…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）必修3物理下冊階段測試試卷774考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1和R2是兩個定值電阻．當滑動變阻器的觸頭向a滑動時，流過R1的電流I1和流過R2的電流I2的變化情況是。

A.I1增大，I2減小B.I1減小，I2增大C.I1增大，I2增大D.I1減小，I2減小2、催化燃燒式氣體傳感器可以檢測一氧化碳氣體，當一氧化碳氣體達到一定的濃度，傳感器中的檢測片燃燒，使檢測片溫度上升、檢測片的電阻增加，如圖所示電路中，R為催化燃燒式氣體傳感器的檢測片。當環(huán)境一氧化碳氣體達到一定濃度；會發(fā)現(xiàn)（）

A.電壓表、電流表示數(shù)均減小B.電壓表，電流表示數(shù)均增大C.電壓表示數(shù)減小，電流表示數(shù)增大D.電壓表示數(shù)增大，電流表示數(shù)減小3、關(guān)于電動勢下列說法中正確的是（）A.電動勢的大小，與非靜電力做的功的大小成正比，與所移動的電荷量的大小成反比B.電源與外電路斷開時，電路中電流為0，因此電動勢也為0C.電動勢由電源中非靜電力的特性及電路共同決定，外電路變化時，也變化D.電動勢是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量4、如圖所示，水平面內(nèi)三點A、B、C為等邊三角形的三個頂點，三角形的邊長為L，O點為邊的中點。為光滑絕緣細桿，D點在O點的正上方，且D點到A、B兩點的距離均為L，在A、B兩點分別固定點電荷，電荷量均為現(xiàn)將一個質(zhì)量為m、電荷量為的中間有細孔的小球套在細桿上，從D點由靜止釋放。已知靜電力常量為k、重力加速度為g、且忽略空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.固定在A、B處兩點電荷的合電場在C、D兩點的場強相同B.小球在D點剛釋放時的加速度大小為C.小球到達C點的速度大小為D.小球?qū)⒃贒、C兩點之間做往復運動5、在方向水平的電場中有一粗糙、絕緣的水平面，將一帶電量為＋q的小物體輕放在水平面上，此后小物體做直線運動。以小物體的初始位置為坐標原點O，沿運動方向建立x軸，x軸上各點的電勢隨位置坐標x的變化如圖所示。圖中0～l為曲線，l～2l及2l～3l為直線，圖像曲線部分和直線部分在處相切，已知小物體在處速度為最大值，在處速度恰好為零；下列說法錯誤的是（）

A.小物體從O到的過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為B.小物體運動過程中受到的摩擦力大小為C.的關(guān)系為D.小物體運動過程中的最大動能為6、如圖所示的電路，靈敏電流計G和一個電阻箱R并聯(lián)；改裝成一個大量程的電表，下列判斷正確的是（）

A.改裝成的是電流表，R越小量程越大B.改裝成的是電流表，R越大量程越大C.改裝成的是電壓表，R越小量程越大D.改裝成的是電壓表，R越大量程越大評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)7、如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，為滑動變阻器。當?shù)幕瑒佑|點在ab的中點時合上開關(guān)S，此時三個電表和V的示數(shù)分別為和U。現(xiàn)將的滑動觸點向a端移動；則（）

A.電源的總功率減小B.消耗的功率增大C.增大，減小，U增大D.減小，不變，U減小8、如圖所示，當電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）

A.電容器C兩極板間的電場強度增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.R1消耗的功率減小D.R2消耗的功率增大9、如圖所示，半徑為R的硬橡膠圓環(huán)，其上帶有均勻分布的負電荷，總電量為Q，若在圓環(huán)上切去一小段LAB（LAB遠小于R），則圓心O處產(chǎn)生的電場方向和場強大小應為())

A.方向由O指向ABB.方向由O指向CC.D.場強大小為場強大小為10、如圖甲所示，AB是某電場中的一條電場線，有一電子僅在電場力作用下，以某一初速度沿AB由A點運動到B點，該電子所經(jīng)位置的電勢能EP，隨它與A點的距離x的變化規(guī)律如圖乙所示；下列說法正確的是（）

A.電場線的方向由A指向BB.A點的電場強度比B點的大C.A點的電勢比B點的低D.該電子在A點時的速度比它在B點時的大11、如圖所示，兩個帶電量為+Q的等量同種電荷，一絕緣且光滑的豎直細桿與連線的中垂線重合，細桿和兩點電荷均固定，A、O、B為細桿上的三點，O為兩個點電荷連線的中點，AO=BO=h，現(xiàn)有電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球套在桿上，從A點以初速度v0向B先減速再加速運動；則可知（）

