縱坐標(biāo)；不是曲線BC的長度，故C錯誤。

D；位移圖象并不是振子運動的軌跡；所以不能說“振子運動到B點”。根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，B點切線斜率正負(fù)表示B狀態(tài)的速度方向，而不是切線方向表示速度方向。故D錯誤。

故選：B。

振動圖象所反映的是振子位移隨時間的變化規(guī)律；并不是振子運動的實際軌跡，位移時間圖象切線的斜率表示速度．圖象的縱坐標(biāo)表示位移．

本題關(guān)鍵要準(zhǔn)確理解簡諧運動圖象的物理意義，可根據(jù)兩個坐標(biāo)的含義加深理解，知道位移圖象與軌跡是兩回事．【解析】B4、D【分析】【解析】試題分析：由歐姆定律公式可知：導(dǎo)體中電流與導(dǎo)體兩端的電壓和導(dǎo)體的電阻有關(guān).A、對某一段導(dǎo)體來說，導(dǎo)體中的電流跟它兩端的電壓成正比；正確，不選B、在相同電壓的條件下，不同導(dǎo)體中的電流跟電阻成反比；正確，不選C、導(dǎo)體中的電流既與導(dǎo)體兩端的電壓有關(guān)也與導(dǎo)體電阻有關(guān)；正確，不選D、因?qū)w中電流與導(dǎo)體兩端的電壓和導(dǎo)體的電阻決定的；則導(dǎo)體中的電流只與導(dǎo)體兩端的電壓有關(guān)，與導(dǎo)體的電阻無關(guān)；說法錯誤，應(yīng)選故選D考點：歐姆定律【解析】【答案】D5、C【分析】由電容的定義式C=

得板間電壓U=

板間場強(qiáng)E=

=

.

試探電荷q

由A

點移動到B

點，電場力做功W=qEssin30鈭?=

故選C

【解析】C

二、填空題(共9題，共18分)6、略

【分析】【解析】試題分析：：（1）物體處于完全失重狀態(tài)，對支持面沒有壓力，所以沒有摩擦力，因而可以忽略不計。（2）通過示意圖，物體做勻速圓周運動的向心力大小通過彈簧可以測出，即且測量物體做圓周運動的圈數(shù)n和總時間t，即可測得周期。因此帶入可得：化簡則即需要測量彈簧秤的示數(shù)F、圓周運動的半徑R、圓周運動的周期T（或n周的時間t）。（3）考點：考查圓周運動【解析】【答案】(1)物體對桌面無壓力(2)彈力大小：作圓周的周期和半徑(3)m=FT2/4π2R7、負(fù)不相等【分析】【解答】下降過程中，阻力始終與運動方向相反，做負(fù)功；由于任意相等的時間內(nèi)下落的位移不等，所以，任意相等時間內(nèi)重力做的功不等．【分析】分析受力判斷做功，判斷機(jī)械能守恒。8、略

【分析】解：當(dāng)導(dǎo)線與磁場的方向垂直時，這條導(dǎo)線在該磁場中所受的安培力的最大值為：Fmax=BIL=0.8×0.2×5=0.8N；當(dāng)導(dǎo)線與磁場平行時，安培力最小，最小值為0．

故答案為：0.80

已知電流；導(dǎo)線長度與磁感應(yīng)強(qiáng)度；由安培力公式可以求出導(dǎo)線受到的安培力．

掌握好左手定則，注意安培力表達(dá)式的長度為有效長度，即垂直于磁感線的長度；當(dāng)導(dǎo)線與磁場的方向垂直時，這條導(dǎo)線在該磁場中所受的安培力最大，當(dāng)導(dǎo)線與磁場平行時，安培力最小．【解析】0.8；09、略

【分析】24鈭?A

【分析】明確感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件；當(dāng)穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，從而電流表G

讀數(shù)不為零。本題考查了楞次定律的應(yīng)用以及感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件，要注意明確掌握楞次定律是正確解題的關(guān)鍵。【解答】由圖示可知；穿過線圈的磁場方向豎直向上，當(dāng)把磁鐵插入線圈時，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場方向與原磁場方向相反，電流表G

指針不為零；

保持磁鐵在線圈中靜止；穿過線圈的磁通量不變，線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流表G

指針為零。

故填：不為零；為零24鈭?B.