A.從A到B，小球的電勢能先增大后減小B.從A到B，小球的加速度一定先減小后增加C.小球運動到B點時的速度大小為D.小球從A到O與從O到B經(jīng)歷的時間相等12、兩只完全相同的靈敏電流計改裝成量程不同的電壓表如將兩表串聯(lián)起來后去測某一線路的電壓，則兩只表（）A.讀數(shù)相同B.指針偏轉(zhuǎn)的角度相同C.量程大的電壓表讀數(shù)大D.量程大的電壓表讀數(shù)小13、光敏電阻是一種電阻阻值隨光照強度變化而變化的元器件，廣泛應用于各種控制電路中。如圖所示為利用光敏電阻的一種控制電路，其中電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時；其電阻值減小），當光照強度增加時，下列判斷正確的是（）

A.電源的總電流增大B.R0兩端電壓變小C.A燈變亮D.B燈變暗評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、某同學利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度．該螺旋測微器校零時的示數(shù)如上左圖(a)所示，測量金屬板厚度時的示數(shù)如圖(b)所示．圖(a)所示讀數(shù)為_____________mm，圖(b)所示讀數(shù)為_________mm，所測金屬板的厚度為____________mm．

15、A點電勢為B點電勢為200V，則兩點間的電勢差為__________，將一電子從A點移到B點是__________（選填“電場力”或“克服電場力”）做功，電子的電勢能將_________（選填“增加”或“減少”）．16、在電源內(nèi)部，電子運動的方向為________（A．從正極到負極；B．從負極到正極。選填“A”或“B”）；非靜電力對電子做________功（選填“正”或“負”）。17、如圖，電阻電壓表示數(shù)為6V，電流表示數(shù)為0.5A，后來由于某一電阻斷路，電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)變?yōu)?.6A。則發(fā)生斷路的電阻是______，電池組的電動勢為______V。

18、在如圖（a）所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合開關(guān)S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖（b）所示。則電源的最大輸出功率為___________W，滑動變阻器R2的最大功率為___________W

評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)19、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內(nèi)，左右各一半面積的范圍內(nèi)，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

20、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

21、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

22、把蜂鳴器；光敏電阻、干簧管繼電器開關(guān)、電源連成電路如圖所示；制成光電報警裝置，當報警器有光照射時，峰鳴器發(fā)聲，當沒有光照或者光照很弱時，蜂鳴器不發(fā)聲，①光敏電阻：光敏電阻受光照后，阻值會變小，②干簧管繼電器開關(guān)：由干簧管和繞在干簧管外的線圈組成，當線圈中有一定的電流時，線圈產(chǎn)生的磁場使密封在干簧管內(nèi)的兩個鐵質(zhì)簧片磁化，兩個簧片在磁力作用下由原來的分離狀態(tài)變成閉合狀態(tài)，當線圈中沒有電流或者電流很微弱時，磁場消失，簧片在彈力的作用下恢復到分離狀態(tài)，電路已經(jīng)連接一部分，請將電路完整連接好。

評卷人得分五、實驗題(共2題，共16分)23、某同學想要描繪標有“3.8V；0.3A”字樣的小燈泡L的伏安特性曲線，要求測量數(shù)據(jù)；繪制曲線盡量準確。可供選擇的器材除小燈泡、開關(guān)、導線外，還有：

電壓表V；量程0～5V，內(nèi)阻約5kΩ

電流表A1；量程0～500mA，內(nèi)阻約0.5Ω

電流表A2；量程0～100mA，內(nèi)阻約4Ω

滑動變阻器R1；最大阻值10Ω，額定電流2.0A

滑動變阻器R2；最大阻值100Ω，額定電流1.0A

直流電源E；電動勢約6V，內(nèi)阻可忽略不計。

（1）上述器材中，電流表應選_______，滑動變阻器應選_______（填寫所選器材后的字母）。

（2）請將虛線框內(nèi)題圖甲所示的實驗電路圖補畫完整_______。

（3）該同學通過實驗得出了小燈泡的I﹣U圖像如題圖乙所示。由圖可知，隨著電壓的增加，小燈泡的電阻逐漸_______（選填“增大”或“減小”）；當小燈泡上的電壓為3.00V時，小燈泡的電阻是_______Ω（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（4）該同學在獲得了③中小燈泡的I﹣U圖像后，又把兩只這樣的小燈泡并聯(lián)，直接接在電動勢為4V、內(nèi)阻為8Ω的電源上組成閉合回路。請你利用圖像計算此時一只小燈泡的功率約為_______W（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（5）該同學看到實驗室還有一個最大阻值為17kΩ的滑動變阻器R3，想進一步探究若用R3來替換本實驗中的滑動變阻器結(jié)果會怎樣，請你分析論證該同學能否比較方便地獲取多組數(shù)據(jù)，進而得到比較理想的小燈泡的伏安特性曲線_______。24、某同學想測量一手機電池的電動勢和內(nèi)阻；可供使用的器材如下：