【分析】

圖中電阻R

與R0

串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律列式求解電流表達(dá)式，分析電流變化情況；在根據(jù)P=I2R0

分析R0

電功率變化情況。本題關(guān)鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律列式分析電流變化情況，再根據(jù)功率的公式分析電功率的變化情況，基礎(chǔ)題目。【解答】

?根據(jù)閉合電路歐姆定律，有：I=Er+R+R0

故增大滑動變阻器R

的阻值后，電流減小；

根據(jù)P=I2R0

電阻R0

消耗的功率將變小；

故填：變小，變小

【解析】24鈭?A.

不為零；為零24鈭?B.

變小，變小10、1：21：41：21：1【分析】解：設(shè)線框切割磁感線的邊長為L．

線框受到的安培力：FB=BIL=BL=

線框勻速運動，由平衡條件得：拉力F=FB=

可知拉力與速度v成正比；則拉力之比為1：2．

拉力功率P=Fv=拉力功率與速度的平方成正比，則拉力功率之比為v2：（2v）2=1：4．

線框產(chǎn)生的熱量燈油克服安培力做功，則Q=FBL=產(chǎn)生的熱量與速度成正比；

則產(chǎn)生的熱量之比為v：2v=1：2．

感應(yīng)電荷量：q=It=t==

故通過導(dǎo)線截面的電量之比是：1：1．

故答案為：1：2；1：4，1：2，1：1．

由安培力公式求出安培力；由平衡條件求出拉力大小，然后求出拉力大小之比；由P=Fv求出功率之比；克服安培力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱，由功的計算公式求出線框產(chǎn)生的熱量之比；由電流定義式；歐姆定律求出感應(yīng)電荷量之比．

本題考查了求拉力之比、拉力功率之比、產(chǎn)生的熱量之比、感應(yīng)電荷量之比，先求出各物理量的表達(dá)式，然后再求它們的比值；熟練應(yīng)用基礎(chǔ)知識，基本公式即可正確解題．【解析】1：21：41：21：111、略

【分析】解：（1）單擺的擺長應(yīng)是球自然下垂時從懸點量至球心的距離；為減小誤差，擺線的長度要適當(dāng)長一些，所以應(yīng)選擇長100cm的擺長．

故選：A

（2）由圖示游標(biāo)卡尺可知；主尺示數(shù)為2cm=20mm，游標(biāo)尺示數(shù)為3×0.1mm=0.3mm，擺球的直徑為20mm+0.3mm=20.3mm．

（3）從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為0，到第n次經(jīng)過最低點時，單擺完成全振動的次數(shù)為在此期間所用的時間內(nèi)為t，則單擺的周期T=．

（4）單擺的擺長：L=L′+單擺周期T=由單擺周期公式T=2π可知，重力加速度：g==．

（5）由單擺周期公式T=2π可知，重力加速度g=

A；單擺的懸點未固定緊；振動中出現(xiàn)松動，使擺線增長了，使所測周期T偏大，g偏小，故A錯誤；

B；把n次擺動時間誤記為（n+1）次擺動的時間；使所測周期T偏小，g偏大，故B正確；

C；以擺線長作為擺長來計算；擺長偏小，所測g偏小，故C錯誤；

D；以擺線長與擺球的直徑之和作為擺長來計算；擺長L偏大，所測g偏大，故D正確；

故選BD．

（6）由單擺周期公式T=2π可知，T2=L，T2-L圖象的斜率k=重力加速度：g=

故答案為：（1）A；（2）20.3；（3）（4）（5）BD；（6）

（1）擺線長度與擺球半徑之和是單擺擺長；即擺長為擺線懸點到球心的距離；為減小誤差，擺線的長度要適當(dāng)長一些．

（2）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)．

（3）單擺完成一次全振動需要的時間是一個周期；根據(jù)題意求出單擺的周期．

（4）根據(jù)題意求出單擺的周期；單擺擺長等于擺線長度與擺球半徑之和，由單擺周期公式求出重力加速度表達(dá)式．

（5）由單擺周期公式求出重力加速度的表達(dá)式；分析實驗誤差．

（6）由重力加速度的表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)知識分析T2-l圖線斜率的意義．