手機鋰電池（電動勢E約為3.7V，內(nèi)阻r約為0.22）；

電流表（量程為0~0.6A，內(nèi)阻約為3）；

電流表（量程為0~100mA，內(nèi)阻）；

電流表（量程為0~100A，內(nèi)阻）；

定值電阻

定值電阻

定值電阻

滑動變阻器（0~15）；

滑動變阻器（0~150）；

開關(guān)和導線若干。

（1）可以通過改裝電流表來測量電壓，應選擇電流表____________與定值電阻____________串聯(lián)；滑動變阻器應選擇____________。

（2）為了盡量準確地測量出電動勢和內(nèi)阻，請設計實驗電路圖，在以下虛線框內(nèi)畫出________（標出所選器材符號）。

（3）該同學認為用線性圖像處理數(shù)據(jù)便于分析，于是在實驗中改變滑動變阻器的阻值R，記錄兩電流表的示數(shù)獲取了多組數(shù)據(jù)，畫出的圖像如圖。可得該電池組的電動勢_________V，內(nèi)阻_________（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）。

評卷人得分六、解答題(共1題，共6分)25、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B分別接在電壓為的恒定電源上，兩板間距為電容器帶電荷量為A極板接地。求：

（1）平行板電容器的電容；

（2）距B板的C點的電勢；

（3）若穩(wěn)定后與電源斷開，把B板上移將一個電荷量的正點電荷從B板移到A板電場力所做的功？

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、B【分析】【詳解】

R的滑動觸點向a端移動時，R減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，所以通過R1的電流I1減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，故B正確。2、D【分析】【分析】

【詳解】

由題意知當環(huán)境一氧化碳氣體達到一定濃度，R增大；總電阻增大，則總電流減小，內(nèi)電壓減小，根據(jù)。

可知路端電壓增大；因此電壓表V示數(shù)增大，通過滑動變阻器的電流增大，則電流表A示數(shù)減小。

故選D。3、D【分析】【詳解】

A．電動勢E的大小是由電源中非靜電力的特性決定的，與非靜電力W的大小無關(guān)，與所移動的電荷量q的大小無關(guān)；A錯誤；

B．當電源與外電路斷開時，電路中的電流為0，但電動勢不變，仍為E；B錯誤；

C．電動勢E是由電源中非靜電力的特性決定的，跟外電路無關(guān)，所以外電路變化時，E不變；C錯誤；

D．電動勢E是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量；D正確。

故選D。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在A、B兩點分別固定一點電荷，電荷量均為-Q，那么A、B兩點在D點的電場強度方向由D指向O，在C點的電場強度方向由C指向O，根據(jù)點電荷場強公式以及矢量合成法則可知，C點和D點的電場強度大小相同；但方向不同，故A錯誤；

B．小球在D點剛釋放時，小球受到A點電荷的庫侖力大小為

受到B點電荷的庫侖力大小為

因為它們的夾角為60°，則庫侖合力大小為

小球除受到庫侖力外還受到重力和支持力，它們的合力為

且

根據(jù)牛頓第二定律，可得小球加速度為

故B錯誤；

C．由題意可知，C、D處于A、B兩點電荷的連線的中垂面上，且C、D到中點O點距離相等，那么C點的電勢和D點的電勢相等，則小球從D點到C點的過程中，只有重力做正功，庫侖力不做功，根據(jù)動能定理可得

解得

故C正確；

D．因小球達到C點時速度沿桿向下，故小球不可能在D、C兩點之間做往復運動；故D錯誤。

故選C。5、B【分析】【詳解】

A．小物體從O到過程中由能量守恒定律可知，小物體減少的電勢能均轉(zhuǎn)化為摩擦生熱，所以小物體從O到過程中由于摩擦產(chǎn)生的熱量為故A正確，不符合題意；

B．因小物體位于時速度剛好最大，故此時加速度為零，所以其所受摩擦力為

故B錯誤；符合題意；

C．小物體從O到過程中由能量守恒定律得

解得

故C正確；不符合題意；

D．小物體在到過程中由動能定理得

解得

故D正確；不符合題意。

故選B。6、A【分析】【詳解】

AB．改裝成了電流表，R越小分流能力越強，電流表量程越大，R越大分流能力越弱；電流表量程越小，故A正確，B錯誤；

CD．把電流計改裝成電壓表應給電流計串聯(lián)一個分壓電阻，串聯(lián)電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯(lián)；改裝成的是電流表，故CD錯誤。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)7、A:C【分析】【詳解】

A．的滑動觸點向a端移動時，增大，整個電路的總電阻增大，總電流減小，根據(jù)電源的總功率

電源的總功率減小；故A正確；

B．消耗的功率

總電流減小，消耗的功率減小；故B錯誤；

CD．總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，即電壓表示數(shù)U增大，電壓減小，并聯(lián)電壓增大，通過的電流增大，即示數(shù)增大，而總電流I減小，則通過的電流減小，即示數(shù)減小；故C正確，D錯誤；

故選AC。8、A:C【分析】【詳解】

A．滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過電源的電流減小，路端電壓增大，由歐姆定律知兩端電壓減小；電容器兩極間電壓增大，兩板間的電場強度增大；選項A正確；

B．以上分析知；滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大；選項B錯誤；

C．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，通過的電流減小，消耗的功率減小；選項C正確；

D．通過的電流減小，而接入電路的電阻增大，故消耗的功率變化無法確定；D選項錯誤。

故選AC.9、B:C【分析】【詳解】

未切去AB段時，AB段圓環(huán)的帶電量q=LAB遠小于R，可將AB段看成點電荷，則AB段在O點產(chǎn)生的電場強度方向由O指向AB，根據(jù)圓心0點的電場強度為零，得知剩余部分在O點產(chǎn)生的場強大小等于方向由O指向C，故BC正確，AD錯誤．故選BC．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵掌握點電荷的場強公式，以及知道AB段與剩余部分在O點產(chǎn)生的場強大小相等，方向相反．10、B:C【分析】【詳解】

ABC．由圖乙可知電子的電勢能Ep隨它與A點的距離x的增大而減小，根據(jù)

可知電子所在位置的電勢逐漸升高，電場線的方向由B指向A。圖乙的斜率為電場力，斜率變小，電場力變小，則電場強度變小，即A點的電場強度比B點的大；A錯誤，BC正確；

D．電勢能減小，則電場力做正功，動能增大，電子在A點時的速度比它在B點時的速度小；D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

A．由等量同種電荷的電場分布可知到電勢先增大后減小；小球的電勢能先增大后減小，故A選項正確；

B．由等量同種電荷的中垂線上場強分布特點知，點有可能在最大電場強度的上方或下方；小球先減速再加速運動，開始時電場力大于重力；若點在最大電場強度的上方，根據(jù)受力牛頓第二定律可知到的過程中；小球的加速度先增大后減小到零然后反向增大最后再減小，故B選項錯誤；

C．到電場力的功為零，據(jù)動能定理對A到B過程有

求得點速度大小為

故C選項正確；

D．小球從點以初速度向先減速再加速運動，小球從A到B過程所受電場力關(guān)于O點對稱，小球另外還受重力，所以小球到O與從O到經(jīng)歷的時間不相等；故D選項錯誤。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

B．由于兩個電壓表是用相同的電流表改裝的；當兩個電壓表串聯(lián)使用時，通過兩表的電流是相同的，所以表頭指針偏轉(zhuǎn)的角度是相同的，故B正確；

A．刻度盤上的示數(shù)表示的是電壓表兩端的電壓；量程不同的電壓表內(nèi)阻不同，電流相同，所以其示數(shù)是不同的，故A錯誤。

CD．表頭指針偏轉(zhuǎn)的角度是相同的；所以量程大的電壓表讀數(shù)大，故C正確，D錯誤。

故選BC。13、A:D【分析】【詳解】

A．當光照強度增加時；光敏電阻的電阻值減小，故總電路的阻值在減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電源的總電流增大，A正確；

BC．電源的總電流增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路的外電壓變小；由歐姆定律可知A燈電流變小，A燈變暗；則流過R0的電流變大；兩端電壓變大，BC錯誤；

D．電路的干路電壓變小，R0兩端電壓變大則燈泡兩端的電壓變小；故B燈變暗，D正確。

故選AD。三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【詳解】

試題分析：解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測微器的讀數(shù)方法；固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．

解：圖（a）中螺旋測微器的固定刻度為0mm；可動刻度為1.0×0.01mm=0.010mm，所以最終讀數(shù)為0mm+0.010mm=0.010mm．

圖（b）中螺旋測微器的固定刻度為6.5mm；可動刻度為37.0×0.01mm=0.370mm，所以最終讀數(shù)為6.5mm+0.370mm=6.870mm．