常用儀器的讀數(shù)要掌握，這是物理實驗的基礎(chǔ)．掌握單擺的周期公式，從而求解加速度，擺長、周期等物理量之間的關(guān)系．單擺的周期采用累積法測量可減小誤差．對于測量誤差可根據(jù)實驗原理進(jìn)行分析．【解析】A；20.3；BD；12、略

【分析】【分析】(1)

讀數(shù)時注意刻線所對的位置，同時不要忘記估讀；(2)

結(jié)合力的圖示，作圖即可求解；(3)

結(jié)合三角形法則可知，當(dāng)兩個分力方向不變，合力變大時，兩個分力都變大；本題簡單考查了力的合成法則，注意準(zhǔn)確作圖。【解答】(1)

結(jié)合條件，該彈簧測力計的最小精度為0.1N

恰好只在4

上，估讀到最下精度下一位，即4.00N

(2)

精確作圖，利用力的圖示可知：結(jié)合作圖讀出合力大小為4.5N

(3)

結(jié)合三角形法則可知，當(dāng)兩個分力方向不變，合力變大時，兩個分力都變大，故A正確；故填：(1)4.00

(2)

如答圖4.5(4.2隆陋4.8)

(3)A

【解析】(1)4.00

(2)

如答圖4.5(4.2隆陋4.8)

(3)A(3)A13、a到b【分析】解：當(dāng)ab

棒以v

向左運動到圖示圓心位置時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=BLv0

外電路總電阻為：R=r2隆脕r2r2+r2+r==5r4

金屬棒兩端的電勢差是外電壓；由歐姆定律得金屬棒兩端電勢差為：

U=I隆脕r4=E5r4隆脕r4=E5=15BLv0

依據(jù)右手定則，即可知，通過金屬棒的電流的方向是a

到b

故答案為：15BLv0a

到b

金屬棒向左運動；切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，相當(dāng)于電源，由E=BLv

求出感應(yīng)電動勢.

由并聯(lián)電路特點求出外電路電阻，然后應(yīng)用歐姆定律求出金屬棒兩端電勢差，再依據(jù)右手定則來判定感應(yīng)電流方向．

電磁感應(yīng)與電路知識的綜合，分清金屬棒兩端電勢差是外電壓還是內(nèi)電壓是關(guān)鍵，并掌握右手定則的應(yīng)用．【解析】15BLv0a

到b

14、（3）22（4）V1A2R1（5）如圖所示：【分析】【分析】(3)

用歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率；當(dāng)指針指在中央附近時測量值較準(zhǔn)確；

(4)

根據(jù)電源電動勢選擇電壓表；根據(jù)通過待測電阻的最大電流選擇電流表，在保證安全的前提下，為方便實驗操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器；

(5)

為準(zhǔn)確測量電阻阻值，應(yīng)測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據(jù)待測電阻與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法，作出實驗電路圖。本題考查了測定金屬電阻率的實驗，明確實驗原理和誤差來源，明確電流表、電壓表和滑動變阻器的選擇要求。【解答】(3)

該電阻的阻值約為22.0隆脕1婁賂=22.0婁賂

(4)

電源電動勢為3V

直接使用電壓表V1

量程太小；

為了使測量盡量準(zhǔn)確，測量時電表讀數(shù)不得小于其量程的13

使用電壓表V2

量程又太大，可以把電壓表V1

與定值電阻R0

串聯(lián)；增大其量程進(jìn)行實驗，故電壓表選擇V1

待測電阻兩端的電壓不能超過2V

最大電流不超過100mA

所以電流表選A2

待測電阻的電壓從零開始可以連續(xù)調(diào)節(jié)；變阻器采用分壓式接法，為保證電路安全方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選R1攏祿

(5)

為準(zhǔn)確測量電阻阻值；應(yīng)測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器可以采用分壓接法，由于待測電阻阻值接近電流表內(nèi)阻，所以采用電流表外接法，電路圖如圖所示：

故答案為：(3)22

(4)V11A2,R1_攏祿

(5)

如圖所示：【解析】(3)22

(4)V1A2R1

(5)

如圖所示：三、判斷題(共7題，共14分)15、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．19、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．21、B【分析】【