所測金屬板的厚度為6.870mm﹣0.010mm=6.860mm．

【點評】

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關(guān)測量．【解析】0.010(±0.001)6.870(±0.001)6.860(±0.002)15、略

【分析】【詳解】

[1]將電子從AB的電勢差

[2][3]A點的電勢小于B點的電勢，電子從A移動到B電場力做正功，電勢能將減小。【解析】電場力減少16、略

【分析】【詳解】

[1]電源是通過非靜電力做功把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電勢能的裝置；故在電源內(nèi)部電子在非靜電力的作用下由電源的正極運動到電源的負極。

故選A。

[2]電子在非靜電力的作用下由電源的正極運動到電源的負極的過程非靜電力做正功。【解析】A正17、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知，若R1斷路，電流表示數(shù)是零，不符合題意；若R3斷路，電壓表示數(shù)是零，不符合題意，因此是R2斷路。

[2]在R2斷開時，電壓表示數(shù)為U2=9V，測的是R1兩端的電壓，電流表示數(shù)變?yōu)镮2=0.6A可得

在R2沒斷開時，電壓表示數(shù)為U1=6V，電流表示數(shù)為I1=0.5A，可知此時R1兩端的電壓，則有

可知R3兩端的電壓是7.5V?6V=1.5V

則有

由閉合電路歐姆定律可得

代入數(shù)據(jù)解得r=7.5ΩE=13.5V【解析】R213.518、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當R2的滑動頭P滑到最左端時，電壓表V2的示數(shù)為0，可知圖線甲是V2示數(shù)隨電流變化的圖線。由兩圖線得U1+U2=5V≠U1′+U2′=3V

可知電源有內(nèi)阻R1==5Ω，R2m==20Ω

由閉合電路歐姆定律I=

得0.2=0.6=

解得E=6V，r=5Ω

當R2=0時，因R1=r電源有最大輸出功率Pm==1.8W

[2]把R1等效成電源內(nèi)阻，則當R2=R1+r時，R2上有最大功率P2m==0.9W【解析】1.8W0.9W四、作圖題(共4題，共20分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

線框穿過磁場的過程可分為三個階段，進入磁場階段（只有邊在磁場中），在磁場中運動階段（兩邊都在磁場中），離開磁場階段（只有邊在磁場中）。

①線框進入磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性增加，最后為

②線框在磁場中運動階段：對應，時間內(nèi)，穿過線框的磁通量線性減小，最后為時間內(nèi)，穿過線框的磁通量反向線性增加，最后為

③線框離開磁場階段：對應穿過線框的磁通量線性減小，最后為

畫出圖像如圖所示。

【解析】見解析20、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

第一幅圖中線圈內(nèi)部磁場垂直紙面向外；根據(jù)右手定則可以判斷，電流為逆時針；第二幅圖中，磁場向上，根據(jù)右手定則可以判斷，左端電流垂直紙面向外，右端電流垂直紙面向里。

【解析】第一幅圖中電流為逆時針；第二幅圖左端電流垂直紙面向外；右端電流垂直紙面向里。

22、略

【分析】【分析】

【詳解】

電池；光敏電阻與開關(guān)及干簧管繼電器開關(guān)外面接線構(gòu)成一個回路；而另一組電池、蜂鳴器與干簧管繼電器開關(guān)里面的兩個接線構(gòu)成又一個回路。當有光照時，光敏電阻阻值變小，使得干簧管繼電器開關(guān)存在磁場，導致開關(guān)接通，最終使得蜂鳴器發(fā)聲，電路如圖所示。

【解析】五、實驗題(共2題，共16分)23、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]小燈泡的額定電流為0.3A，則電流表選A1，為使小燈泡電壓從零開始變化，應采用分壓接法，則滑動變阻器選擇總阻值較小的R1；

（2）[3]小燈泡的電阻較小；遠小于電壓表內(nèi)阻，故采用電流表外接法，滑動變阻器采用分壓接法，如圖。

（3）[4]由圖可知；著電壓的增加，電壓與電流的比值增大，根據(jù)歐姆定律可知，小燈泡電阻增大；

[5]當小燈泡上的電壓為3.00V時，電流為.0.28A，根據(jù)歐姆定律電阻為11Ω；

（4）[6]把兩只這樣的小燈泡并聯(lián)，直接接在電動勢為4V、內(nèi)阻為8Ω的電源上，設